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文檔簡介
1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回2答題前,請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑;如需改動(dòng),請用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無效5如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫清楚,線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題
2、目要求的。1、如圖所示,是一個(gè)由電池、電阻R、開關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路,開關(guān)閉合,平行板電容器內(nèi)一帶電液滴靜止,則 A減小電容器兩極板間距離,液滴向下運(yùn)動(dòng)B減小電容器兩極板間距離,電容器的電容變小C減小電容器兩極板間距離,電阻R中有從b流向a的電流D若開關(guān)斷開再減小電容器兩極板間距離,液滴向下運(yùn)動(dòng)2、如圖所示是某導(dǎo)體的伏安特性曲線,下列說法正確的是A當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí),導(dǎo)體的電阻是10B當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí),導(dǎo)體的電阻是0.1C當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是8V時(shí),導(dǎo)體的電阻是20D當(dāng)通過導(dǎo)體的電流是0.2A時(shí),導(dǎo)體兩端的電壓是2V3、如圖所示的空間中存在著水平正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場
3、,從A點(diǎn)沿AB、AC方向絕緣地拋出兩帶電小球,關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)情況,下列說法正確的是( )A從AB、AC拋出的小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B只有沿AC拋出的小球才可能做直線運(yùn)C做直線運(yùn)動(dòng)的小球帶正電,而且一定是做勻速直線運(yùn)動(dòng)D做直線運(yùn)動(dòng)的小球機(jī)械能守恒4、下列關(guān)于摩擦起電的原因,正確的說法是( )A摩擦后產(chǎn)生了新的電荷B電子和正電荷同時(shí)按相反方向轉(zhuǎn)移C電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體D正電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體5、如圖所示,平行板電容器兩極A、B間有一個(gè)帶電油滴P,正好靜止在兩極板正中間現(xiàn)將兩極板稍拉開一些,其它條件不變拉開時(shí)間忽略,則( )A電流計(jì)中電流由b流向aB電流計(jì)中始終無電流流過C油滴將向
4、上加速D油滴將向下加速6、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近,所形成的電場線分布如圖所示,金屬球表面的電勢處處相等,a、b為電場中的兩點(diǎn),則Aa點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大Ba點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的低C試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的小D將試探電荷+q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中,電場力做負(fù)功二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、有三個(gè)質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒,從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場強(qiáng)方向射入,分別落到極板A、B、C處,如圖所示,則下
5、列說法正確的有()A落在A處的微粒帶正電,B處的不帶電,C處的帶負(fù)電B三個(gè)微粒在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等C三個(gè)微粒在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度aAaBaCD三個(gè)微粒到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能EkAEkBEkC8、空間存在一電場,一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下從x1處沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng),初速度大小為v0,其電勢能Ep隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖所示,圖線關(guān)于縱軸左右對稱,以無窮遠(yuǎn)處為零電勢能點(diǎn),粒子在原點(diǎn)O處電勢能為E0,在x1處電勢能為E1,則下列說法中正確的是A從x1到O之間,該電場的場強(qiáng)先減小后增大B由x1運(yùn)動(dòng)到O過程加速度一直減小C粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同D粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng),一定有9、如圖所示,一水平
6、固定的小圓盤A,帶電量為Q,電勢為零,從圓盤中心處O由靜止釋放一質(zhì)量為m,帶電量為的小球,由于電場的作用,小球豎直上升的高度可達(dá)盤中心豎直線上的c點(diǎn),又知道過豎直線上的b點(diǎn)時(shí),小球速度最大,由此可知在Q所形成的電場中,可以確定的物理量是Ab點(diǎn)場強(qiáng)Bc點(diǎn)場強(qiáng)Cb點(diǎn)電勢Dc點(diǎn)電勢10、如圖,傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧,整個(gè)裝置處在場強(qiáng)大小為E、方向沿斜面向下的勻強(qiáng)電場中?,F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為q的小球從M點(diǎn)由靜止釋放,釋放后小球沿著斜面向下運(yùn)動(dòng),且M點(diǎn)與彈簧的上端N點(diǎn)的距離為s。已知靜電力常量為k,彈簧的勁度系數(shù)為k0。則下列說法中正確的是()A小球帶負(fù)電,故N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢
7、B下滑過程中,小球的電勢能一直在增大C當(dāng)小球下滑至N點(diǎn)時(shí),速度大小為D當(dāng)彈簧壓縮量為時(shí),小球的速度最大三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11(6分)欲用伏安法測定一段阻值為5左右的金屬導(dǎo)線的電阻,要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確,備有以下器材: A電池組(3V、) B電流表(03A,約0.0125)C電流表(00.6A,約0.125) D電壓表(03V、 )E. 電壓表(015V、) F. 滑動(dòng)變阻器(0 )G. 滑動(dòng)變阻器(0) H. 開關(guān)、導(dǎo)線(1)上述器材中應(yīng)選用的是_。(2)實(shí)驗(yàn)電路采用正確連接,R的測量值比真實(shí)值_(填“偏大”或“偏小”或“相
8、等” )。 (3)在方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_。12(12分)有一個(gè)額定電壓為18 V,額定功率約為1 W的小燈泡,現(xiàn)要用伏安法描繪這只燈泡的伏安特性圖線,有下列器材可供選用:A電壓表V1(26 V,內(nèi)阻約為5 k)B電壓表V2(215 V,內(nèi)阻約為12 k)C電流表A1(21 A,內(nèi)阻約為21 )D電流表A2(226 A,內(nèi)阻約為25 )E滑動(dòng)變阻器R1(12 ,5 A)F滑動(dòng)變阻器R2(222 ,25 A)G蓄電池(電動(dòng)勢6 V,內(nèi)阻不計(jì))H開關(guān)、導(dǎo)線(1)實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用下列的圖_(填字母代號(hào))(2)實(shí)驗(yàn)中,電壓表選_,電流表選_,滑動(dòng)變阻器選_(請?zhí)顚戇x項(xiàng)前對應(yīng)的字母)(1)測得該燈泡的
9、伏安特性曲線如圖所示,由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字);隨著電壓增大,溫度升高,小燈泡的電阻_(填“增大”,“減小”或“不變”)(4)若將此燈泡與電動(dòng)勢12 V、內(nèi)阻為1 的電源相連,要使燈泡正常發(fā)光,需串聯(lián)一個(gè)阻值為_的電阻(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13(10分)如圖所示,有一對平行金屬板,兩板相距為0.05m,電壓為10V。兩板之間有勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0=0.1T,方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓
10、形區(qū)域內(nèi)也存在勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=33T,方向垂直于紙面向里。一正離子沿平行于金屬板面,從A點(diǎn)垂直于磁場的方向射入平行金屬板之間,沿直線射出平行金屬板之間的區(qū)域,并沿直徑CD方向射入圓形磁場區(qū)域,最后從圓形區(qū)域邊界上的F點(diǎn)射出。已知速度的偏向角=3,不計(jì)離子重力。求:(1)離子速度v的大?。?(2)離子的比荷q/m; (3)離子在圓形磁場區(qū)域中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t。14(16分)如圖所示,內(nèi)壁光滑的細(xì)圓管一端彎成半圓形APB,另一端BC伸直,水平放置在桌面上并固定。半圓形APB的半徑R=1. 0m,BC長L=1. 5m,桌子高度h=0. 8m。質(zhì)量m=0. 1kg的小球以一定的水平初速度從A點(diǎn)
11、沿過A點(diǎn)的切線方向射入管內(nèi),從C點(diǎn)離開管道后水平拋出,落地點(diǎn)D離C點(diǎn)的水平距離s=2m,不計(jì)空氣阻力,g取10m/s2,取3. 14。求:(1)小球運(yùn)動(dòng)到半圓形APB的中點(diǎn)P時(shí)的角速度;(2)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間t及在P點(diǎn)圓管對小球的彈力F的大小。15(12分)如圖所示,用細(xì)繩的一端系著質(zhì)量為M=0.6kg的物體A(靜止在水平轉(zhuǎn)盤上),細(xì)繩另一端通過轉(zhuǎn)盤中心的光滑小孔O吊著質(zhì)量為m=0.3kg的小球B,A的重心到O點(diǎn)的距離為0.2m若A與轉(zhuǎn)盤問的最大靜摩擦力為Ff=2N,為使小球B保持靜止,求轉(zhuǎn)盤繞中心O旋轉(zhuǎn)的角速度的取值范圍(取g=10m/s2)參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每
12、小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A、減小電容器兩極板間的距離,因?yàn)殡妷翰蛔?,場?qiáng)增大,電場力增大,液滴向上運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B、根據(jù)電容的決定式,C=S4kd,減小極板距離,電容器的電容變大,故B錯(cuò)誤;C、減小極板距離,電容變大,根據(jù)Q=CU知電壓變大,電容器充電,電阻R中有從b流向a的電流,故C正確;D、斷開開關(guān)時(shí),電容器的電荷量不變,根據(jù)E=Ud=QCd=QS4kdd=4kQS,板間場強(qiáng)不變,電場力不變,液滴仍然處于靜止?fàn)顟B(tài),故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛:根據(jù)電容的決定式判斷電容的變化,根據(jù)電容的定義式分析板間電壓的變化,根據(jù)推論分析板間場強(qiáng)的變化,確
13、定電荷能否保持靜止,確定電容器是處于充電還是放電狀態(tài),判斷電路中電流的方向。2、A【解析】由圖像可知,當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是4V時(shí),電流為0.4A,此時(shí)導(dǎo)體的電阻是,選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是8V時(shí),導(dǎo)體上的電流無法確定,不能得出電阻的阻值,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;同理當(dāng)通過導(dǎo)體的電流是0.2A時(shí),導(dǎo)體兩端的電壓無法確定,選項(xiàng)D錯(cuò)誤;故選A.3、C【解析】試題分析:從AB拋出的小球,若小球帶正電,受到重力、水平向右的電場力和垂直于AB連線向上的洛倫茲力,三力的合力可能為零,可能做勻速直線運(yùn)動(dòng),從AC拋出的小球,若小球帶正電,受到重力、水平向右的電場力和垂直于AC連線向上的洛倫茲力,三力的合力不可能
14、為零,不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng);由于洛倫茲力隨速度的變化,也不可能做直線運(yùn)動(dòng),AB錯(cuò)誤;若小球帶負(fù)電,受到重力、水平向左的電場力和垂直于AC連線向下的洛倫茲力,三力的合力不可能為零,一定做曲線運(yùn)動(dòng),C正確;從AB拋出的小球,由于電場力做功,其機(jī)械能一定不守恒,考點(diǎn):考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)問題的分析思路1正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外,要特別注意電場力和磁場力的分析2正確分析物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)找出物體的速度、位置及其變化特點(diǎn),分析運(yùn)動(dòng)過程如果出現(xiàn)臨界狀態(tài),要分析臨界條件帶電粒子在復(fù)合場中做什么運(yùn)動(dòng),取決于帶電粒子的受力情況(1)當(dāng)粒子在復(fù)合場內(nèi)所受合力為零
15、時(shí),做勻速直線運(yùn)動(dòng)(如速度選擇器)(2)當(dāng)帶電粒子所受的重力與電場力等值反向,洛倫茲力提供向心力時(shí),帶電粒子在垂直于磁場的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)(3)當(dāng)帶電粒子所受的合力是變力,且與初速度方向不在一條直線上時(shí),粒子做非勻變速曲線運(yùn)動(dòng),這時(shí)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡既不是圓弧,也不是拋物線,由于帶電粒子可能連續(xù)通過幾個(gè)情況不同的復(fù)合場區(qū),因此粒子的運(yùn)動(dòng)情況也發(fā)生相應(yīng)的變化,其運(yùn)動(dòng)過程也可能由幾種不同的運(yùn)動(dòng)階段所組成4、C【解析】摩擦起電過程中,電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體,失去電子的物體帶正電,得到電子的物體帶負(fù)電,在摩擦起電過程中沒有產(chǎn)生新電荷,只是電子發(fā)生轉(zhuǎn)移;,故C正確,ABD錯(cuò)誤故選C5、D【解析】
16、由題中“平行板電容器兩極A、B間有一個(gè)帶電油滴P”可知,本題考查平行板電容器中帶電物體的情況,根據(jù)電容器特點(diǎn)、電場力規(guī)律可分析本題?!驹斀狻緼B.根據(jù)公式可知,d變大,則電容變小,U不變,根據(jù)知,電荷量減小,則電流計(jì)中的電流由a流向b,故AB錯(cuò)誤;CD.將兩極板的距離拉開一些,由于電勢差不變,d變大,根據(jù)可知,電場強(qiáng)度變小,電場力變小,油滴向下加速,故C錯(cuò)誤,D正確。6、A【解析】電場線的疏密表示場強(qiáng)的大??;a點(diǎn)所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止,所以a點(diǎn)的電勢高于金屬球的電勢,而b點(diǎn)所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn),所以金屬球的電勢高于b點(diǎn)的電勢;電勢越高的地方,負(fù)電荷具有的電勢能越
17、小?!驹斀狻緼項(xiàng):電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小,由圖象知a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)大,故A正確;B項(xiàng):a點(diǎn)所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止,所以a點(diǎn)的電勢高于金屬球的電勢,而b點(diǎn)所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn),所以金屬球的電勢高于b點(diǎn)的電勢,即a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高,故B錯(cuò)誤;C項(xiàng):電勢越高的地方,正電荷具有的電勢能越大,即正電荷在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)大,故C錯(cuò)誤;D項(xiàng):由上知,+q在a點(diǎn)的電勢能較b點(diǎn)大,則把+q電荷從電勢能大的a點(diǎn)移動(dòng)到電勢能小的b點(diǎn),電勢能減,電場力做正功,故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選:A?!军c(diǎn)睛】該題考查電場線的特點(diǎn)與電場力做功的特點(diǎn),解題的關(guān)鍵是電場力做正功,電勢能減??;電場力做
18、負(fù)功,電勢能增加。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】微粒在水平方向上均做勻速直線運(yùn)動(dòng),且水平速度相同,三微粒在水平方向上的位移,xCxBxA.則三微粒的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為tCxcv,tBxbv,tAxAv所以tCtBtA微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng),則有d212aAtA212aBtB212aCtC2所以aAaBaC,所以落在A處的微粒必帶正電,B處的不帶電,而C處的帶負(fù)電,A、C選項(xiàng)正確,B選項(xiàng)錯(cuò)誤根據(jù)動(dòng)能定理得A處:mgd2qAEd2EkA12mv
19、2B處:mgd2EkB12mv2C處:mgd2qCEd2EkC12mv2所以D項(xiàng)錯(cuò)誤8、CD【解析】根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系:Ep=q,場強(qiáng)與電勢的關(guān)系:,得:Ep-x圖象切線的斜率等于,根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知,坐標(biāo)原點(diǎn)O處切線斜率為零,則坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場強(qiáng)度為零,從x1到O之間,斜率先增加后減小,則該電場的場強(qiáng)先增加后減小,故A錯(cuò)誤由x1運(yùn)動(dòng)到O過程,場強(qiáng)先增大后減小,由F=qE知,粒子所受的電場力先增大后減小,根據(jù)牛頓第二定律得知,加速度先增大后減小,故B錯(cuò)誤由圖看出,x1、-x1兩處的電勢能相等,根據(jù)能量守恒定律得知,粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同,故C正確根據(jù)公式Ep=q,可知,該粒子帶負(fù)電,
20、從x1處到-x1處,電勢先降低后升高,電場方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向,電場力先沿x軸正方向后沿x軸負(fù)方向,粒子只要能通過原點(diǎn)O,就能一直沿x軸運(yùn)動(dòng),設(shè)粒子恰好能到達(dá)原點(diǎn)O時(shí)的速度為v,則根據(jù)能量守恒定律得:mv2=E0-E1,當(dāng)v0v時(shí),即v0粒子能夠一直沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng),故D正確故選CD.點(diǎn)睛:解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義,判斷電勢和場強(qiáng)的變化,再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律:牛頓第二定律和能量守恒定律進(jìn)行分析9、AD【解析】速度最大時(shí)合力為0,據(jù)受力可得電場力,即可以確定b點(diǎn)場強(qiáng),A對由O到C列動(dòng)能定理可知OC間電勢差,即可確定c點(diǎn)電勢,D對10、BD【解析】A根據(jù)沿電場線方向電勢降低
21、可知,N點(diǎn)的電勢低于M點(diǎn)的電勢,故A錯(cuò)誤;B下滑過程中,電場力對負(fù)電荷做負(fù)功,電勢能增大,故B正確;C由動(dòng)能定理可得解得故C錯(cuò)誤;D當(dāng)小球的合力為0時(shí),小球速度最大,由平衡可得解得故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、ACDFH 偏小 【解析】(1)1根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為所以電流表應(yīng)選C;根據(jù)電源電動(dòng)勢為3V可知,電壓表應(yīng)選D;根據(jù)電流表的最小讀數(shù)應(yīng)為量程的1/3,根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應(yīng)為所以變阻器應(yīng)選F,且應(yīng)采用限流式接法;所以應(yīng)選擇的器材是ACDFH;(2)2
22、由于待測電阻滿足,所以電流表應(yīng)用外接法;由于變阻器的阻值大于待測電阻,變阻器應(yīng)采用限流式接法;電路應(yīng)是外接限流式,此電路中電流的測量值偏大,則電阻Rx的測量值比真實(shí)值偏小。(3)3如圖所示:12、B A D E 16 增大 14 【解析】(1)為描繪燈泡伏安特性曲線,電壓與電流應(yīng)從零開始變化,滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法,故應(yīng)選項(xiàng)E;燈泡額定電壓為13V,電壓表應(yīng)選擇A,燈泡額定電流為:,電流表選擇D,燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻:,電流表內(nèi)阻為:25,電壓表內(nèi)阻為5k,電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻,電流表應(yīng)采用外接法,實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選擇圖B所示電路;(2)由(1)分析可知,電壓表選擇A,電流表選擇D,滑動(dòng)變阻器采用分壓接法,為方便實(shí)驗(yàn)操作,滑動(dòng)變阻器選擇E;(1)由圖示圖象可知,隨U增大,I增大,實(shí)際功率P=UI增大,燈泡溫度升高,電壓與電流表的比值增大,燈泡電阻增大;由圖示圖象可知,電壓:U=13V時(shí),電流I=224A,此時(shí)燈泡電阻:;(4)燈泡正常發(fā)光時(shí),串聯(lián)電阻兩端電壓UR=U-UL=12V-13V=32V,串聯(lián)電阻阻值;四、計(jì)算題:本題共2小題
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