2023學年陜西省延安市寶塔四中高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，用細繩系一小球，使小球在水平面內做勻速圓周運動，不計空氣阻力，關于小球的受力情況

2、和運動情況，下列分析正確的是（）A受重力、繩子拉力和向心力B重力的分力提供小球做圓周運動的向心力C若細繩與豎直方向的夾角變大，那么小球做勻速圓周運動的周期變大D若細繩與豎直方向的夾角變小，那么小球做勻速圓周運動的周期變大 2、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1和R 3均為定值電阻，且R 3=r，R 2為滑動變阻器。當R 2的滑動觸點在a端時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數分別為I1、I2和U。現將R 2的滑動觸點向b端移動一小段距離，電路穩(wěn)定之后，下列說法正確的是AI1減小，I2不變，U減小B電容器C的帶電量減小C電源的輸出功率變大D電源的效率變大3、下列不是用比值

3、法定義的物理量的是（）A用E=定義電場強度B用C=定義電容器的電容C用定義電容器的電容D用I=定義電流強度4、第一個發(fā)現電磁感應現象的科學家是：A奧斯特B庫侖C法拉第D安培5、如圖所示，用細線掛一質量為M的木塊，有一質量為m的子彈自左向右水平射穿此木塊，穿透前后子彈的速度分別為和v（設子彈穿過木塊的時間和空氣阻力不計），木塊的速度大小為（）ABCD6、如圖所示，輕質彈簧一端固定在天花板上，另一端栓接條形磁鐵，一個銅盤放在條形磁鐵的正下方的絕緣水平桌面上，控制磁鐵使彈簧處于原長，然后由靜止釋放磁鐵，不計磁鐵與彈簧之間的磁力作用，且磁鐵運動過程中未與銅盤接觸，下列說法中正確的是A磁鐵所受彈力與重力

4、等大反向時，磁鐵的加速度為零B磁鐵下降過程中，俯視銅盤，銅盤中產生順時針方向的渦旋電流C磁鐵從靜止釋放到第一次運動到最低點的過程中，磁鐵減少的重力勢能等于彈簧彈性勢能D磁鐵從靜止釋放到最終靜止的過程中，磁鐵減少的重力勢能大于銅盤產生的焦耳熱二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電路中A、B是規(guī)格相同的燈泡，L是電阻不計的電感線圈，那么（ ）A斷開S，A立即熄滅B斷開S，B立即熄滅C斷開S，A閃亮一下后熄滅D斷開S，B閃亮一下后熄滅8、如圖所示的電路中，電源的電

5、動勢為、內阻為（），定值電阻.閉合開關，理想電壓表示數為，理想電流表示數為；在滑動變阻器的滑片由端滑到端的過程中A先變小后變大B與的比值先變大后變小C與的乘積先增大后減小D的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值小于9、如圖所示，圖甲中AB是一個點電荷電場中的電場線，圖乙是放在電場線上a、b處的檢驗電荷的電荷量與所受電場力數值間的函數圖象，由此可以判定( )A場源可能是正電荷，位置必在 A側B場源可能是正電荷，位置必在B側C場源可能是負電荷，位置必在A側D場源可能是負電荷，位置必在 B側10、下列說法正確的是（）A沿電場線方向場強逐漸減小B沿電場線方向電勢逐漸降低C沿電場線方向電勢逐漸升高D沿

6、電場線方向移動正電荷電場力做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描述小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，需要用伏安法測定小燈泡兩端的電壓和通過小燈泡的電流，除開關、導線外，還有如下器材：A小燈泡“ ”B直流電源C電流表（量程，內阻約）D電流表（量程，內阻約）E.電壓表（量程，內阻約）F.電壓表（量程，內阻約）G.滑動變阻器（、）H.滑動變阻器（、）(1)把實驗所用到的器材按字母的先后順序填入空中：_(2)在旁邊的虛線框內畫出最合理的實驗原理圖_。12（12分）要測量一電源的電動勢E（小于3V）和內阻r（約1），現有下列器材：理想

7、電壓表V（3V和15V兩個量程）、電阻箱R（0999.9）、定值電阻R0=3、開關和導線某同學根據所給器材設計如下的實驗電路： （1）電路中定值電阻R0的作用是_（2）請根據圖甲電路，在圖乙中用筆畫線代替導線連接電路_（3）該同學調節(jié)電阻箱阻值R，讀出對應的電壓表示數U，得到二組數據：R1=2時，U1=2.37V；R2=4時，U2=2.51V由這二組數可求得電源的電動勢E=_V，內阻r=_（結果保留三位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40 m，金屬導軌所

8、在的平面與水平面夾角=370，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50 T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5 V、內阻r=0.50 的直流電源現把一個質量m=0.040 kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0=1.5 ，金屬導軌電阻不計， g取10 m/s1已知sin 37=0.60，cos 37=0.80，求：（1）通過導體棒的電流；（1）導體棒受到的安培力和導體棒受到的摩擦力；（3）若僅將磁場方向改為豎直向上，求導體棒受到的摩擦力14（16分）如圖所示，空間中存在著水平向右

9、的勻強電場，電場強度大小E=53N/C，同時存在著水平方向的勻強磁場，其方向與電場方向垂直，磁感應強度大小B=0.5T。有一帶正電的小球，質量m=110-6kg，電荷量q=210-6C，正以速度v在圖示的豎直面內做勻速直線運動，當經過P點時撤掉磁場（不考慮磁場消失引起的電磁感應現象），取g=10m/s2，求：（1）小球做勻速直線運動的速度v的大小和方向；（2）從撤掉磁場到小球再次穿過P點所在的這條電場線經歷的時間t。15（12分）如圖所示，一帶電量為q小球用絕緣繩懸掛，勻強電場方向水平向右小球的重力為G，偏離豎直方向的夾角為=30求：（1）帶點小球的電性是（正或負）（2）求出小球受到的電場力F

10、的大?。?）求電場強度E參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB小球受重力和繩子拉力兩個力作用，合力指向圓心，提供向心力，向心力不是小球所受的力，故AB錯誤；CD由牛頓第二定律可知解得若細繩與豎直方向的夾角變小，那么小球做勻速圓周運動的周期變大，選項C錯誤，D正確。故選D。2、C【解析】A.的滑動觸點向端移動時，減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數減小，根據歐姆定律可得電壓增大，則、并聯電壓減小，根據歐姆定律可得通過的電流減小，即示數減小，而總電流增大，則流過的電流

11、增大，即示數增大，故A錯誤；B. 電容器兩端的電壓等于兩端的電壓，所以電容器兩端的電壓增大，根據可知電容器的帶電量增大，故B錯誤；C. 由于，電源的內阻小于外阻，所以的滑動觸點向端移動時，外阻減小，不電源的輸出功率變大，故C正確；D.電源的效率為：則電源的效率減小，故D錯誤。3、C【解析】解:A、 是電場強度的定義式,采用比值定義法,定義出的電場強度E與F、q無關.故A不符合題意.B、電容是電容器容納電荷的本領,與所帶的電量、以及極板之間的電勢差無關,所以 是比值定義法,故B不符合題意.C、 是電容的決定式,C與、S成正比,與d成反比,這個公式不是比值定義法,故C符合題意.D、電流強度與流過截

12、面的電量和時間無無直接關系,所以 屬于比值定義法,故D不符合4、C【解析】試題分析：A、奧斯特發(fā)現了電流的磁效應；A錯誤B、庫倫研究得出了電荷間的相互作用：庫侖定律；B錯誤C、法拉第第一個發(fā)現電磁感應現象；C正確D、安培研究了磁場對電流的作用；D錯誤故選C5、B【解析】根據動量守恒定律得： mv0=mv+MV，得 ，故選B.6、D【解析】磁鐵上下運動時，由于穿過銅盤的磁通量發(fā)生變化，則在銅盤中會產生感應電流，銅盤對磁鐵有磁場力阻礙磁鐵的運動，則當磁鐵所受彈力與重力等大反向時，此時磁鐵還應該受到下面銅盤的作用力，故此時磁鐵的加速度不為零，選項A錯誤；根據楞次定律，磁鐵下降過程中，俯視銅盤，銅盤中

13、產生逆時針方向的渦旋電流，選項B錯誤；磁鐵從靜止釋放到第一次運動到最低點的過程中，由于有電能產生，則磁鐵減少的重力勢能等于彈簧彈性勢能與產生的電能之和，選項C錯誤；磁體最終靜止時彈簧有彈性勢能，則磁鐵從靜止釋放到最終靜止的過程中，磁鐵減少的重力勢能等于銅盤產生的焦耳熱與彈簧彈性勢能之和，選項D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】當電路穩(wěn)定后A燈被短路，不亮；S斷開瞬時，B立刻熄滅，L相當于電源，與A組成回路，則A燈閃亮一下后逐漸熄滅；A斷開S，A立即

14、熄滅，與結論不相符，選項A錯誤；B斷開S，B立即熄滅，與結論相符，選項B正確；C斷開S，A閃亮一下后熄滅，與結論相符，選項C正確；D斷開S，B閃亮一下后熄滅，與結論不相符，選項D錯誤；8、BD【解析】A在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的有效電阻先增大后減小，外電路總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知：總電流先變小后變大，路端電壓先增大后減小，故A錯誤；BC路端電壓先增大后減小，所以R3中的電流先增大后減小，由于總電流先變小后變大，所以電流表示數先減小后變大，則與的比值先變大后變小，無法確定與的乘積變化情況，故B正確，C錯誤；D將R3與電源看成新電源，新電源

15、的內阻為r與R3的并聯值小于r，由閉合電路歐姆定律可知，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值即為新電源的內阻，故D正確。9、AC【解析】比值F/q表示電場強度，根據Fq圖線，可知EaEb.由點電荷電場強度表達式EKQr2可知，rarb.即無論是正電荷場源還是負電荷場源，均應在A點故正確選項為AC.10、BD【解析】本題根據電場線的物理意義分析場強與電勢的關系；根據電場力方向與位移方向的關系分析電場力做功的正負【詳解】A、B、C、沿電場線方向，電勢必定降低，而電場線疏密不一定，則場強不一定減小，故AC錯誤，B正確D、順著電場線方向移動正電荷時，電場力方向沿電場線方向，則電場力做正功，故D正確故選B

16、D【點睛】電場強度和電勢都是描述電場本身性質的物理量，可根據電場線的物理意義來理解它們之間的關系：場強大小看電場線的疏密，而電勢高低看電場線的方向，兩者無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABCEH 【解析】(1)1先選唯一性器件AB，由于燈泡額定電流故電流表選C；燈泡額定電壓為6V，故電壓表選E；電路采用分壓電路，為方便操作，滑動變阻器選小的，即選H，故實驗所用到的器材按字母的先后順序ABCEH。(2)2描繪燈泡伏安特性曲線滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡正常工作時電阻為由于，即故電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示。12、 (1

17、)保護電源，防止短路 (2)如圖所示 (3)2.94 1.21 【解析】（1）若無存在，當R調節(jié)到0時，外電路短路，有燒壞電源的危險，故作用是保護電源，防止短路；（2）如圖所示，注意電壓表量程選擇，開關置于干路（3）根據閉合電路歐姆定律，得當電阻箱讀數為時當電阻箱讀數為時 聯立上兩式得；點睛：本題考查測量電源電動勢和內阻的基礎知識，運用閉合電路歐姆定律，分別研究電阻箱電阻為和的情況，列出含有電動勢和內阻的方程組求解四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5A（1）0.30N 方向沿斜面向上 0.06N 方向沿

18、斜面向下 （3）零【解析】（1）對導體棒、金屬導軌和直流電源構成閉合電路，根據閉合電路歐姆定律有：（1）導體棒受到的安培力：F安=BIL=0.30N 方向沿斜面向上 導體棒所受重力沿斜面向下的分力F1=mgsin370=0.14N由于F1小于F安，故導體棒受沿斜面向下的摩擦力f ，受力如圖根據共點力平衡條件mg sin370+f=F安 解得：f=0.06N 方向沿斜面向下 （3）對導體棒受力分析如圖，由于所以在安培力作用下導體棒剛好處于平衡，故導體棒受的摩擦力為零14、（1）v=20m/s =60（2）t=23s【解析】（1）小球做勻速直線運動時，受力如圖，其所受的三個力在同一平面內，合力為零，則有：Bqv=q2E2+m2g2，帶入數據解得：v=20m/s，速度v的方向與電場E的方向之間的夾角滿足： tan=qEmg，解得：tan=3，則=60；（2）撤去磁場后，由于電場力垂直于豎直方向，它對豎直方向的分運動沒有影響，以P點為坐標原點，豎直向上為正方向，小球在豎直方向上做勻減