吉林省長(zhǎng)春市第一五〇中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中檢測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A、B疊放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起沿水平桌面向右加速運(yùn)動(dòng)設(shè)A、B之間的摩擦力大小為f1，B與水平桌面間的摩擦力大小為f2，保持A

2、、B相對(duì)靜止，逐漸增大F，則 ( ) Af1不變、f2變大Bf1變大、f2不變Cf1和f2都不變Df1和f2都變大2、如圖所示，將小球從地面以初速度豎直上拋的同時(shí)，將另一相同質(zhì)量的小球從距地面處由靜止釋放，兩球恰在處相遇（不計(jì)空氣阻力）則A兩球同時(shí)落地B相遇時(shí)兩球速度大小相等C從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相遇，球動(dòng)能的減少量等于球動(dòng)能的增加量D相遇后的任意時(shí)刻，重力對(duì)球做功功率和對(duì)球做功功率相等3、如圖所示，小球放在光滑的墻與裝有鉸鏈的光滑薄板之間，薄板在F作用下逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在墻與薄板之間的夾角緩慢地從90逐漸減小的過(guò)程中（ ）A小球?qū)Ρ“宓膲毫赡苄∮谛∏虻闹亓小球?qū)Ρ“宓恼龎毫σ恢痹龃驝小球?qū)Φ膲?/p>

3、力先減小，后增大D小球?qū)Φ恼龎毫Σ豢赡艽笥谛∏虻闹亓?、某日，一同學(xué)在游樂(lè)場(chǎng)乘坐摩天輪，已知摩天輪沿順時(shí)針?lè)较蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)的陽(yáng)光正好垂直水平地面照射，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是A該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)處于超重狀態(tài)B該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)所受合力為零C該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，他在地面上的影子速度恰好為零D該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到C、D兩點(diǎn)之間時(shí)，他在地面上的影子做加速運(yùn)動(dòng)5、2018年12月27日，北斗系統(tǒng)服務(wù)范圍由區(qū)域擴(kuò)展為全球，北斗系統(tǒng)正式邁入全球時(shí)代如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，己知A、B、C三顆衛(wèi)星均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A是地球同步衛(wèi)星，三個(gè)衛(wèi)星的半徑滿足rA=rB=nrC，己知地球自轉(zhuǎn)周

4、期為T，地球質(zhì)量為M，萬(wàn)有引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是A衛(wèi)星B也是地球同步衛(wèi)星B根據(jù)題設(shè)條件可以計(jì)算出同步衛(wèi)星離地面的高度C衛(wèi)星C的周期為DA、B、C三顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度大小之比為vA: vB: vc=6、一個(gè)小球從足夠高處水平拋出，空氣阻力忽略不計(jì)，小球拋出后的動(dòng)能隨時(shí)間變化的關(guān)系為，重力加速度取g=10m/s2，則( )A小球拋出的初速度為4m/sB小球的質(zhì)量為0.5kgC2s末小球的水平位移為2mD2s末小球的速度約為20.1m/s二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分

5、。7、如圖所示，空間有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在電場(chǎng)中P處由靜止下落質(zhì)量為W、帶電量為的小球(可視為質(zhì)點(diǎn)).在P的正下方h處有一水平彈性絕緣擋板S (擋板不影響電場(chǎng)的分布)，小球每次與擋板相碰后電量減小到碰前的倍( )，而碰撞過(guò)程中小球的機(jī)械能不損失，即碰撞前后小球的速度大小不變，方向相反.設(shè)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，擋板S處的電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是( ) A小球在初始位置P處的電勢(shì)能為B小球第一次與擋板相碰后所能達(dá)到的最大高度大于hC小球第一次與擋板相碰后所能達(dá)到最大高度時(shí)的電勢(shì)能等于D小球第一次與擋板相碰后所能達(dá)到的最大髙度小于h8、如圖所示，水平光滑軌道寬度和輕質(zhì)彈簧自然長(zhǎng)度均為d兩

6、物體m1和m2與彈簧連接，m2的左邊有一固定擋板m1由圖示位置靜止釋放，當(dāng)m1與m2相距最近時(shí)m1速度為v1，己知m1m2，則在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）Am1的最小速度是m1-m2m1+m2v1B存在某段時(shí)間m1向左運(yùn)動(dòng)Cm2的最大速度是v1Dm2的最大速度是2m1m1+m2v19、下列說(shuō)法正確的是（ ）A液晶分子的空間排列是穩(wěn)定的，具有各向異性B氣體的體積是指該氣體的分子所能達(dá)到的空間的體積，而不是所有分子體積之和C布朗運(yùn)動(dòng)雖然不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但是它可以說(shuō)明液體分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)D所有晶體由固態(tài)變成液態(tài)后，再由液態(tài)變成固態(tài)時(shí)，固態(tài)仍為晶體E.小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張

7、力的作用10、如圖，靜電噴涂時(shí)，噴槍噴出的涂料微粒帶負(fù)電，被噴工件帶正電，微粒只在靜電力作用下向工件運(yùn)動(dòng)，最后吸附在其表面微粒在向工件靠近的過(guò)程中（ ）A不一定沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)B所受電場(chǎng)力大小不變C電勢(shì)能逐漸減小D動(dòng)能逐漸減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）如圖所示，是某同學(xué)在做“研究勻加速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶，在紙帶上選取了A、B、C、D、E等5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)畫(huà)出來(lái)，其相鄰點(diǎn)間距離如圖所示 （1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器從打下A點(diǎn)到打下C點(diǎn)的時(shí)間內(nèi)，小車的平均速度是_ m/s（小數(shù)點(diǎn)后保留兩位有效數(shù)字），

8、這條紙帶的_ （左或右）端與小車相連（2）兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔著用T表示，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度的計(jì)算式a= _ （逐差法，用s和T表示）其大小為_(kāi) m/s2（小數(shù)點(diǎn)后保留兩位有效數(shù)字）12（12分）用如圖所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)， (1)該實(shí)驗(yàn)中必需使用到的儀器是_A天平 B秒表 C毫米刻度尺 D彈簧測(cè)力計(jì)(2)下列做法正確的有_A數(shù)據(jù)處理時(shí)，應(yīng)選擇紙帶上距離較近的兩點(diǎn)作為初、末位置B實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)用夾子夾住紙帶上端，使紙帶保持豎直C實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放手松開(kāi)紙帶再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D實(shí)驗(yàn)所用的電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接到220直流電源上(3)實(shí)驗(yàn)中，要從打出來(lái)的幾條紙帶中選擇第1、2個(gè)點(diǎn)的間距接近2mm、并

9、且點(diǎn)跡清晰的紙帶來(lái)進(jìn)行測(cè)量和數(shù)據(jù)處理。幾個(gè)同學(xué)在利用毫米刻度尺測(cè)量第1、2個(gè)點(diǎn)的間距時(shí)，測(cè)量結(jié)果分別記錄如下，你認(rèn)為哪一個(gè)符合測(cè)量讀數(shù)的規(guī)則？（_） A1.900mm B1.90mm C1.9mm D2mm(4)在一次實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量為m的重錘拖著紙帶自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，如下圖所示，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T，紙帶的左端與重錘相連，測(cè)出h1，h2，h3，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，則：從初速為零的起點(diǎn)O到打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B的過(guò)程中重力勢(shì)能的減少量EP=_；此過(guò)程中物體的動(dòng)能的增加量Ek=_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和

10、演算步驟。13（10分）如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化的P-V圖像，若已知該氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度為27，求：氣體在狀態(tài)A和C時(shí)的溫度分布為多少？氣體從狀態(tài)A沿圖中斜線變化到狀態(tài)C吸熱的熱量，比從狀態(tài)A到狀態(tài)B再到狀態(tài)C吸收的熱量多多少？14（16分）如圖所示，一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的小物塊處于一傾角為370的光滑斜面上，當(dāng)整個(gè)裝置被置于一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小物塊恰好靜止重力加速度為g，sin370=0.6，cos370=0.1求：(1)水平向右的電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度；(2)若將電場(chǎng)強(qiáng)度減小為原來(lái)的，電場(chǎng)強(qiáng)度變化后小物塊下滑距離L時(shí)的動(dòng)能15（12分）如圖所示，三個(gè)相同的木塊A、B、C質(zhì)

11、量均為m，置于光滑的水平面上，B、C之間有一輕質(zhì)彈簧，彈簧的左端與木塊B固連（右端與C不固連），彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，現(xiàn)使A以初速度2v0沿B、C的連線方向朝B運(yùn)動(dòng)，若A與B相碰后立即粘在一起（以后也不分開(kāi)），求：（1）以后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能；（2）以后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中C能獲得的最大速度。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)A物體：，對(duì)整體：，可見(jiàn)，當(dāng)F增大時(shí)，加速度a增大，f1變大；而，、mA、mB都不變，則f2不變，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】水平外力F逐漸增大，A、

12、B都保持相對(duì)靜止，加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律分別以A和整體為研究對(duì)象，分析摩擦力f1和f2的大小變化情況2、C【解析】試題分析：A、a球做的是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，b球是自由落體運(yùn)動(dòng)，它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不同，不可能同時(shí)落地，故A錯(cuò)誤B、從題目?jī)?nèi)容可看出，在處相遇，此時(shí)a球和b球的位移相同，時(shí)間相同，它們的加速度也相同，所以ab兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)的過(guò)程恰好是相反的，把a(bǔ)球的運(yùn)動(dòng)反過(guò)來(lái)看的話，應(yīng)該和b球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程一樣，所以在相遇時(shí)，a球的速度剛好為0，而b球的速度剛好為v0，所以B錯(cuò)誤C、由于兩球運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能守恒，兩球恰在處相遇，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相遇，由動(dòng)能定理可知，球a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能的增加量，選項(xiàng)C正確D

13、、相遇后，ab兩個(gè)球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同，故D錯(cuò)誤故選C3、B【解析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)受力平衡，由圖可知AB當(dāng)墻與薄板之間的夾角緩慢地從90逐漸減小的過(guò)程中，薄板給球的支持力逐漸增大，木板受到的壓力增大，小球?qū)Ρ“宓膲毫Σ豢赡苄∮谛∏虻闹亓Γ珹錯(cuò)誤B正確；CD當(dāng)墻與薄板之間的夾角緩慢地從90逐漸減小的過(guò)程中，墻壁給球的壓力逐漸增大，根據(jù)牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力增大，小球?qū)Φ恼龎毫赡艽笥谛∏虻闹亓?，CD錯(cuò)誤。故選B。4、A【解析】A由題意知該同學(xué)到A點(diǎn)時(shí)向心加速度向上，故處于超重狀態(tài)，故A正確；B該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)因?yàn)檫€是在做勻

14、速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合力提供向心力，故合力不為零，所以B錯(cuò)誤；C該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，因其速度水平，故投影到地面時(shí)速度不為零，即影子速度不為零，故C錯(cuò)誤；D該同學(xué)運(yùn)動(dòng)到C、D兩點(diǎn)之間時(shí)，因其分解到水平方向的運(yùn)動(dòng)在C點(diǎn)速度最大，水平分速度逐漸減小，到達(dá)D點(diǎn)水平分速度為0，所以他在地面上的影子做減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。5、D【解析】A項(xiàng)：地球同步衛(wèi)星必須定點(diǎn)于赤道正上方，所以衛(wèi)星B不是地球同步衛(wèi)星，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：對(duì)同步衛(wèi)星由萬(wàn)有引力提供向心力得：，由于不知道地球半徑，所以無(wú)法求出同步衛(wèi)星離地面的高度，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：a是地球同步衛(wèi)星，其周期為T，a的軌道半徑為c的k倍，由開(kāi)普勒第三定律，衛(wèi)星c的周期，故C

15、錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由衛(wèi)星速度公式得，A、B、C三顆衛(wèi)星的運(yùn)行速度大小之比為：，故D正確6、D【解析】由動(dòng)能定理 得出對(duì)應(yīng)可知，m=1kg，初動(dòng)能為所以 ；2s內(nèi)水平位移x=vt=4m；由J，2s末動(dòng)能帶入得， 選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】A、小球從P處到擋板，電場(chǎng)力做功電場(chǎng)力做功量度電勢(shì)能的變化，所以電勢(shì)能減小，而擋板S處的電勢(shì)為零，所以小球在初始位置P處的電勢(shì)能為，故A正確；根據(jù)動(dòng)能定理研究從P處到擋板得：根據(jù)動(dòng)能定理研究從擋板到最高點(diǎn)得：，碰撞過(guò)

16、程中小球的機(jī)械能不損失，即碰撞前后小球的速度大小不變，方向相反小球每次與擋板相碰后電量減小到碰前的k倍，所以,故B正確，C錯(cuò)誤；D、因?yàn)榕鲎埠笮∏虻碾姾闪繙p少，由總能量守恒知，與擋板相碰后所能達(dá)到最大高度大于h，故D錯(cuò)誤，故選AB.電場(chǎng)力做功量度電勢(shì)能的變化電勢(shì)能具有相對(duì)性，知道擋板S處的電勢(shì)為零，能求其他位置的電勢(shì)能根據(jù)動(dòng)能定理研究從P處到擋板，再?gòu)膿醢宓阶罡唿c(diǎn).8、BD【解析】從小球m1到達(dá)最近位置后繼續(xù)前進(jìn)，此后拉到m2前進(jìn)，m1減速，m2加速，達(dá)到共同速度時(shí)兩者相距最遠(yuǎn)，此后m1繼續(xù)減速，m2加速，當(dāng)兩球再次相距最近時(shí)，m1達(dá)到最小速度，m2達(dá)最大速度：兩小球水平方向動(dòng)量守恒，速度相同

17、時(shí)保持穩(wěn)定，一直向右前進(jìn)，選取向右為正方向，則：m1v1=m1v1+m2v212m1v12=12m1v12+12m2v22； 解得：v1=m1-m2m1+m2v1，v2=2m1m1+m2v1故m2的最大速度為2m1m1+m2v1，此時(shí)m1的速度為m1-m2m1+m2v1，由于m1m2，可知當(dāng)m2的速度最大時(shí)，m1的速度小于1，即m1的速度方向?yàn)橄蜃?，所以m1的最小速度等于1故AC錯(cuò)誤，BD正確；故選BD9、BCE【解析】A液晶具有各向異性，分子的空間排列是不穩(wěn)定的，A錯(cuò)誤；B氣體分子間的距離較大，分子間作用力微弱，氣體分子能自由運(yùn)動(dòng)，氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達(dá)的空間的體積，由于氣體分

18、子間距較大，氣體的體積大于該氣體所有分子體積之和；B正確；C布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的間接反映；C正確；D水晶為晶體，熔化再凝固后變?yōu)榉蔷w，D錯(cuò)誤；E液體表面分子較為稀疏，故分子間表現(xiàn)為引力；從而使小草上的露珠呈球形；E正確；故選BCE?！军c(diǎn)晴】本題考查布朗運(yùn)動(dòng)、分子間的引力和斥力、晶體、液體的表面張力等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)。10、AC【解析】A. 由于涂料微粒有初速度，故不一定沿電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，故A正確；B. 由圖知，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電，則在涂料微粒向工件靠近的過(guò)程中，離工件越近，根據(jù)庫(kù)侖定律得知，涂料微粒所受庫(kù)

19、侖力越大故B錯(cuò)誤；CD.涂料微粒向工件靠近的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)涂料微粒做正功，其電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大故C正確，D錯(cuò)誤故選AC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、0.40； 左； (s4+s3)-(s2+s1)4T2 0.80 【解析】(1)每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)畫(huà)出來(lái)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器從打下A點(diǎn)到打下B點(diǎn)所用的時(shí)間是0.1s，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器從打下A點(diǎn)到打下C點(diǎn)的時(shí)間內(nèi)，小車的平均速度vAC=3.62+4.3820.110-2m/s=0.40m/s;由紙帶數(shù)據(jù)，可知，這條紙帶的左端與小車相連.(2

20、)由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，設(shè)A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2,x4-x2=2a2T2,為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對(duì)二個(gè)加速度取平均值a=a1+a22,得a=(x4-x2)-(x3-x1)4T2=0.80m/s2.【點(diǎn)睛】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用12、 C B C 【解析】(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，實(shí)驗(yàn)需要用刻度尺測(cè)距離，故選C；(2) A、為了減小測(cè)量數(shù)據(jù)h的相對(duì)誤差，數(shù)據(jù)處理時(shí)，應(yīng)選擇紙帶上距離較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)作為初、末位置，故A錯(cuò)誤B、為了保證紙帶在豎直方向做自由落體，實(shí)驗(yàn)前，手應(yīng)提住紙帶上端，并使紙帶豎直，故B正確C、實(shí)驗(yàn)時(shí)，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源再放手松開(kāi)紙帶，故C錯(cuò)誤D、實(shí)驗(yàn)所用的電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接到220V交流電源上，故D錯(cuò)誤；故選B(3)毫米刻度尺的分度值為1