【高考模擬】湖南省長(zhǎng)沙市高三年級(jí)第二次模擬考試-（物理）答案與祥細(xì)解析

1、試卷第 =page 18 18頁，總 =sectionpages 19 19頁試卷第 =page 19 19頁，總 =sectionpages 19 19頁湖南省長(zhǎng)沙市高三年級(jí)第二次模擬考試 (物理)一、選擇題1. 一遙控玩具小車（視為質(zhì)點(diǎn)）從t=0時(shí)刻開始向某一方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間圖像（x-t圖像）如圖所示其中曲線部分是拋物線，曲線之后的圖線是平行于時(shí)間軸的直線，直線與拋物線平滑連接下列說法正確的是（） A.小車先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)后保持靜止B.小車先做變加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.小車一直做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.小車先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)2. 如圖所示，兩小球從高

2、度相同的A、B兩點(diǎn)同時(shí)以相同的速率水平拋出，經(jīng)過時(shí)間t在空中相遇若其他情況不變，僅將從A點(diǎn)拋出的小球速度變?yōu)樵瓉淼膋（k1）倍，不計(jì)空氣阻力，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過的時(shí)間為（） A.tkB.tk+1C.2tk+1D.t2k3. 7月26日，大型水陸兩棲飛機(jī)“鯤龍”AG600海上首飛成功，為下一步飛機(jī)進(jìn)行海上試飛科目訓(xùn)練及驗(yàn)證飛機(jī)相關(guān)性能奠定了基礎(chǔ)若飛機(jī)的質(zhì)量為m，從t=0時(shí)刻起，飛機(jī)在某段時(shí)間t0內(nèi)由靜止開始做加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度與時(shí)間的關(guān)系圖像如圖所示（圖中a0、t0均為已知量），則在這段時(shí)間t0內(nèi)，飛機(jī)所受合力的沖量大小為（） A.12ma0t0B.34ma0t0C.ma0t0D.2ma

3、0t04. “土星沖日”是指土星、地球、太陽三者依次排成一條直線，此時(shí)土星距離地球最近，若地球和土星繞太陽公轉(zhuǎn)的周期分別為 T1、T2(T1W彈1，Wf2=12Wf1，WG2=12WG1，可得：EkEkm2，故C錯(cuò)誤；D滑塊從A點(diǎn)滑到B點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：W彈-Wf-WG=0，又W彈EP，則得Wf+WGEP，即克服摩擦阻力和克服重力做功的代數(shù)和小于EP，故D正確故選AD三、實(shí)驗(yàn)探究題【答案】C（2）0.77（0.760.78均可）（3）2FM【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【解析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，確定操作過程的正確與否（2）先求出T，在根據(jù)x=aT2，求出加速度大小（3

4、）根據(jù)牛頓第二定律分析求解【解答】解：（1）A本實(shí)驗(yàn)在長(zhǎng)木板上進(jìn)行，存在摩擦力，而實(shí)驗(yàn)研究的是合力與加速度的關(guān)系，故實(shí)驗(yàn)前需要先平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤；B平衡摩擦力需要將右端墊高，無法維持水平，故B錯(cuò)誤；C本實(shí)驗(yàn)細(xì)線的拉力由彈簧測(cè)力計(jì)直接測(cè)出，不需要使沙和沙桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故C正確；D應(yīng)先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，故D錯(cuò)誤故選C（2）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，故T=0.025=0.1s，根據(jù)x=aT2得a=s6+s5+s4-(s1+s2+s3)(30.1)2=(5.36+4.57+3.82)-(1.50+2.27+3.04)10-2(30.1)2m/s20.77m/s2（3

5、）根據(jù)牛頓第二定律有：2F=Ma，即a=2FM【答案】（1）C（2）如解答圖所示；（3）2.7,2.5【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【解析】【解答】解：（1）將電流表A2改裝為量程為3V的電壓表，則有U=IA2(Rg2+R)，解得R=14.5k，故應(yīng)選C（2）如圖所示：（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I2(Ig2+R1)+(I1+I2)r=E，整理得I2=EIg2+R1+r-I1rIg2+R1+r，根據(jù)圖乙可得：r2.5，E2.7V四、解答題【答案】（1）甲、乙碰撞前瞬間甲的速度大小v0=gdsin；（2）兩滑塊碰撞過程損失的機(jī)械能E=14mgdsin；（3）滑塊整體與軌道BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

6、=dsin8(2n-1)d+x或=dsin8(2n+1)d-x【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用動(dòng)量守恒定律的綜合應(yīng)用能量守恒定律的應(yīng)用摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化【解析】 【解答】解：（1）對(duì)甲從釋放到滑至B點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理有mgsin12d=12mv02，解得v0=gdsin（2）對(duì)甲、乙碰撞的過程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mv0=2mv，解得v=12gdsin，根據(jù)能量守恒定律有E=12mv02-122mv2，解得E=14mgdsin（3）若整體與擋板第n次碰撞后，沿BC段向左運(yùn)動(dòng)一段距離后停在D點(diǎn)，則整體在BC段上通過的路程s1=(2n-1)d+x，根據(jù)功能關(guān)系有2mgs1=122mv2，解得=dsin8

7、(2n-1)d+x，若整體與擋板第n次碰撞后，向左沖上AB段后再下滑，最后停在D點(diǎn)，則整體在BC段上通過的路程s2=(2n+1)d-x，根據(jù)功能關(guān)系有2mgs2=122mv2，解得=dsin8(2n+1)d-x【答案】（1）粒子的比荷qm=3v02EL（2）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=8E3v0（3）D、B兩點(diǎn)的距離x=738L【考點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)的組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【解答】解：（1）粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系可知：AP=L，設(shè)粒子從O點(diǎn)射入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，時(shí)間為t1，有L=v0t1，32L=12a1t12，qE=ma1，解得qm=3v02EL（2）設(shè)粒子

8、第一次通過P點(diǎn)時(shí)的速度大小為v、方向與AB間的夾角為，有tan=a1t1v0，v=v0cos，解得=60，v=2v0，粒子第一次通過P點(diǎn)時(shí)的速度方向與AC平行，設(shè)粒子第一次通過P點(diǎn)后在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，有2r=Lsin，洛倫茲力提供粒子做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，有：qvB=mv2r，解得B=8E3v0（3）由幾何關(guān)系可知，粒子第二次從Q點(diǎn)通過AB時(shí)的速度方向與AB的夾角也為，粒子第二次通過AB后的運(yùn)動(dòng)可視為類平拋運(yùn)動(dòng)的逆運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子從Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的加速度大小為a2、時(shí)間為t2，有L+2rsin=v0t2，v0tan=a2t2，x=12a2t22，解得x=738L【答案】n的數(shù)值為120【考點(diǎn)】“變質(zhì)量氣體”模型【解析】【解答】解：設(shè)充氣前每個(gè)籃球中的氣體等溫壓縮至4p0時(shí)的體積為V1，有2p0V060=4p0V1，籃球內(nèi)氣體體積的減少量V=V060-V1，儲(chǔ)氣罐給籃球充氣時(shí)做等溫變化，有8p0V0=4p0(V0+nV)，解得n=120【答案】（1）水的折射率n=43（2）小孩感覺水池的深度H=1.35m