四川省眉山市2023學(xué)年物理高二上期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，是一個(gè)由電池、電阻R、開關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開關(guān)閉合，平行板電容器內(nèi)一帶電液滴靜止，則 A減小電容器兩極板間距離，液滴向下運(yùn)動(dòng)B減小電容器兩極板間距離，電容器的電容變小C減小電容器兩極板間距離，電阻R中有從b流向a的電流D若開關(guān)斷開再減小電容器兩極板間距離，液滴向下運(yùn)動(dòng)2、如圖所示是某導(dǎo)體的伏安特性曲線，下列說法正確的是A當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí)，導(dǎo)體的電阻是10B當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí)，導(dǎo)體的電阻是0.1C當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是8V時(shí)，導(dǎo)體的電阻是20D當(dāng)通過導(dǎo)體的電流是0.2A時(shí)，導(dǎo)體兩端的電壓是2V3、如圖所示的空間中存在著水平正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)

3、，從A點(diǎn)沿AB、AC方向絕緣地拋出兩帶電小球，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是（ ）A從AB、AC拋出的小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B只有沿AC拋出的小球才可能做直線運(yùn)C做直線運(yùn)動(dòng)的小球帶正電，而且一定是做勻速直線運(yùn)動(dòng)D做直線運(yùn)動(dòng)的小球機(jī)械能守恒4、下列關(guān)于摩擦起電的原因，正確的說法是（ ）A摩擦后產(chǎn)生了新的電荷B電子和正電荷同時(shí)按相反方向轉(zhuǎn)移C電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體D正電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體5、如圖所示，平行板電容器兩極A、B間有一個(gè)帶電油滴P，正好靜止在兩極板正中間現(xiàn)將兩極板稍拉開一些，其它條件不變拉開時(shí)間忽略，則（ ）A電流計(jì)中電流由b流向aB電流計(jì)中始終無電流流過C油滴將向

4、上加速D油滴將向下加速6、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近,所形成的電場(chǎng)線分布如圖所示,金屬球表面的電勢(shì)處處相等,a、b為電場(chǎng)中的兩點(diǎn),則Aa點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的大Ba點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的低C試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的小D將試探電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中,電場(chǎng)力做負(fù)功二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、有三個(gè)質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場(chǎng)強(qiáng)方向射入，分別落到極板A、B、C處，如圖所示，則下

5、列說法正確的有（）A落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負(fù)電B三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等C三個(gè)微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aAaBaCD三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EkAEkBEkC8、空間存在一電場(chǎng)，一帶負(fù)電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從x1處沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，初速度大小為v0,其電勢(shì)能Ep隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖所示，圖線關(guān)于縱軸左右對(duì)稱，以無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)能點(diǎn)，粒子在原點(diǎn)O處電勢(shì)能為E0，在x1處電勢(shì)能為E1，則下列說法中正確的是A從x1到O之間，該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大B由x1運(yùn)動(dòng)到O過程加速度一直減小C粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同D粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，一定有9、如圖所示，一水平

6、固定的小圓盤A，帶電量為Q，電勢(shì)為零，從圓盤中心處O由靜止釋放一質(zhì)量為m，帶電量為的小球，由于電場(chǎng)的作用，小球豎直上升的高度可達(dá)盤中心豎直線上的c點(diǎn)，又知道過豎直線上的b點(diǎn)時(shí)，小球速度最大，由此可知在Q所形成的電場(chǎng)中，可以確定的物理量是Ab點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Bc點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Cb點(diǎn)電勢(shì)Dc點(diǎn)電勢(shì)10、如圖，傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個(gè)裝置處在場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向沿斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為q的小球從M點(diǎn)由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面向下運(yùn)動(dòng)，且M點(diǎn)與彈簧的上端N點(diǎn)的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數(shù)為k0。則下列說法中正確的是（）A小球帶負(fù)電，故N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)

7、B下滑過程中，小球的電勢(shì)能一直在增大C當(dāng)小球下滑至N點(diǎn)時(shí)，速度大小為D當(dāng)彈簧壓縮量為時(shí)，小球的速度最大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）欲用伏安法測(cè)定一段阻值為5左右的金屬導(dǎo)線的電阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，備有以下器材： A電池組（3V、） B電流表（03A，約0.0125）C電流表（00.6A，約0.125） D電壓表（03V、 ）E. 電壓表（015V、） F. 滑動(dòng)變阻器（0 ）G. 滑動(dòng)變阻器（0） H. 開關(guān)、導(dǎo)線(1)上述器材中應(yīng)選用的是_。(2)實(shí)驗(yàn)電路采用正確連接,R的測(cè)量值比真實(shí)值_（填“偏大”或“偏小”或“相

8、等” ）。 (3)在方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_。12（12分）有一個(gè)額定電壓為18 V，額定功率約為1 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這只燈泡的伏安特性圖線，有下列器材可供選用：A電壓表V1（26 V，內(nèi)阻約為5 k）B電壓表V2（215 V，內(nèi)阻約為12 k）C電流表A1（21 A，內(nèi)阻約為21 ）D電流表A2（226 A，內(nèi)阻約為25 ）E滑動(dòng)變阻器R1（12 ，5 A）F滑動(dòng)變阻器R2（222 ，25 A）G蓄電池（電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì)）H開關(guān)、導(dǎo)線（1）實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖_（填字母代號(hào)）（2）實(shí)驗(yàn)中，電壓表選_，電流表選_，滑動(dòng)變阻器選_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）（1）測(cè)得該燈泡的

9、伏安特性曲線如圖所示，由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻_（填“增大”，“減小”或“不變”）（4）若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)12 V、內(nèi)阻為1 的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為_的電阻（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，有一對(duì)平行金屬板，兩板相距為0.05m，電壓為10V。兩板之間有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓

10、形區(qū)域內(nèi)也存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=33T，方向垂直于紙面向里。一正離子沿平行于金屬板面，從A點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)的方向射入平行金屬板之間，沿直線射出平行金屬板之間的區(qū)域，并沿直徑CD方向射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，最后從圓形區(qū)域邊界上的F點(diǎn)射出。已知速度的偏向角=3，不計(jì)離子重力。求：（1）離子速度v的大小； （2）離子的比荷q/m； （3）離子在圓形磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t。14（16分）如圖所示，內(nèi)壁光滑的細(xì)圓管一端彎成半圓形APB，另一端BC伸直，水平放置在桌面上并固定。半圓形APB的半徑R=1. 0m，BC長(zhǎng)L=1. 5m，桌子高度h=0. 8m。質(zhì)量m=0. 1kg的小球以一定的水平初速度從A點(diǎn)

11、沿過A點(diǎn)的切線方向射入管內(nèi)，從C點(diǎn)離開管道后水平拋出，落地點(diǎn)D離C點(diǎn)的水平距離s=2m，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，取3. 14。求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到半圓形APB的中點(diǎn)P時(shí)的角速度；（2）小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間t及在P點(diǎn)圓管對(duì)小球的彈力F的大小。15（12分）如圖所示，用細(xì)繩的一端系著質(zhì)量為M=0.6kg的物體A（靜止在水平轉(zhuǎn)盤上），細(xì)繩另一端通過轉(zhuǎn)盤中心的光滑小孔O吊著質(zhì)量為m=0.3kg的小球B，A的重心到O點(diǎn)的距離為0.2m若A與轉(zhuǎn)盤問的最大靜摩擦力為Ff=2N，為使小球B保持靜止，求轉(zhuǎn)盤繞中心O旋轉(zhuǎn)的角速度的取值范圍（取g=10m/s2）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每

12、小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A、減小電容器兩極板間的距離，因?yàn)殡妷翰蛔儯瑘?chǎng)強(qiáng)增大，電場(chǎng)力增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)電容的決定式，C=S4kd，減小極板距離，電容器的電容變大，故B錯(cuò)誤；C、減小極板距離，電容變大，根據(jù)Q=CU知電壓變大，電容器充電，電阻R中有從b流向a的電流，故C正確；D、斷開開關(guān)時(shí)，電容器的電荷量不變，根據(jù)E=Ud=QCd=QS4kdd=4kQS，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，電場(chǎng)力不變，液滴仍然處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：根據(jù)電容的決定式判斷電容的變化，根據(jù)電容的定義式分析板間電壓的變化，根據(jù)推論分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，確

13、定電荷能否保持靜止，確定電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電路中電流的方向。2、A【解析】由圖像可知，當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí)，電流為0.4A，此時(shí)導(dǎo)體的電阻是，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是8V時(shí)，導(dǎo)體上的電流無法確定，不能得出電阻的阻值，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；同理當(dāng)通過導(dǎo)體的電流是0.2A時(shí)，導(dǎo)體兩端的電壓無法確定，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.3、C【解析】試題分析：從AB拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場(chǎng)力和垂直于AB連線向上的洛倫茲力，三力的合力可能為零，可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從AC拋出的小球，若小球帶正電，受到重力、水平向右的電場(chǎng)力和垂直于AC連線向上的洛倫茲力，三力的合力不可能

14、為零，不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)；由于洛倫茲力隨速度的變化，也不可能做直線運(yùn)動(dòng)，AB錯(cuò)誤；若小球帶負(fù)電，受到重力、水平向左的電場(chǎng)力和垂直于AC連線向下的洛倫茲力，三力的合力不可能為零，一定做曲線運(yùn)動(dòng)，C正確；從AB拋出的小球，由于電場(chǎng)力做功，其機(jī)械能一定不守恒，考點(diǎn)：考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的分析思路1正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的分析2正確分析物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)找出物體的速度、位置及其變化特點(diǎn)，分析運(yùn)動(dòng)過程如果出現(xiàn)臨界狀態(tài)，要分析臨界條件帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做什么運(yùn)動(dòng)，取決于帶電粒子的受力情況（1）當(dāng)粒子在復(fù)合場(chǎng)內(nèi)所受合力為零

15、時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)（如速度選擇器）（2）當(dāng)帶電粒子所受的重力與電場(chǎng)力等值反向，洛倫茲力提供向心力時(shí)，帶電粒子在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（3）當(dāng)帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時(shí)，粒子做非勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，這時(shí)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續(xù)通過幾個(gè)情況不同的復(fù)合場(chǎng)區(qū)，因此粒子的運(yùn)動(dòng)情況也發(fā)生相應(yīng)的變化，其運(yùn)動(dòng)過程也可能由幾種不同的運(yùn)動(dòng)階段所組成4、C【解析】摩擦起電過程中，電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，失去電子的物體帶正電，得到電子的物體帶負(fù)電，在摩擦起電過程中沒有產(chǎn)生新電荷，只是電子發(fā)生轉(zhuǎn)移；，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選C5、D【解析】

16、由題中“平行板電容器兩極A、B間有一個(gè)帶電油滴P”可知，本題考查平行板電容器中帶電物體的情況，根據(jù)電容器特點(diǎn)、電場(chǎng)力規(guī)律可分析本題?！驹斀狻緼B.根據(jù)公式可知，d變大，則電容變小，U不變，根據(jù)知，電荷量減小，則電流計(jì)中的電流由a流向b，故AB錯(cuò)誤；CD.將兩極板的距離拉開一些，由于電勢(shì)差不變，d變大，根據(jù)可知，電場(chǎng)強(qiáng)度變小，電場(chǎng)力變小，油滴向下加速，故C錯(cuò)誤，D正確。6、A【解析】電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大??；a點(diǎn)所在的電場(chǎng)線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于金屬球的電勢(shì)，而b點(diǎn)所在處的電場(chǎng)線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)；電勢(shì)越高的地方，負(fù)電荷具有的電勢(shì)能越

17、小。【詳解】A項(xiàng)：電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖象知a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)大，故A正確；B項(xiàng)：a點(diǎn)所在的電場(chǎng)線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于金屬球的電勢(shì)，而b點(diǎn)所在處的電場(chǎng)線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，即a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的高，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電勢(shì)越高的地方，正電荷具有的電勢(shì)能越大，即正電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)大，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由上知，+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)大，則把+q電荷從電勢(shì)能大的a點(diǎn)移動(dòng)到電勢(shì)能小的b點(diǎn)，電勢(shì)能減，電場(chǎng)力做正功，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：A。【點(diǎn)睛】該題考查電場(chǎng)線的特點(diǎn)與電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)，解題的關(guān)鍵是電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減?。浑妶?chǎng)力做

18、負(fù)功，電勢(shì)能增加。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】微粒在水平方向上均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移，xCxBxA.則三微粒的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tCxcv，tBxbv，tAxAv所以tCtBtA微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則有d212aAtA212aBtB212aCtC2所以aAaBaC，所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負(fù)電，A、C選項(xiàng)正確，B選項(xiàng)錯(cuò)誤根據(jù)動(dòng)能定理得A處：mgd2qAEd2EkA12mv

19、2B處：mgd2EkB12mv2C處：mgd2qCEd2EkC12mv2所以D項(xiàng)錯(cuò)誤8、CD【解析】根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Ep=q，場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系：，得：Ep-x圖象切線的斜率等于，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，坐標(biāo)原點(diǎn)O處切線斜率為零，則坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，從x1到O之間，斜率先增加后減小，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)先增加后減小，故A錯(cuò)誤由x1運(yùn)動(dòng)到O過程，場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小，由F=qE知，粒子所受的電場(chǎng)力先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度先增大后減小，故B錯(cuò)誤由圖看出，x1、-x1兩處的電勢(shì)能相等，根據(jù)能量守恒定律得知，粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同，故C正確根據(jù)公式Ep=q，可知，該粒子帶負(fù)電，

20、從x1處到-x1處，電勢(shì)先降低后升高，電場(chǎng)方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向，電場(chǎng)力先沿x軸正方向后沿x軸負(fù)方向，粒子只要能通過原點(diǎn)O，就能一直沿x軸運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子恰好能到達(dá)原點(diǎn)O時(shí)的速度為v，則根據(jù)能量守恒定律得：mv2=E0-E1，當(dāng)v0v時(shí)，即v0粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D正確故選CD.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)的變化，再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定律和能量守恒定律進(jìn)行分析9、AD【解析】速度最大時(shí)合力為0，據(jù)受力可得電場(chǎng)力，即可以確定b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，A對(duì)由O到C列動(dòng)能定理可知OC間電勢(shì)差，即可確定c點(diǎn)電勢(shì)，D對(duì)10、BD【解析】A根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低

21、可知，N點(diǎn)的電勢(shì)低于M點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B下滑過程中，電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故B正確；C由動(dòng)能定理可得解得故C錯(cuò)誤；D當(dāng)小球的合力為0時(shí)，小球速度最大，由平衡可得解得故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDFH 偏小 【解析】（1）1根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出通過待測(cè)電阻的最大電流為所以電流表應(yīng)選C；根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)為3V可知，電壓表應(yīng)選D；根據(jù)電流表的最小讀數(shù)應(yīng)為量程的1/3，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應(yīng)為所以變阻器應(yīng)選F，且應(yīng)采用限流式接法；所以應(yīng)選擇的器材是ACDFH；（2）2

22、由于待測(cè)電阻滿足，所以電流表應(yīng)用外接法；由于變阻器的阻值大于待測(cè)電阻，變阻器應(yīng)采用限流式接法；電路應(yīng)是外接限流式，此電路中電流的測(cè)量值偏大，則電阻Rx的測(cè)量值比真實(shí)值偏小。（3）3如圖所示：12、B A D E 16 增大 14 【解析】（1）為描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，故應(yīng)選項(xiàng)E；燈泡額定電壓為13V，電壓表應(yīng)選擇A，燈泡額定電流為：，電流表選擇D，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻：，電流表內(nèi)阻為：25，電壓表內(nèi)阻為5k，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選擇圖B所示電路；（2）由（1）分析可知，電壓表選擇A，電流表選擇D，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器選擇E；（1）由圖示圖象可知，隨U增大，I增大，實(shí)際功率P=UI增大，燈泡溫度升高，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大；由圖示圖象可知，電壓：U=13V時(shí)，電流I=224A，此時(shí)燈泡電阻：；（4）燈泡正常發(fā)光時(shí)，串聯(lián)電阻兩端電壓UR=U-UL=12V-13V=32V，串聯(lián)電阻阻值；四、計(jì)算題：本題共2小題