廣東省顏錫祺中學2022-2023學年物理高三第一學期期中達標檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物體做勻變速直線運動，已知第2s內的位移為6m，第3s內的位移為4m，則下列說法正確的是( )A物體的初速度為9m/sB物體的加速度為3m/s2C物體在第4秒內的位移為0D物

2、體在前2s內的位移為8m2、某快遞公司分揀快件的水平傳輸裝置示意圖如圖，皮帶在電動機的帶動下保持的恒定速度順時針轉動，現將一質量為的郵件輕放在皮帶上，郵件和皮帶間的動摩擦力因數，設皮帶足夠長，取，在郵件與皮帶發(fā)生相對滑動的過程中A皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是一對平衡力B皮帶對郵件做的功和郵件對皮帶做的功互為相反數C相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為2JD相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為1J3、如圖所示，一只小鳥沿著較粗且均勻的樹枝從右向左緩慢爬行，在小鳥從A運動到B的過程中A樹枝對小鳥的作用力先減小后增大B樹枝對小鳥的摩擦力先增大后減小C樹枝對小鳥的彈力先增大后減小D

3、樹枝對小鳥的彈力保持不變4、近年來，智能手機的普及使“低頭族”應運而生近日研究發(fā)現，玩手機時，就有可能讓頸椎承受多達60磅(約270 N)的重力，相當于給頸椎掛兩個大西瓜，比一個7歲小孩還重不當的姿勢與一系列健康問題存在關聯，如背痛、體重增加、胃病、偏頭痛和呼吸道疾病等當人體直立時，頸椎所承受的壓力等于頭部的重力，但當低頭時，頸椎受到的壓力會隨之變化現將人體頭頸部簡化為如圖的模型：重心在P點的頭部，在可繞O轉動的頸椎OP(輕桿)的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下處于靜止當低頭時，頸椎與豎直方向的夾角為45，PQ與豎直方向的夾角為60，此時，頸椎受到的壓力約為直立時頸椎受到的壓力的()A3.3

4、倍B4.2倍C2.8倍D2.0倍5、如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，abcdL，adbc2L，電場線與矩形所在的平面平行已知a點電勢為20 V，b點電勢為24 V，d點電勢為12 V一個質子從b點以速度v0射入此電場，入射方向與bc成45角，一段時間后經過c點不計質子的重力下列判斷正確的是（ ）Ac點電勢高于a點電勢B場強的方向由b指向dC質子從b運動到c所用的時間為D質子從b運動到c，電場力做功為4 eV6、一列波長大于1 m的橫波沿著x軸正方向傳播處在x11 m和x22 m的兩質點A、B的振動圖象如圖所示，由此可知( )A波長為mB波速為1m/

5、sC3 s末A、B兩質點的位移相同D1 s末A點的振動速度大于B點的振動速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上A、B間的動摩擦因數為，B與地面間的動摩擦因數為(0)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g.現對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是() A若Fmg，A、B間的摩擦力一定為零B當F7.5mg時，A相對B滑動C當F3mg時，A的加速度為gD若去掉B上的力，而將F3mg的力作用在A上

6、，則B的加速度為0.1g8、如圖所示，一光電管的陰極用極限波長為0的鈉制成用波長為的紫外線照射陰極，光電管陽極A和陰極K之間的電勢差為U，飽和光電流的值（當陰極K發(fā)射的電子全部到達陽極A時，電路中的電流達到最大值，稱為飽和光電流）為I，電子電荷量為e，則A若入射光強度增到原來的三倍，但光子的能量不變，從陰極K發(fā)射的光電子的最大初動能可能增大B若改用同樣強度的藍光照射可能逸出光電子C每秒鐘內由K極發(fā)射的光電子數目為D發(fā)射的電子到達A極時的動能最大值為9、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質D構成電容器通過開關S及電阻及與電源E相連接則AM上移電容器的電容變大B將D從電容器抽出，電容變小C斷

7、開開關S，M上移，MN間電壓將增大D閉合開關S，M上移，流過電阻及的電流方向從B到A10、物塊B套在傾斜桿上，并用輕繩與物塊A相連，今使物塊B沿桿由點M勻速下滑到N點，運動中連接A、B的輕繩始終保持繃緊狀態(tài)，在下滑過程中，下列說法正確的是（）A物塊A的速度先變大后變小B物塊A的速度先變小后變大C物塊A處于超重狀態(tài)D物塊A處于失重狀態(tài)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為準確測繪小燈泡的伏安特性曲線，利用如下器材設計了甲乙兩個電路A小燈泡（額定電壓為2.5V，額定電流為0.3A）B電流表（量程0-0.6A，內阻約2）C電壓表V（量程

8、0-3V內阻約10k）D滑動變阻器（0-52，3A）E.直流電源B（約為3V）F.開關、導線若干（1）實驗電路選擇_。（填甲或乙）（2）如圖丙是利用歐姆表測定小燈泡的電阻_.（3）按照實驗測得的伏安特性曲線如丁圖中的1曲線，考慮誤差因素，真實的伏安特性曲線更接近_曲線（填2或3）。12（12分）如圖所示，某同學在做“研究勻變速直線運動”實驗中，由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰紙帶，紙帶上兩相鄰計數點之間還有個點未畫出，則相鄰計數點時間間隔為_，其中，則點處瞬時速度的大小是_，加速度的大小是_（計算結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處

9、，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，豎直放置的光滑S形軌道，其核心部分是由兩個半徑均為的圓形軌道構成，軌道進口A與彈簧槍水平連接，出口B在豎直平面內的直角坐標系的原點處，且與x軸相切，在坐標系中放一擋板，其形狀滿足方程單位：。一質量為的小球作質點看待被彈簧槍發(fā)射后沿軌道運動，經過出口B時，對管道的下壁的壓力為，最終與擋板碰撞。已知。求小球經過B點時的速度大??；求小球離開出口B到與擋板碰撞所用的時間；若要使小球與擋板碰撞時的動能最小，發(fā)射小球前彈簧的彈性勢能是多大？14（16分）如圖所示，兩個半圓柱A、B緊靠著靜置于水平地面上，其上有一光滑圓柱C，三者半徑均為RC

10、的質量為m，A、B的質量都為，與地面間的動摩擦因數均為現用水平向右的力拉A，使A緩慢移動，直至C恰好降到地面整個過程中B保持靜止設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g求: (1)未拉A時，C受到B作用力的大小F;(2)動摩擦因數的最小值min;(3)A移動的整個過程中，拉力做的功W15（12分）如圖，半徑R = 1.0m的四分之一圓弧形光滑軌道豎直放置，圓弧最低點B與長為L0.5m的水平面BC相切于B點，BC離地面高h = 0.45m，C點與一傾角為 = 37的光滑斜面連接，質量m1.0 kg的小滑塊從圓弧上某點由靜止釋放，到達圓弧B點時小滑塊對圓弧的壓力剛好等于其重力的2倍,當小滑塊運

11、動到C點時與一個質量M=2.0kg的小球正碰，碰后返回恰好停在B點，已知滑塊與水平面間的動摩擦因數0.1（sin37=0.6 cos37=0.8, g取l0 m/s2）求：（1）小滑塊應從圓弧上離地面多高處釋放；（2）小滑塊碰撞前與碰撞后的速度；（3）碰撞后小球的速度；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB、根據相鄰相等時間內的位移差恒定 得： ，負號表示物體做勻減速運動， 又由于，所以物體在第1s內的位移為8m，由位移公式： 得： ，故A正確，B錯誤；C、由公式，可知，在第4秒內的位移為，故C錯誤；D

12、、物體在前2s內的位移為 ，故D錯誤；綜上所述本題答案是：A2、C【解析】根據摩擦力的大小以及皮帶的位移大小求出郵件與皮帶間的摩擦力對皮帶做的功W由位移公式求出郵件加速過程傳送帶的位移，得到郵件相對于傳送帶的位移大小，再乘以摩擦力，即可求出皮帶對郵件做的功；郵件輕放在皮帶上做勻加速運動，對郵件，運用牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式求出郵件加速達到傳送帶速度所需的時間.【詳解】皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力故A錯誤；郵件與皮帶發(fā)生相對滑動的過程中，設皮帶相對地面的位移為s，則： ；摩擦力對皮帶做的功 ；郵件勻加速運動的位移；皮帶對郵件

13、做的功：，可知二者的數值不相等故B錯誤；郵件放到皮帶上后做勻加速運動的加速度為郵件勻加速運動到與傳送帶共速的時間 ；聯立可得：；可知相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題的關鍵要需理清郵件在整個過程中的運動情況，運用動力學的基本方法，邊計算，邊判斷要注意摩擦生熱與相對位移有關3、C【解析】樹枝對小鳥的作用力與小鳥的重力等值反向，所以樹枝對小鳥的作用力大小不變，故A錯誤；小鳥所受的摩擦力，從A到B的過程中，先減小后增大，則摩擦力先減小后增大，故B錯誤；小鳥所受的彈力，從A到B的過程中，先減小后增大，則彈力先增大后減小，故C正確，D錯誤【點睛】小鳥緩慢爬行，合

14、力為零，受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，根據平衡得出摩擦力的變化和彈力的變化；解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，注意小鳥所受的摩擦力為靜摩擦力4、A【解析】由題意可明確人的頭受力情況，如圖所示：設人的頸椎對頭的支持力F，則由幾何關系可知：，所以，故A正確，B、C、D錯誤；故選A【點睛】對人的頭部進行分析，明確其受力情況，由共點力的平衡條件可得出對應的平行四邊形；由正弦定理可求得頸椎受到的壓力5、C【解析】A在勻強電場中，沿著電場線方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc解得Uc=16Va點電勢為20V則c點電勢低于a點電勢故A錯誤；B設ad連線中點

15、為O，則其電勢為16V，故co為等勢面，電場線與等勢面垂直，則電場線沿著bo方向，故B錯誤；C由上可知，電場線沿著bo方向，質子從b運動到c做類平拋運動，垂直于bo方向做勻速運動，位移大小為則運動時間為故C正確；D根據W=qU，質子從b點運動到c點，電場力做功為W=qUbc=1e（24V-16V）=8eV故D錯誤；6、A【解析】試題分析：波的傳播方向從A傳到B，根據同一時刻兩個質點的狀態(tài)，結合波形，列出A、B間距離與波長的關系，求出波長由圖讀出周期，求出波速簡諧波傳播過程中介質中各質點在做簡諧運動，加速度的大小與位移大小成正比根據ls末兩質點的位移關系，分析加速度關系波從A向B傳播，AB間的距

16、離，n=0，1，2，由題，波長大于1m，則n只能取0，即有，波長，波速為，A正確B錯誤；3s末A、B兩質點的位移分別為，位移不同，C錯誤；由振動圖象讀出，ls末A質點的位移，處于波峰，速度最??；B質點的位移，處于平衡位置，速度最大，所以ls末A質點的速度小于B質點的速度，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】AB與地面間的最大靜摩擦力fB5mgmg，當F=mg時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；BA發(fā)生相對滑動的臨界加速度a=g

17、，對整體分析，F5mg5ma，解得F=7.5mg，所以當F7.5mg時，A相對B滑動故B正確；C當7.5mgF=3mgmg，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運動，加速度a=0.1g，故C錯誤；D若去掉B上的力，而將F=3mg的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度a0.25g，對A分析F-3mg=3ma，解得不發(fā)生相對滑動的最小拉力F=3.75mg，可知F=3mg的力作用在A上，一起做勻加速直線運動，加速度a=0.1g，故D正確。故選ABD?！军c睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力8、BC【解析】

18、A從陰極K發(fā)射的光電子的最大初動能，與入射光強度無關，入射光強度增到原來的三倍，但光子的能量不變，從陰極K發(fā)射的光電子的最大初動能不變，故A錯誤；B藍光的頻率比紫外線的頻率小，又根據可得，用同樣強度的藍光照射可能逸出光電子，也可能不逸出光電子，故B正確；C由K極發(fā)射的光電子數目為每秒鐘內由K極發(fā)射的光電子數目為 ，故C正確；D發(fā)射的電子的最大初動能為在AK間加電壓U時，電子到達陽極時的動能為Ek，有故D錯誤。故選BC9、BC【解析】，根據電容的決定式可知，當M向上移時，板間距離d增大，電容器的電容變??；當將D從電容器抽出，介電常數減小，電容器的電容變小，故A錯誤，B正確；斷開開關S，M上移，電

19、量不變，而電容減小，根據電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關S，電壓不變，M上移時電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯誤選BC.【點睛】根據電容的決定式，分析電容的變化電容器的板間電壓不變，根據電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向10、BC【解析】A、將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖：根據平行四邊形定則，沿繩子方向的速度為： ，可知在增大到的過程中，A的速度方向向下，且逐漸減?。挥蓤D可知，當B到達P點時，B與滑輪之間的距離最短，A的速度等于0，隨后A向上運動，且速度增大所以在B沿桿由點M勻速

20、下滑到N點的過程中，A的速度先向下減小，然后向上增大，故A錯誤，B正確；C、物體A向下做減速運動和向上做加速運動的過程中，加速度的方向都向上，所以A始終處于超重狀態(tài)，故C正確，D錯誤點睛：解決本題的關鍵知道A沿繩子方向上的分速度等于B的速度，以及知道除超重狀態(tài)時物體的加速度的方向向上，失重狀態(tài)時加速度的方向向下即可三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、乙 5.6 2 【解析】（1）1小燈泡的額定電阻：故電流表采用外接法，故電路圖選擇圖乙；（2）2歐姆表讀數為表盤刻度乘以倍率，小燈泡電阻為：（3）3由于電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用

21、，實際測得的通過小燈泡的電流偏大，相同電壓下，小燈泡的真是電流小于電流表示數，故真實的伏安特性曲線更接近2。12、 【解析】由于每相鄰兩個計數點間還有個點沒有畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上點時小車的瞬時速度大小，根據勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小，得，為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得：，即小車運動的加速度計算表達式為：【點睛】根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大小四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 2m/s(2) 1s(3) 105J?！窘馕觥?1)小球經過B點時由合力提供向心力，根據牛頓第二定律求小球經過B點時的速度大小vB；(2)小球離開出口B后做平拋運動，根據分位移公式和方程y=-