2021高考物理二輪專題復(fù)習專練4　對教材細節(jié)素材進行改編

1、PAGE 7 -專練4對教材細節(jié)素材進行改編(時間：25分鐘)考向1源于教材中的習題或例題1此題原型為人教版教材選修35P12“問題與練習”第6題甲、乙兩位輪滑運動員靜止在水平地面上，甲猛推乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去已知停止運動時甲滑行的距離是乙滑行距離的一半，若兩人與水平地面間的動摩擦因數(shù)相同，則兩人的質(zhì)量之比eq f(m甲,m乙)等于()A.eq r(2) B.eq f(r(2),2)C2 D.eq f(1,2)2.此題原型為教科版教材選修31P106“第10題”如圖所示，寬度為d的區(qū)域內(nèi)有大小為B、方向與紙面垂直的勻強磁場和大小為E、沿豎直方向的勻強電場，從區(qū)域左邊界上的A點射出的帶

2、電粒子垂直于左邊界進入該區(qū)域后，剛好能夠做勻速直線運動現(xiàn)撤去電場僅保留磁場，當粒子從該區(qū)域右邊界射出時，其速度方向與水平方向的夾角為30，不計粒子的重力，則有()A粒子必帶正電荷B粒子的初速度大小為eq f(B,E)C該粒子的比荷為eq f(E,2B2d)D粒子在磁場中運動的時間為eq f(Ed,3B)3此題原型為人教版教材必修1P29“問題與練習”第4題2020山西晉中第四次月考某同學利用如圖甲所示的實驗裝置來測定氣墊導(dǎo)軌上滑決的加速度，滑塊上安裝有遮光條(1)該同學利用10分度的游標卡尺測出滑塊上安裝的遮光條的寬度d，測量結(jié)果如圖乙所示，則d_ cm；(2)與光電門配套的數(shù)字毫秒計測出了遮

3、光條通過光電門1所用的時間t10.025 s，通過光電門2所用的時間為t20.010 s，則滑塊通過光電門1時滑塊的速度大小為v1_ m/s；(3)該同學利用刻度尺測出兩光電門之間的距離為l0.50 m，則滑塊的加速度大小為a_ m/s2.考向2源于教材中的插圖或相關(guān)內(nèi)容4.此題原型為人教版教材必修1P57演示實驗如圖所示，靜止在水平地面上的木箱，受到一個方向不變的斜向上的拉力F作用F從零開始逐漸增大，木箱離開地面前，受到的摩擦力將()A逐漸增大 B逐漸減小C先逐漸增大，后又減小 D先逐漸減小，后又增大5此題圖取材于人教版教材選修31P93圖3.47如圖所示是磁電式儀表中的輻向磁場假設(shè)長方形線

4、圈的匝數(shù)為n，垂直于紙面的邊長為L1，平行于紙面的邊長為L2，線圈垂直于紙面的邊所在處磁場的磁感應(yīng)強度大小為B.當通入電流I，線圈以角速度繞垂直紙面的中心軸OO轉(zhuǎn)動到水平位置時，下列判斷正確的是()A穿過線圈的磁通量為BL1L2B線圈左側(cè)邊所受的安培力方向豎直向上C線圈左側(cè)邊所受的安培力大小為nBIL1D線圈左側(cè)邊轉(zhuǎn)動的線速度veq f(L1,2)6此題原型為人教版教材選修31P101的插圖3.66(回旋加速器)回旋加速器的工作原理如圖所示兩D形盒之間接有用于加速粒子的交流電源，磁場方向與盒面垂直向下一帶電粒子從加速器中央A處由靜止開始加速，最終從D形盒的邊緣離開則下列說法中正確的是()A回旋

5、加速器只能加速帶正電粒子，不能加速帶負電粒子B由于粒子運動的速度越來越大，所以交流電的頻率也越來越大C只增大交流電源的電壓，粒子在回旋加速器中的運動時間將變短D只增大兩D形盒的半徑，粒子最終獲得的動能可能不變考向3源于教材中的閱讀材料或拓展知識7此題原型為人教版教材必修1P102課題研究如圖所示是一個單邊斜拉橋模型，均勻橋板重為G，可繞通過O點的水平固定軸轉(zhuǎn)動.7根與橋面均成30角的平行鋼索拉住橋板，其中正中間的一根鋼索系于橋的重心位置，其余鋼索等距離分布在它的兩側(cè)若每根鋼索所受拉力大小相等且等于F，則()AFeq f(1,7)G BFeq f(2,7)GCFeq f(3,7)G DFeq f

6、(4,7)G8此題源于人教版教材必修1P28科學漫步某個量D的變化量D與發(fā)生這個變化所用時間t的比值eq f(D,t)叫做這個量D的變化率關(guān)于“加速度的變化率”，下列說法正確的是()A“加速度的變化率”的單位是m/s2B加速度的變化率為0的運動一定是勻速直線運動C若加速度與初速度同方向，如圖所示的a t圖象表示物體的速度在減小D若加速度與初速度同方向，在如圖所示的a t圖象中，已知物體在t0時速度為5 m/s，則2 s末物體的速度大小為7 m/s9此題是根據(jù)人教版教材必修1P77“科學漫步”的數(shù)據(jù)和內(nèi)容編制的1966年曾在地球的上空完成了以牛頓第二定律為基礎(chǔ)的測定質(zhì)量的實驗實驗時，用雙子星號宇

7、宙飛船(質(zhì)量為m1)去接觸正在軌道上運動的火箭組(質(zhì)量為m2，火箭組發(fā)動機已熄火)接觸以后，開動雙子星號飛船尾部的推進器，使飛船和火箭組共同加速推進器的平均推力F等于895 N，推進器開動7 s，測出飛船和火箭組的速度變化量為0.91 m/s.已知m13 400 kg.則下列判斷錯誤的是()A飛船和火箭組的平均加速度大小為0.13 m/s2B火箭組受飛船的平均推力大小為895 NC飛船所受平均合力大小為442 ND火箭組的質(zhì)量約為3 485 kg10此題原型為人教版教材選修31P65的“思考與討論”某物理興趣小組在學習了電表的改裝后，將圖甲所示的電流表分別改裝成了圖乙所示的歐姆表和圖丙所示的電

8、壓表(1)電流表的量程為1 mA，內(nèi)阻為100 ，按照圖丙所示將其改裝成一個量程為3 V的電壓表，則需串聯(lián)的電阻R2_ .(2)該小組同學將電流表改裝成圖乙所示的歐姆表后，其表盤上的刻度如圖丁所示弧AB為以指針軸O為圓心的弧，兩表筆分開時指針指A，接觸時指針指B，C為弧AB的中點，D和F分別為弧AC和弧CB的中點已知改裝后歐姆表的總電阻為R4.8 k，電流表指針偏轉(zhuǎn)角度與電流大小成正比，則刻度盤上D點所對應(yīng)的電阻為RD_ k，F(xiàn)點所對應(yīng)的電阻為RF_ k.(3)該小組同學用圖乙的歐姆表，按正確方法測量一未知阻值的電阻時，指針剛好指在刻度盤上的C點若該歐姆表使用一段時間后，電源的電動勢變小，內(nèi)阻

9、變大，但此表仍能調(diào)零，按正確測量方法再次測量同一個電阻，則指針位置_(填“在C點”“在C點左邊”或“在C點右邊”)(4)該小組將甲、乙、丙所示的電流表、歐姆表和電壓表整合成一個多用電表，要求單刀多擲開關(guān)接1時成為圖甲所示的電流表，接2時成為圖乙所示的歐姆表，接3時成為圖丙所示的電壓表，請將虛線框中的電路圖(圖戊)補充完整專練4對教材細節(jié)素材進行改編1解析：設(shè)甲、乙兩運動員在地面上滑行的距離分別為x1和x2，與水平地面間的動摩擦因數(shù)為，甲、乙相互作用后瞬間的速度大小分別為v1和v2，則有mgma，解得ag，由勻變速直線運動的規(guī)律可得veq oal(2,1)2ax1，veq oal(2,2)2ax

10、2，兩式相比可得eq f(voal(2,1),voal(2,2)eq f(x1,x2)，解得eq f(v1,v2)eq f(1,r(2)，又由動量守恒定律可得m甲v1m乙v2，解得eq f(m甲,m乙)eq f(v2,v1)eq r(2).答案：A2解析：由于粒子能在正交電場、磁場中做勻速直線運動，故一定有qv0BqE，但電場方向、磁場方向未知，粒子電性也無法判斷，選項A錯誤；由qv0BqE可得v0eq f(E,B)，選項B錯誤；已知粒子僅在勻強磁場中運動，從右邊界射出時速度與水平方向的夾角為30，則由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R2d，又因為qv0Bmeq f(voal(2,

11、0),R)，解得eq f(q,m)eq f(v0,2Bd)，將v0eq f(E,B)代入可得eq f(q,m)eq f(E,2B2d)，選項C正確；由題意可知，粒子在磁場中做圓周運動的圓心角為30，故粒子在磁場中運動的時間為teq f(T,12)，而Teq f(2m,Bq)，聯(lián)立解得teq f(Bd,3E)，選項D錯誤答案：C3解析：(1)由游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知，遮光條的寬度主尺刻度值(毫米)游標尺對齊格數(shù)游標尺精度(毫米)，可讀出遮光條的寬度為d1.50 cm.(2)滑塊通過光電門1時的速度大小為v1eq f(d,t1)，代入數(shù)據(jù)解得v10.60 m/s.(3)由于兩光電門之間的距離為l0

12、.50 m，滑塊通過光電門2時的速度大小為v2eq f(d,t2)1.5 m/s，故由veq oal(2,2)veq oal(2,1)2al可得a1.89 m/s2.答案：(1)1.50(2)0.60(3)1.894解析：設(shè)F與水平方向的夾角為.木箱處于靜止狀態(tài)時，根據(jù)平衡條件得，木箱所受的靜摩擦力為fFcos ，F(xiàn)增大時，f增大；木箱運動時，所受的支持力NGFsin ，F(xiàn)增大時，N減小，此時木箱受到的是滑動摩擦力，大小為fN，N減小，則f減小故C正確答案：C5解析：線圈在水平位置時，穿過線圈的磁通量為零，選項A錯誤；根據(jù)左手定則可知，線圈位于水平位置時，其左側(cè)邊所受的安培力方向豎直向下，選項

13、B錯誤；由于線圈匝數(shù)為n，根據(jù)安培力公式可知，線圈左側(cè)邊所受的安培力大小為FnBIL1，選項C正確；根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知，線圈左側(cè)邊轉(zhuǎn)動的線速度veq f(L2,2)，選項D錯誤答案：C6解析：回旋加速器既能加速帶正電粒子，也能加速帶負電粒子，選項A錯誤；交流電的周期與粒子在兩D形盒中運動一圈的時間相等，即Teq f(2m,qB)，與粒子運動的速度無關(guān)，所以其周期不變，由feq f(1,T)可知，其頻率也不發(fā)生變化，選項B錯誤；設(shè)D形盒的半徑為R，則由qvBmeq f(v2,R)可得粒子在D形盒中獲得的最大速度為veq f(BqR,m)，由Ekeq f(1,2)mv2可得粒子獲得的最大

14、動能為Ekeq f(B2q2R2,2m)，粒子在回旋加速器中運動一周，增加的動能為2qU，所以粒子在加速器中運動圓周數(shù)為neq f(Ek,2qU)eq f(B2qR2,4mU)，可得粒子在回旋加速器中運動的時間為tnTeq f(BR2,2U)，由此式可知，只增大交流電源的電壓，粒子在回旋加速器中的運動時間將變短，選項C正確；由于粒子的最終動能Ekeq f(B2q2R2,2m)，所以只增大D形盒的半徑，粒子最終獲得的動能將增大，選項D錯誤答案：C7解析：鋼索拉力和橋板重力的合力沿著橋板指向O點，否則橋板會繞O點轉(zhuǎn)動；根據(jù)牛頓第三定律可知，過O點的軸對橋板的支持力水平向左；對橋板受力分析可知，橋板

15、受重力、拉力和支持力，根據(jù)平衡條件，有7Tsin 30G，解得Teq f(2,7)G，由牛頓第三定律可知，F(xiàn)Teq f(2,7)G，選項B正確答案：B8解析：加速度變化量a的單位是m/s2，t的單位是s，所以“加速度的變化率”eq f(a,t)的單位是m/s3，A錯誤；加速度的變化率為0，即eq f(a,t)0，則a0，所以a不變，則物體可能做勻變速運動，B錯誤；若加速度與初速度同方向，如圖所示的a t圖象表示的是物體做加速度減小的加速運動，C錯誤；若加速度與初速度同方向，在如圖所示的a t圖象中，圖線與坐標軸圍成的面積大小為2 m/s，表示物體在2 s末的速度比t0時的速度大2 m/s，已知

16、物體在t0時速度為5 m/s，則2 s末的速度大小為7 m/s，D正確答案：D9解析：根據(jù)加速度的定義式，aeq f(v,t)0.13 m/s2，選項A正確；895 N的平均推力是飛船和火箭組組成的系統(tǒng)受到的，不是火箭組受到的，選項B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律可知，飛船受到的平均合力大小為F1m1a442 N，選項C正確；根據(jù)牛頓第二定律可得F(m1m2)a，代入數(shù)據(jù)解得火箭組的質(zhì)量m23 485 kg，選項D正確答案：B10解析：(1)電流表滿偏的電壓為UAIgRA0.1 V，由于改裝之后的量程為3 V，所以量程擴大的倍數(shù)為n30，故需要串聯(lián)的電阻阻值為R2(n1)RA2 900 .(2)當指針偏轉(zhuǎn)到D點時，流過電流表的電流為滿偏電流Ig的四分之一，有Igeq f(E,R)，eq f(1,4)Igeq f(E,RRD)，兩式聯(lián)立可解得RD3R14.4 k.當指針指到F點時，此時流過電流表的電流為eq f(3,4)Ig，則有eq f(3,4)Igeq f(E,RRF)，可解得RF1.6 k.故刻度盤