2023學(xué)年貴州省遵義市第四中學(xué)物理高二上期中教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy中，x軸上方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場(chǎng)方向垂直于紙

2、面向外許多質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，以相同的速率v沿紙面內(nèi)，由x軸負(fù)方向與y軸正方向之間各個(gè)方向從原點(diǎn)O射入磁場(chǎng)區(qū)域不計(jì)重力及粒子間的相互作用下列圖中陰影部分表示帶電粒子在磁場(chǎng)中可能經(jīng)過的區(qū)域，其中R=mv/qB，正確的圖是（ ）ABCD2、如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在磁鐵右上方固定一根與磁鐵垂直的長直導(dǎo)線當(dāng)導(dǎo)線中通以由外向內(nèi)的電流時(shí)，磁鐵仍然保持靜止，則與不通電是相比，下列說法正確的是()A磁鐵受到向左的摩擦力，對(duì)桌面的壓力減小B磁鐵受到向右的摩擦力，對(duì)桌面的壓力減小C磁鐵受到向左的摩擦力，對(duì)桌面的壓力增大D磁鐵不受摩擦力，對(duì)桌面的壓力不變3、一輛卡車在丘陵地勻速行駛，地形如圖

3、所示，b處比d處平緩，輪胎最容易爆的地點(diǎn)是（）Aa處Bb處Cc處Dd處4、如圖所示，在威爾遜云霧室中，有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。圖中曲線ab，是一個(gè)垂直于磁場(chǎng)方向射入的帶電粒子的徑跡。由于它在行進(jìn)中使周圍氣體電離，其能量越來越小，電量保持不變，由此可知（ ）A粒子帶負(fù)電，由a向b運(yùn)動(dòng)B粒子帶負(fù)電，由b向a運(yùn)動(dòng)C粒子帶正電，由a向b運(yùn)動(dòng)D粒子帶正電，由b向a運(yùn)動(dòng)5、下列關(guān)于物體重力的說法中不正確的是A地球上的物體只有運(yùn)動(dòng)時(shí)才受到重力B同一物體在某處向上拋出后和向下拋出后所受重力一樣大C某物體在同一位置時(shí)，所受重力與靜止還是運(yùn)動(dòng)無關(guān)，重力大小是相同的D物體所受重力大小與其質(zhì)量有關(guān)6、真空中有一靜電

4、場(chǎng)，其在x軸正半軸的電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知 ( )AR處的電場(chǎng)強(qiáng)度E0Bx1處與x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反C若正的試探電荷從x1處移到x2處，電場(chǎng)力一定做正功D該電場(chǎng)有可能是處在O點(diǎn)的正的點(diǎn)電荷激發(fā)產(chǎn)生的二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)，下列說法正確的是A摩擦起電說明通過做功可以創(chuàng)造電荷B摩擦起電說明電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體C感應(yīng)起電說明電荷可以從物體的一個(gè)部分轉(zhuǎn)移到物體另一個(gè)部分D感應(yīng)起電說明電荷從帶電的物

5、體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體上去了8、某同學(xué)在研究三種導(dǎo)電元件的伏安特性時(shí)，他根據(jù)實(shí)驗(yàn)所測(cè)得的數(shù)據(jù)，分別繪制了IU圖線，如圖甲、乙、丙所示，下列說法正確的是（ ）A圖甲的元件可以作為標(biāo)準(zhǔn)電阻使用B圖乙的電阻隨電壓升高而增大C圖丙的電阻隨電壓升高而增大D只有圖乙才是可能的9、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中三點(diǎn)A、B、C是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，已知電場(chǎng)線平行于所在的平面，一個(gè)電荷量 C的點(diǎn)電荷由A移到B的過程中，電勢(shì)能增加了 J，由B移到C的過程中電場(chǎng)力做功 J，為方便計(jì)算，設(shè)B點(diǎn)電勢(shì)為0，下列說法正確的是AB、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差 VBA點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)C負(fù)電荷由C點(diǎn)移到A點(diǎn)的過程中，電勢(shì)能減少D該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)

6、為1 10、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻r1若改變四個(gè)電阻中的一個(gè)阻值，則（ ）A減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D減小R4，C1、C2所帶的電量都增加三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實(shí)驗(yàn)小組利用所提供的如下器材測(cè)量某一定長電阻絲R（電阻約為10）的電阻率，使用刻度尺測(cè)得電阻絲長度L=0.825m，使用螺旋測(cè)微器測(cè)得電阻絲的直徑，可供選擇的器材還有：A電池組E（電動(dòng)勢(shì)約為6V,內(nèi)阻不計(jì)

7、）B電流表（量程0-100mA,內(nèi)阻為5）C電流表（量程0-0.6A,內(nèi)阻為0.3）D定值電阻為55E.定值電阻為25F.滑動(dòng)變阻器（0-5，額定電流為2.0A）G.滑動(dòng)變阻器（0-50，額定電流為0.2A）H.開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。(1)螺旋測(cè)微器示數(shù)如圖所示，可知電阻絲直徑為_mm(2)若想更加精確的測(cè)量出電阻絲電阻，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)出測(cè)量電路圖_，并標(biāo)明所有器材符號(hào)，要求使用的全部器材，能夠測(cè)量多組數(shù)據(jù)，測(cè)量盡量準(zhǔn)確(3)按照所設(shè)計(jì)出的測(cè)量電路，在某次測(cè)量中獲得的數(shù)據(jù)如下表，則電流表的示數(shù)為_mA,電流表的示數(shù)為_mA(4)由以上所測(cè)得的數(shù)據(jù)可算得金屬絲的電阻率為_12（12分）下面三個(gè)圖為探究平行

8、板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)，清將正確的結(jié)論填在橫線上，兩平行板之間的電場(chǎng)可以視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，給電容器充電后與電源斷開，那么 （）若保持板間距離不變，正對(duì)面積變小，則兩板電容_，板間電勢(shì)差_（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持不變，變大，兩板電容_，板間電場(chǎng)強(qiáng)度_（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持和都不變，插入介質(zhì)板后，則板間電勢(shì)差_，板間電場(chǎng)強(qiáng)度_（填“變小”、“變大”或“不變”） 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，空間存在著強(qiáng)度方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)一長為L 的絕緣細(xì)

9、線， 一端固定在O 點(diǎn)，一端拴著質(zhì)量m、電荷量q 的小球現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置，讓小球由靜止釋放，小球向上運(yùn)動(dòng)達(dá)到最高點(diǎn)P 時(shí)，細(xì)線受到的拉力恰好達(dá)到它所能承受的最大值而斷裂已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小 。求： （1）細(xì)線能承受的最大拉力； （2）從P 點(diǎn)開始小球沿水平放方向的位移為L 時(shí)，小球距O 點(diǎn)的高度。 14（16分）如圖（a）所示，水平放置的平行金屬板AB間的距離d=22m，板長L=23m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間，距金屬板右端x=25m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現(xiàn)在AB板間加如圖（b）所示的方波形電壓，已知U2=22222V，在擋板的左側(cè)，有大量

10、帶正電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續(xù)射向擋板，粒子的質(zhì)量m=2222-7kg，電荷量q=2222-2C，速度大小均為v2=22224m/s，帶電粒子的重力不計(jì)，則：（2）求帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（2）求在t=2時(shí)刻進(jìn)入的粒子打在熒光屏上的位置到O點(diǎn)的距離；（3）若撤去擋板，求熒光屏上出現(xiàn)的光帶長度。15（12分）質(zhì)量m=33kg、帶電量q=3333-3C的粒子位于y軸（3，3a）處（a=33m），沿x軸正方向水平拋出，如圖所示在x軸正上方有寬度為a、方向沿x軸正方向、強(qiáng)度為E=333N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域若帶電粒子進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域恰好作直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度g=33m/s3求帶電粒子（3

11、）水平拋出時(shí)的初速度v3；（3）運(yùn)動(dòng)到x軸時(shí)所需要的時(shí)間；（3）運(yùn)動(dòng)到x軸時(shí)的速度大小參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，以軸為邊界的磁場(chǎng)，粒子從軸進(jìn)入磁場(chǎng)后在離開，速度與軸的夾角相同，根據(jù)左手定和，知沿x軸負(fù)軸的剛好進(jìn)入磁場(chǎng)做一個(gè)圓周，沿y軸進(jìn)入的剛好轉(zhuǎn)半個(gè)周期，如圖，在兩圖形的相交的部分是粒子不經(jīng)過的地方，故D正確；考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題考查分析和處理粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡問題，難點(diǎn)在于分析運(yùn)動(dòng)軌跡的邊界，可以運(yùn)用極限分析法分析2、A【解

12、析】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力F方向斜向左下方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的安培力方向斜向右上方，磁鐵有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向左的摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)桌面的壓力減小3、D【解析】在坡頂由牛頓第二定律得解得即在坡谷由牛頓第二定律得解得即r越小， 越大，則在b、d兩點(diǎn)比a、c兩點(diǎn)壓力大，而b點(diǎn)半徑比d點(diǎn)大，則d點(diǎn)壓力最大。故選D。4、A【解析】據(jù)題意，帶電粒子沿垂直于磁場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子的能量逐漸減小，速度減小，則由公式r=mvqB得知，粒子的軌跡半徑逐漸減小，由圖看出，粒子的運(yùn)動(dòng)方向是從a向b運(yùn)動(dòng)。在a處，粒子所受的洛倫茲力斜右下方，由左手定則判斷可知，該粒子帶

13、負(fù)電，A正確5、A【解析】A.地球上或地球附近的任何物體都要受到重力作用，不論物體運(yùn)動(dòng)還是靜止，也不論物體做什么樣的運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，符合題意；B.同一物體在某處向上拋出后和向下拋出后所受重力一樣大，故B正確,不符合題意C.某物體在同一位置時(shí)，所受重力與靜止還是運(yùn)動(dòng)無關(guān)，重力大小是相同的，故C正確，不符合題意；D.重力的大小G=mg，可知重力與其質(zhì)量有關(guān)，故D正確，不符合題意6、C【解析】A、x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，R處切線的斜率不為零，故R處的電場(chǎng)強(qiáng)度E0，故A錯(cuò)誤；B、x1處與x2處的切線斜率同為負(fù)值，故x1處與x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故B錯(cuò)誤；C、若試探電荷從x

14、1處移到x2處，電勢(shì)降低，根據(jù)公式WAB=qUAB，如果是正電荷，電場(chǎng)力一定做正功，故C正確；D、離電荷越近，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，x圖象的斜率應(yīng)越大，而圖中離O點(diǎn)越近，圖象切線的斜率變小，故該電場(chǎng)不可能在O點(diǎn)的正電荷產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】-x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度；用WAB=qUAB來判斷電場(chǎng)力做功情況，知道正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況分析即可。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】試題分析：摩擦起電是指物體相互摩擦?xí)r，電荷可以從一

15、個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，B對(duì)；自然界中的電荷是守恒的，做功不能創(chuàng)造電荷，A錯(cuò)；導(dǎo)體靠近帶電體會(huì)發(fā)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象，所以感應(yīng)起電是指電荷從導(dǎo)體的一個(gè)部分轉(zhuǎn)移到物體另一個(gè)部分，C對(duì)，D錯(cuò)考點(diǎn)：摩擦起電，感應(yīng)起電點(diǎn)評(píng)：學(xué)生知道摩擦起電是兩物體間電荷的轉(zhuǎn)移，感應(yīng)起電是同一物體間電荷的轉(zhuǎn)移8、AB【解析】試題分析：I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)；由圖象可知甲元件的電阻不變，故圖甲的元件可以作為標(biāo)準(zhǔn)電阻使用，選項(xiàng)A正確；乙元件的電阻隨電壓U的增大而增大，選項(xiàng)B正確；丙元件的電阻隨電壓U的增大而減小，故選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選AB考點(diǎn)：伏安特性曲線【名師點(diǎn)睛】伏安特性曲線能得出電流隨電壓的變化關(guān)系，則由歐姆定

16、律可得出電阻的變化；同時(shí)注意線性元件及非線性元件的伏安特性曲線的區(qū)別。9、CD【解析】A項(xiàng)：由B移到C的過程中電場(chǎng)力做功 WBC=610-6J，則B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差為：，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：點(diǎn)電荷由A移到B的過程中，電勢(shì)能增加1.210-5J，知電場(chǎng)力做功-1.210-5J，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差：，所以A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：UCA=-UBC-UAB=-3V，根據(jù)W=Uq得：負(fù)電荷由C移到A的過程中，電場(chǎng)力做正功，所以電勢(shì)能減小故C正確；D項(xiàng)：三角形ABC為等腰三角形，所以電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿著AB方向，由A指向B因?yàn)?，所以，所以該電?chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為1V/m故D正確10、BD【解析】由電路圖可

17、知，電阻R2、R3、R4串聯(lián)接入電路，電容器C1并聯(lián)在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯(lián)電路并聯(lián)；根據(jù)電路電阻的變化，應(yīng)用歐姆定律及串聯(lián)電路特點(diǎn)判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化【詳解】A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變，電容器所帶電量不變，故A錯(cuò)誤；B、增大R2，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C、增大R3，整個(gè)電路電阻變大，由閉合電路歐姆

18、定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加，故C錯(cuò)誤；D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加，故D正確；故選BD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.669 80 560 4.2610-6.m 【解

19、析】(1)1電阻絲直徑為0.5mm+0.169mm0.1=0.669mm；(2)2因?yàn)闊o電壓表，A2要用來測(cè)量流過電阻絲的電流，則需將A1改裝成電壓表用電流表A1與定值電阻R1和R2串聯(lián)組成電壓表的量程分別為電源的電動(dòng)勢(shì)約6V，所以選用電流表A1與定值電阻R1串聯(lián)組成電壓表；采用電流表A2外接可以準(zhǔn)確測(cè)出待測(cè)電阻兩端電壓和通過它的電流，所以采用電流表A2外接；滑動(dòng)變阻器用分壓電路，且考慮滑動(dòng)變阻器允許通過的電流，所以選擇滑動(dòng)變阻器較小的R3；則電路圖如圖所示；(3)34電流表A1的示數(shù)為80mA，電流表A2的示數(shù)為0.56A=560 mA.(4)5由電路圖代入數(shù)據(jù)解得：=4.2610-612、

20、減小 增大 減小 不變 減小 減小 【解析】先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析板間電勢(shì)差的變化，根據(jù)U=Ed可知電場(chǎng)強(qiáng)度的變化【詳解】（）保持板間距離不變，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差增大；（）保持不變，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)和，可以知道：，故和無關(guān)，故不變；（）保持和都不變，插入介質(zhì)板后，根據(jù)電容的決定式得知，電容增大，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差減小，由可以知道，減小；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題

21、卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6mg（2）1.25L【解析】試題分析：根據(jù)動(dòng)能定理求出小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度；在最高點(diǎn)對(duì)小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求細(xì)線承受的拉力；細(xì)線斷裂后小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出豎直方向的加速度，然后由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解。（1）設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理： 解得： 在最高點(diǎn)對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律得： 解得： （2）小球在細(xì)線斷裂后，在豎直方向的加速度設(shè)為a，根據(jù)牛頓第二定律則： 解得：a=2g小球水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：水平方向：x=vt=L豎直方向： 聯(lián)立解得小球與O點(diǎn)的高度： 點(diǎn)睛：本題主要考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，在繩子斷裂后，分清小球在沿電場(chǎng)方向和垂直于電場(chǎng)方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。14、（2）（2）（3）295m【解析】試題分析：（2）假設(shè)粒子可以從電場(chǎng)中射出，則進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在水平方向不受力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間，從t=2時(shí)刻進(jìn)入的粒子偏移量最大，豎直方向其中粒子勻加速運(yùn)動(dòng)，接著粒子勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于電壓大小一樣，所以加速度大小相等，離開電場(chǎng)時(shí)豎直方向