浙江省樂清外國語學院2023學年物理高二第一學期期中達標檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、實驗室有一盞“40 V5.0 A”的弧光燈，要使它接入220 V的電路中能正常工作，應該()A串聯(lián)一個阻值為36 的電阻后接入電路中B串聯(lián)一個阻值為72 的電阻后接入電路中C并聯(lián)一個阻值為36 的電阻后接入電路中D并聯(lián)一個阻值為72 的電阻后接入電路中2、對于歐姆定律，理解正確的是A從R= UI可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零B從R= UI可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比C從I= UR可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻

3、成反比D從U=IR可知，導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高3、如圖所示，以O為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f.等量正、負點電荷分別放置在a、d兩處時，在圓心O處產(chǎn)生的電場強度大小為E.現(xiàn)將a處點電荷移至其他位置，O點的電場強度隨之改變，下列說法中正確的是( )A移至c處，O處的電場強度大小為E，方向沿OeB移至b處，O處的電場強度大小為，方向沿OdC移至e處，O處的電場強度大小為，方向沿OcD移至f處，O處的電場強度大小為E，方向沿Oe4、我國民用交流電，其電壓隨時間變化的規(guī)律如圖，該交流電的周期、電壓的有效值分別是（ ）A0.02s ，314VB0.01s ，314VC0.02

4、s ，220VD0.01s ，220V5、如圖所示是電場中A、B兩點，下列說法中正確的是（ ）AA、B兩點電勢一樣BA點電勢大于B點電勢CB點電勢大于A點電勢DA、B兩點電勢無法比較6、在輸液時，藥液有時會從針口流出體外，為了及時發(fā)現(xiàn)，設計了一種報警裝置，電路如圖所示M是貼在針口處的傳感器，接觸到藥液時其電阻RM發(fā)生變化，導致S兩端電壓U增大，裝置發(fā)出警報，此時( )ARM變大，且R越大，U增大越明顯BRM變大，且R越小，U增大越明顯CRM變小，且R越大，U增大越明顯DRM變小，且R越小，U增大越明顯二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合

5、題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在邊界上方存在著垂直紙面向里的勻強磁場，有兩個電荷量、質(zhì)量均相同的正、負粒子(不計重力)，從邊界上的O點以相同速度先后射入磁場中，入射方向與邊界成角，則正、負粒子在磁場中：A運動軌跡的半徑相同B重新回到邊界所用時間相同C重新回到邊界時速度大小和方向相同D重新回到邊界時與O點的距離相等8、下列物理量中哪些與檢驗電荷無關（ ）A電場強度EB電勢C電勢能EPD電場力F9、如圖甲，一帶電物塊無初速度地放上皮帶輪底端，皮帶輪以恒定大小的速率沿順時針傳動，該裝置處于垂直紙面向里的勻強磁場中，物塊由底端E運動至皮帶輪頂端F的過程

6、中，其圖像如圖乙所示,物塊全程運動的時間為4.5s,關于帶電物塊及運動過程的說法正確的是A該物塊帶正電B皮帶輪的傳動速度大小一定為1m/sC若已知皮帶的長度,可求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移D在24.5S內(nèi),物塊與皮帶仍可能有相對運動10、如圖所示電路中，A、B兩燈均正常發(fā)光，R為一滑動變阻器，P為滑動片，若將滑動片向下滑動，則( )AA燈變亮BB燈變亮CR1上消耗功率變大D總電流變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為探究“感應電流方向的規(guī)律”實驗裝置， (1)下列電表中最適合該實驗的是_填選項字母 （2）把磁鐵

7、放在線圈內(nèi)不動_ 感應電流填“有”或“無”（3）實驗發(fā)現(xiàn)，如果把磁鐵由圖示位置向上抽出，電流計指針向右偏?，F(xiàn)將磁鐵由圖示位置向下抽出，則電流計指針向_偏。填“左”或“右”12（12分） (1) 如圖甲所示為某多用電表內(nèi)部簡化電路圖，作電流表使用時，選擇開關S應接_(選填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程較大(2)某同學想通過多用表的歐姆擋測量量程為3 V的電壓表內(nèi)阻(如圖乙)，主要步驟如下： 把選擇開關撥到“100”的歐姆擋上； 把兩表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻零刻度處； 把紅表筆與待測電壓表_(選填“正”或“負”)接線柱相接，黑表筆與另一接線柱相連，發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)角度很

8、??； 換用_(選填“10”或“1 k”)歐姆擋重新調(diào)零后測量，發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)適中，記下電阻數(shù)值； 把選擇開關調(diào)至_，然后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實驗完畢四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，Q1、Q2為兩個被固定的相距L的點電荷，其中Q1帶電量為-4q，Q2帶電量為+q，a、b兩點在它們連線的延長線上.(1)求兩點電荷連線上場強為0的點距離Q2多遠(2)現(xiàn)有一帶負電的粒子以一定的初速度沿直線從a點開始經(jīng)b點向遠處運動(粒子只受電場力作用)，粒子經(jīng)過a、b兩點時的速度分別為va、vb，其

9、速度圖象如圖乙所示，求從a到b電勢能的變化量14（16分）如圖所示，質(zhì)量為2 kg的物體靜止放在水平地面上，已知物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，現(xiàn)給物體施加一個與水平面成37角的斜向上的拉力F5 N的作用取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.1求：（1）物體與地面間的摩擦力大??；（2）物體的加速度大??；（3）若經(jīng)過5 s撤去拉力F，物體還能滑行多遠？15（12分）如圖所示，水平固定一個光滑長桿，有一個質(zhì)量為m小滑塊A套在細桿上可自由滑動在水平桿上豎直固定一個擋板P，小滑塊靠在擋板的右側(cè)處于靜止狀態(tài)，在小滑塊的下端用長為L的細線懸掛一個質(zhì)量為2

10、m的小球B，將小球拉至左端水平位置使細線處于自然長度，由靜止釋放，已知重力加速度為g求：(1)小球運動過程中，相對最低點所能上升的最大高度；(2)小滑塊運動過程中，所能獲得的最大速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】弧光燈正常工作時，它兩端的電壓應是40V，所以，就需要串聯(lián)一個電阻分擔電壓，利用歐姆定律，代入數(shù)值，即可求得?！驹斀狻侩娮栊枰謸碾妷簽椋篣=220V-40V=180V。由串聯(lián)電路的特點，各處電流相等，則有： 故選：A?！军c睛】本題考查了歐姆定律的應用和串聯(lián)電阻分壓的知識點。要注意明確串聯(lián)

11、電路中電流相等，由額定值可求得電路中的電流。2、C【解析】導體的電阻是由導體本身決定的，與兩端的電壓無關以及導體中的電流無關，選項AB錯誤；從I=UR可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，選項C正確；從U=IR可知，當電流一定時，導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高，選項D錯誤。3、C【解析】A由題意可知，等量正、負點電荷在O處的電場強度大小均為，方向水平向右。當移至c處，兩點電荷在該處的電場強度方向夾角為120，則O處的合電場強度大小為，但方向沿Oe，故A錯誤；B同理，當移至b處，O處的合電場強度大小增大，方向沿Od與Oe角平分線，故B錯誤；C同理，當移至e處，兩點電荷在

12、該處的電場強度方向夾角為120，O處的合電場強度大小，方向沿Oc，故C正確；D同理，當移至f處，O處的合電場強度大小增大，方向沿Od與Oc角平分線，故D錯誤；4、C【解析】由圖得：交流電的周期：T=0.02s；電壓最大值Um=314v，所以電壓的有效值 ，故C正確，ABD錯誤故選C5、D【解析】根據(jù)電場線的特點可知，沿電場線的方向電勢降低，由于不知道電場線的方向，所以不能比較、兩點電勢的高低，故選D。6、C【解析】試題分析：S兩端電壓U增大，故傳感器兩端電壓一定減??；當“有藥液從針口流出體外”使傳感器接觸藥液，RM變??；當RRM時，R越大，M與R并聯(lián)的電阻R并越接近RM，U增大越明顯；故選C考

13、點：本題考查了閉合電路的歐姆定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A根據(jù)牛頓第二定律得：解得：由題q、m、v、B大小均相同，則r相同。故A正確。B粒子的運動周期，由題q、m 、B大小均相同，則知T相同。粒子運動軌跡如圖所示：根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時針偏轉(zhuǎn)，負離子順時針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時正離子的速度偏向角為2-2，軌跡的圓心角也為2-2，運動時間為：同理，負離子運動時間為：顯然時間不等。故B錯誤。C正負離子在磁場中均做勻速圓周運動，速度沿軌跡的

14、切線方向，根據(jù)圓的對稱性可知，重新回到邊界時速度大小與方向相同。故C正確。D根據(jù)幾何知識得知重新回到邊界的位置與O點距離S=2rsin，r、相同，則S相同。故D正確。故選ACD。8、AB【解析】場強表述電場力的性質(zhì)，電勢描述電場能的性質(zhì)，由場本身決定，與檢驗電荷無關AB對電勢能，電場力,與檢驗電荷有關，CD錯9、AD【解析】由圖乙可知，物塊做加速度逐漸減小的加速運動。物塊的最大速度是1m/sA項：對物塊進行受力分析可知，開始時物塊受到重力、支持力和摩擦力的作用，設動摩擦因數(shù)為，沿斜面的方向：FN-mgsin=ma 物塊運動后，又受到洛倫茲力的作用，加速度逐漸減小，由式可知，物塊的加速度逐漸減小

15、，一定是FN逐漸減小，而開始時：FN=mgcos，后來：FN=mgcos-f洛，即洛倫茲力的方向是向上的。物塊沿傳送帶向上運動，由左手定則可知，物塊帶正電，故A正確；B、D項：物塊向上運動的過程中，洛倫茲力越來越大，則受到的支持力越來越小，結(jié)合式可知，物塊的加速度也越來越小，當加速度等于0時，物塊達到最大速度，此時：mgsin=（mgcos-f洛）由可知，只要傳送帶的速度大于等于1m/s，則物塊達到最大速度的條件與傳送帶的速度無關，所以傳送帶的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物塊可能相對于傳送帶靜止，有可能相對于傳送帶不靜止。故B錯誤，D正確；C項：由以上的分析可知，傳送帶的速度不能

16、判斷，所以若已知皮帶的長度，也不能求出該過程中物塊與皮帶發(fā)生的相對位移。故C錯誤。故選：D。10、CD【解析】試題分析：動片向下滑動,電阻變小，總電流變大，D正確內(nèi)電壓變大，路端電壓變小，A燈變暗A錯流過A的電流變小，總電流變大，流過電流變大,上消耗功率變大C對電壓變大，B燈與R兩端電壓變小，B燈變暗，B錯考點：考查了電路的動態(tài)分析點評：做在此類型的題目時，需要從部分電路的變化推出整體電路的變化，在推出另外部分電路的變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）B； （2）無； （3）右 【解析】（1）當條形磁鐵的運動，會導致閉合線圈內(nèi)

17、的磁通量變化，從而產(chǎn)生較小的感應電流，因此需要靈敏的電流計，因電流有方向，所以選指針在中央的電流計，即B圖的電流表最合適。（2）把磁鐵放在線圈內(nèi)不動，磁通量不變，則無感應電流（3）把磁鐵由圖示位置向上抽出時，穿過線圈的磁通量向下減小，電流計指針向右偏?，F(xiàn)將磁鐵由圖示位置向下抽出，穿過線圈的磁通量也是向下減小，則電流計指針也是向右偏.【點睛】考查感應電流產(chǎn)生的條件，理解感應電流大小與方向影響因素，注意各電流表的區(qū)別，掌握楞次定律是解題的關鍵12、1 負 1 k OFF擋或交流電壓最高擋 【解析】（1）1由圖示電路圖可知，開關接1、2時表頭與電阻并聯(lián)，此時多用電表測電流，選擇開關接1時并聯(lián)分流電阻

18、阻值小，電流表量程大。（2）2歐姆表內(nèi)置電源負極與紅表筆相連，把紅表筆與待測電壓表負接線柱相接，黑表筆與另一接線柱相連；3歐姆表指針偏角很小，說明所選擋位太小，為準確測量電阻阻值，應換大擋，換用1k歐姆檔重新調(diào)零后測量。 4把選擇開關調(diào)至OFF擋或交流電壓最高擋，然后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實驗完畢四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)L(2) 【解析】兩點電荷連線上場強為0的點應在Q2的右側(cè)，根據(jù)電場疊加原理可得兩點電荷連線上場強為0的點距離Q2的距離；根據(jù)電場力做功與電勢能的關系和動能定理可求從a到b電勢能的變化量；【詳解】(1)經(jīng)分析可知：兩點電荷連線上場強為0的點應在Q2的右側(cè)，設距離Q2為x根據(jù)電場疊加原理可得解得(2)從a到b電勢能的變化量為從a到b由動能定理得：根據(jù)電場力做功與電勢能的關系可得：解得：14、 (1)3.4N (2) 0.3m/s2 (3) 0.5625m【解析】（1）物體受力如圖所示，物體與地面間的摩擦力大小為 解得 （2）水平方向，由牛頓第二