2022-2023學年云南省大理州體育中學物理高三上期中教學質(zhì)量檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在科學的發(fā)展歷程中，許多科學家做出了杰出的貢獻下列敘述符合歷史事實的是()A愛因斯坦發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律B卡文迪許總結(jié)出了行星運動的三大規(guī)律C伽利略否定了亞里士多德“重物比輕物

2、下落快”的論斷D牛頓首先較準確地測出了萬有引力常量G的數(shù)值2、 “天津之眼”是一座跨河建設、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標之一.摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，下列敘述正確的是（）A摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B在最低點，乘客重力大于座椅對他的支持力C摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變D摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量不為零3、如圖所示，“馬踏飛燕”是漢代藝術(shù)家高度智慧、豐富想象、浪漫主義精神和高超的藝術(shù)技巧的結(jié)晶，是我國古代雕塑藝術(shù)的稀世之寶飛奔的駿馬之所以能用一只蹄穩(wěn)穩(wěn)地踏在飛燕上，是因為（ ）A馬的重力較小B馬蹄大C馬的重心在飛燕上D馬

3、的重心位置和飛燕在一條豎直線上4、如圖所示，在光滑的水平面上，物體B靜止，在物體B上固定一個輕彈簧。物體A以某一速度v0沿水平方向向右運動，通過彈簧與物體B發(fā)生作用，A物體質(zhì)量為m，B物體質(zhì)量為2m，從A剛接觸彈簧至彈簧再次恢復原長的過程中（ ）A彈簧再次恢復原長時B的速度大小為B物體A先做加速度增大的變減速運動，再做加速度減小的變減速運動C彈簧彈力對A的沖量大小為D彈簧彈性勢能的最大值為5、地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a1，地球的同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑為r，向心加速度為a2。已知引力常量為G，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，且地球近地衛(wèi)星軌道處的重力加速度

4、為g0下列說法正確的是（）A地球質(zhì)量B地球質(zhì)量Ca1、a2、g、g0的關(guān)系是g0=ga2a1D加速度之比6、下列選項中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣坐標原點O處電場強度最大的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，實線為三個電荷量相同的帶正電的點電荷Q1、Q2、Q3的電場線分布，虛線為某試探電荷從a點運動到b點的軌跡，則下列說法正確的是( )Ab點的電場強度比a點的電場強度大B該試探電荷從a點到b點的過程中電

5、場力一直做負功C該試探電荷從a點到b點的過程中電勢能先增加后減少D該試探電荷從a點到b點的過程中動能先增加后減少8、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定有一半徑為R的圓環(huán)，AC是圓環(huán)豎直直徑，BD是圓環(huán)水平直徑，半圓環(huán)ABC是光滑的，半圓環(huán)CDA是粗糙的。一質(zhì)量為m小球（視為質(zhì)點）在圓環(huán)的內(nèi)側(cè)A點獲得大小為v0、方向水平向左的速度，小球剛好能第二次到達C點，小球與半圓環(huán)CDA的動摩擦因素恒定，重力加速度大小為g，則A小球第一次從A到C的時間和從C經(jīng)D到A的時間相等B小球第一次回到A點時速度為C小球第二次到達D點時受到摩擦力比第一次到達D點時受到摩擦力小D小球第一次和第二次從C經(jīng)D到A的過程摩擦力做的功相等

6、9、北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)空間段由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆同步衛(wèi)星、27顆中地球軌道衛(wèi)星、3顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，關(guān)于這些衛(wèi)星，下列說法正確的是A5顆同步衛(wèi)星所受到的向心力一定相同B5顆同步衛(wèi)星的運行軌道一定在同一平面內(nèi)C導航系統(tǒng)中所有的衛(wèi)星的運行速度都大于第一宇宙速度D導航系統(tǒng)所有衛(wèi)星中，運行軌道的半徑越大，運轉(zhuǎn)周期越長10、如圖所示，自動卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下改變與水平面間的傾角，用以卸下車廂中的貨物當傾角增大到時，質(zhì)量為 M 的 木箱 A 與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為 m 的物體 B 一起以共同的速度 v 沿車廂底勻速滑下， 則下列說法正確的是AA、B 間沒有靜摩擦力BA 受到

7、B 的靜摩擦力方向沿車廂底向下CA 受到車廂底面的滑動摩擦力大小為 MgsinDA 與車廂底面間的動摩擦因數(shù)tan三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為“阿特武德機”的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數(shù)學家和物理學家阿特武德于1784年制成他將質(zhì)量同為M（已知量）的重物用繩連接后，放在光滑的輕質(zhì)滑輪上，處于靜止狀態(tài)再在一個重物上附加一質(zhì)量為m的小重物，這時，由于小重物的重力而使系統(tǒng)做初速度為零的緩慢加速運動并測出加速度，完成一次實驗后，換用不同質(zhì)量的小重物，重復實驗，測出不同m時系統(tǒng)的加速度得到多組a、m數(shù)據(jù)后

8、，作出圖像乙(1)為了作出圖乙需要直接測量的物理量有 （_）A小重物的質(zhì)量B滑輪的半徑RC繩子的長度D重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t(2)請推導隨變化的函數(shù)式_(3)如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當?shù)氐闹亓铀俣萭=_，并可求出重物質(zhì)量M=_12（12分）如圖甲所示的裝置叫做阿特伍德機，是英國數(shù)學家和物理學家阿特伍德（GAtwood1746-1807）創(chuàng)制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規(guī)律某同學對該裝置加以改進后用來驗證機械能守恒定律，如圖乙所示（1）實驗時，該同學進行了如下步驟：將質(zhì)量均為M（A的含擋光片、B的含掛鉤）的重物用繩連接后，跨

9、放在定滑輪上，處于靜止狀態(tài)測量出_（填“A的上表面”、“A的下表面”或“擋光片中心”）到光電門中心的豎直距離h在B的下端掛上質(zhì)量為m的物塊C，讓系統(tǒng)中的物體由靜止開始運動，光電門記錄擋光片擋光的時間為t測出擋光片的寬度d，計算有關(guān)物理量，驗證機械能守恒定律（2）如果系統(tǒng)（重物A、B以及物塊C）的機械能守恒，應滿足的關(guān)系式為_（已知重力加速度為g）（3）引起該實驗系統(tǒng)誤差的原因有_（寫一條即可）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量m6.0 kg的滑塊(可視為質(zhì)點)，在水平牽引功率恒為P42 W的

10、力作用下從A點由靜止開始運動，一段時間后撤去牽引力當滑塊由平臺邊緣B點飛出后，恰能以5 m/s的速度從豎直光滑圓弧軌道CDE上C點的切線方向切入軌道，并從軌道邊緣E點豎直向上拋出已知COD53，A、B間距離L3 m，滑塊與平臺間的動摩擦因數(shù)0.2，圓弧軌道半徑R1.0 m不計空氣阻力取sin530.8，cos530.6，g取10 m/s2，求：(1)滑塊運動到B點時的速度大?。?2)圓弧軌道對滑塊的最大支持力；(3)滑塊在平臺上運動時水平牽引力的作用時間14（16分）如圖甲所示，粗糙水平面上有一個長L=lm、質(zhì)量M=3kg的長木板，木板上表面左半部分粗糙，右半部分光滑，木板與地面間的動摩擦因數(shù)

11、。質(zhì)量m=lkg的物塊放置在木板的右端，物塊與木板左半部分的動摩擦因數(shù)。在木板右端施加如圖乙所示的水平拉力，g取。求：木板剛開始運動時的加速度大??；物塊運動多長時間后與木板速度相同；經(jīng)過t=2.5s物塊運動的位移大小。15（12分）如圖所示，薄板A長L=5 m，其質(zhì)量M=5 kg，放在水平桌面上，板右端與桌邊相齊在A上距右端s=3 m處放一物體B（可看成質(zhì)點），其質(zhì)量m=2 kg已知A、B間動摩擦因數(shù)1=11，A與桌面間和B與桌面間的動摩擦因數(shù)均為2=12，原來系統(tǒng)靜止現(xiàn)在在板的右端施加一大小一定的水平力F持續(xù)作用在A上直到將A從B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右邊緣（g取11 m/s2）求

12、：（1）B運動的時間；（2）力F的大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，選項A錯誤；開普勒總結(jié)出了行星運動的三大規(guī)律，選項B錯誤；伽利略否定了亞里士多德“重物比輕物下落快”的論斷，選項C正確；卡文迪許首先較準確地測出了萬有引力常量G的數(shù)值，選項D錯誤；故選C.2、D【解析】A機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機械能在變化，故A錯誤；B圓周運動過程中，在最低點，由重力和支持力的合力提供向心力，向心力指向上

13、方，處于超重狀態(tài)，則乘客重力小于座椅對他的支持力，故B錯誤；C運動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在變化，速度在重力方向上的分量大小變化，所以重力的瞬時功率在變化，故C錯誤。D根據(jù)I=mgt可知，轉(zhuǎn)動一周，乘客重力的沖量不為零，故D正確。故選D。3、D【解析】飛奔的駿馬之所以能用一只蹄穩(wěn)穩(wěn)地踏在飛燕上，和馬的重力大小沒有關(guān)系，和馬蹄的大小也沒有關(guān)系，而是因為馬處于平衡狀態(tài)，飛燕對馬的支持力和馬的重力一定在一條豎直線上，二力是一對平衡力；根據(jù)馬的形態(tài)可以看出，馬的重心不會在飛燕上，故選項D正確.4、D【解析】本題考查動量守恒的應用?！驹斀狻緼.彈簧再次回到原長，相當于彈

14、性碰撞，取向右為正方向，由動量守恒和能量守恒可知： 解得：，故A錯誤；B.由題可知，物體A先做加速度增大的變減速運動，當彈簧最短時兩者共速，此后彈簧逐漸伸長，物體A再做加速度減小的變加速運動，故B錯誤；C.由A可知，彈簧恢復原長時，物體A的速度為：彈簧彈力對A的沖量即為動量變化量：故C錯誤；D.當兩者共速時彈簧彈性勢能最大，由動量守恒和能量守恒得： 解得：故D正確。故選D。5、C【解析】AB根據(jù)萬有引力定律可得，對地球的同步衛(wèi)星有解得地球的質(zhì)量故AB錯誤；C地球赤道上的物體和地球同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù) a=2r知a1a2對于地球近地衛(wèi)星有得地球表面的物體得對于地球同步衛(wèi)星，有即得因為 rR

15、，所以 a2g，綜合得g0=ga2a1故C正確；D地球赤道上的物體與地球同步衛(wèi)星角速度相同，則根據(jù)a=2r，地球赤道上的物體與地球同步衛(wèi)星的向心加速度之比故D錯誤；故選C。6、B【解析】根據(jù)點電荷的電場強度公式可得各圓環(huán)上的電荷在O點的電場場強大小，再根據(jù)矢量合成，求出合場強，最后比較它們的大小即可由于電荷均勻分布，則各圓環(huán)上的電荷等效集中于圓環(huán)的中心，設圓的半徑為r，則A圖O點處的場強大小為；將B圖中正、負電荷產(chǎn)生的場強進行疊加，等效兩電荷場強方向間的夾角為91，則在O點的合場強,方向沿x軸負方向；C圖中兩正電荷在O點的合場強為零，則C中的場強大小為，D圖由于完全對稱，易得合場強ED=1故O

16、 處電場強度最大的是圖B故答案為B【考點定位】本題考查電場的疊加,要注意采用等效思想及矢量的運算難度：中等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.根據(jù)電場線的疏密程度表示電場強度的大小可知，b點的電場強度比a點的電場強度大，故A正確；B.該試探電荷從a點到b點的過程中，電場力提供其做曲線運動的合外力，且電場力方向指向曲線凹處，與速度方向的夾角先是鈍角后變成銳角，即電場力先做負功后做正功，試探電荷的電勢能先增加后減少，根據(jù)功能關(guān)系可知，試探電荷的動能先減少后

17、增加，故C正確，B、D錯誤故選：AC8、BC【解析】A.因為小球第一次到的路程和從經(jīng)到的路程相等，但由于從經(jīng)到的過程中有阻力做功，故有由經(jīng)到的平均速率小于由經(jīng)到的平均速率，又因為，所以小球第一次到的的時間小于從經(jīng)到的時間，故A錯誤；B.小球第二次到達點的過程由動能定理得：小球第二次到達點，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得小球第一次回到A點時速度為：故B正確； CD.根據(jù)動能定理可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程的同一位置的速度大小大，根據(jù)牛頓第二定律可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程中的同一位置時對軌道的壓力大，所以根據(jù)可得小球第一次到達點時受到摩擦力比第二次到達點時受到摩擦

18、力大，由于滑動摩擦力方向與運動方向總相反，則克服摩擦力做的功等于摩擦力的平均值乘以路程，小球第一次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功比第二次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功多，故C正確，D錯誤。9、BD【解析】A同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，故所受向心力不一定相同，故A錯誤；B同步衛(wèi)星的運行軌道一定在赤道平面內(nèi)，故B正確；C第一宇宙速度是最大的運行速度，故導航系統(tǒng)中所有的衛(wèi)星的運行速度都小于第一宇宙速度，故C錯誤；D根據(jù)萬有引力提供向心力解得周期運行軌道的半徑越大，運轉(zhuǎn)周期越長，故D正確。10、BD【解析】對B：沿斜面方向有mgsin=f，f方向沿斜面向上，A受到B的靜摩擦力方向沿斜面向下，所以A錯誤，B正

19、確；A受到車廂底面的滑動摩擦力大小為（M+m）gsin，C錯誤；根據(jù)（M+m）gsin=（M+m）sin，所以=tan，D正確；故選BD.【點睛】對連接體問題經(jīng)常用到整體法和隔離法，結(jié)合平衡條件分析摩擦力的大小和方向.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD ； ； 【解析】根據(jù)加速度的表達式，結(jié)合位移時間公式求出重力加速度的表達式，通過表達式確定所需測量的物理量根據(jù)加速度的表達式得出關(guān)系式，通過圖線的斜率和截距求出重力加速度和M的大小【詳解】(1) 對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，mg=（2M+m）a，根據(jù) 即 所以需要測量的物理量有

20、：小重物的質(zhì)量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t；故選AD；(2) 整理得：；(3) 知圖線斜率，解得：，【點睛】解決本題的關(guān)鍵通過牛頓第二定律和運動學公式得出重力加速度的表達式，以及推導出關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率和解決進行求解12、 擋光片中心 繩子有一定的質(zhì)量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等【解析】（1、1）需要測量系統(tǒng)重力勢能的變化量，則應該測量出擋光片中心到光電門中心的距離，系統(tǒng)的末速度為： ，則系統(tǒng)重力勢能的減小量Ep=mgh，系統(tǒng)動能的增加量為：Ek (1M+m)v1 (1M+m)( )1，若系統(tǒng)機械能守恒，則有：mgh= (1M+m)( )1（3）系統(tǒng)機械

21、能守恒的條件是只有重力做功，引起實驗誤差的原因可能有：繩子有一定的質(zhì)量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)3 m/s(2)258 N(3)1.5 s【解析】(1)C點水平分速度B點的速度：(2)在C點，軌道對滑塊的支持力最大，滑塊從C點到D點，由機械能守恒定律得：在D點，根據(jù)牛頓第二定律：解得：(3)滑塊從A點到B點，由動能定律，得：解得：14、（1），（2）0.5s，（3）4.875m.【解析】試題分析：（1）對木板受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度；（2）根據(jù)運動學公式求得在13N的拉力作用下經(jīng)歷1s 木板的位移，判斷出在1s末物塊的位置，然后根據(jù)牛頓第二定律求得物塊與木板的加速度，有運動學公式求得達到相同速度所需時間；（3）根據(jù)運動學公式求得達到相同速度物塊前進的位移，達到相同速度后判斷出物塊