2022-2023學(xué)年山東省煙臺市萊陽龍旺莊鎮(zhèn)龍旺莊中學(xué)高二物理上學(xué)期期末試題含解析

1、2022-2023學(xué)年山東省煙臺市萊陽龍旺莊鎮(zhèn)龍旺莊中學(xué)高二物理上學(xué)期期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖是LC振蕩電路中電流隨時間變化的圖象，由圖可知 ( )A t1到t2這段時間內(nèi)，電容器對外放電B t2到t3這段時間內(nèi)，線圈的自感電動勢在增大C 0到t1這段時間內(nèi)，線圈的自感電動勢在增大D在t3這一時刻，電容器兩極板間的電壓為零參考答案：D2. （單選）如圖所示的電路中，電流表、電壓表的內(nèi)阻對電路的影響不計，當(dāng)滑動片P向右滑動時，下列說法正確的是（）A甲、乙兩圖中的電壓表讀數(shù)都減小B甲、乙兩圖中的電壓表讀數(shù)都增大C甲圖中的電

2、壓表讀數(shù)增大，乙圖中的電壓表讀數(shù)減小D甲圖中的電流讀數(shù)變小，乙圖中的電流表讀數(shù)增大參考答案：考點：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：分析電路結(jié)構(gòu)，當(dāng)R的滑動觸點向右滑移動時，分析R的變化情況，從而分析外電路總電阻變化情況，根據(jù)歐姆定律分析總電流和電壓的變化情況即可解答：解：甲圖中，R直接與電源串聯(lián)，當(dāng)R的滑動觸點向右滑移動時，接入電路的電阻不變，所以總電流不變，即電流表示數(shù)不變，電壓表測量R左部分電壓，阻值變大，所以電壓表示數(shù)變大，乙圖中，當(dāng)R的滑動觸點向右滑移動時，接入電路的電阻變小，總電流變大，電壓表測量R右部分電壓，阻值變小，所以電壓表示數(shù)變小，故C正確故選：C3. 圖甲為電熱毯

3、的電路示意圖。電熱絲接在u=311sin 100t (V)的電源上,電熱毯被加熱到一定溫度后,通過裝置P使輸入電壓變?yōu)閳D乙所示波形,從而進(jìn)入保溫狀態(tài)。若電熱絲電阻保持不變,此時交流電壓表的讀數(shù)是( )A. 110 VB. 156 VC. 220 VD. 311 V參考答案：B交流電壓表的讀數(shù)是電壓的有效值，由，B對。4. （單選）用相同導(dǎo)線繞制的邊長為L或2L的四個閉合導(dǎo)體線框，以相同的速度勻速進(jìn)入右側(cè)勻強(qiáng)磁場，如圖所示。在每個線框進(jìn)入磁場的過程中，M、N兩點間的電壓分別為Ua、Ub、Uc和Ud.下列判斷正確的是（ ）A.UaUbUcUd B.UaUbUdUc C.Ua=UbUc=Ud D.U

4、bUaUdUc參考答案：B5. 如圖所示，在光滑水平面上質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=4kg，速率分別為vA=5m/s、vB=2m/s的A、B兩小球沿同一直線相向運(yùn)動（）A它們碰撞前的總動量是18kg?m/s，方向水平向右B它們碰撞后的總動量是18kg?m/s，方向水平向左C它們碰撞前的總動量是2kg?m/s，方向水平向右D它們碰撞后的總動量是2kg?m/s，方向水平向左參考答案：C【考點】動量守恒定律【分析】兩球碰撞過程，系統(tǒng)動量守恒，先選取正方向，再根據(jù)動量守恒定律列方程，求解即可【解答】解：取水平向右方向為正方向，設(shè)碰撞后總動量為P則碰撞前，A、B的速度分別為：vA=5m/s、vB=2m

5、/s根據(jù)動量守恒定律得：P=mAvA+mBvB=25+4（2）=2（kg?m/s），P0，說明碰撞后總動量方向水平向右則碰撞前總動量方向也水平向右故選：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. （4分）兩塊帶電平行板相距0.05m，兩板間的電勢差為103 V，兩板間勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為_兩板間有一個電子，它所受的電場力為_。參考答案：2104v/m，3.210-15N7. 從地面豎直上拋一小球，設(shè)小球上升到最高點所用的時間為t1，從最高點下落到地面所用的時間為t2 ，若考慮到空氣阻力的作用，則t1 t2 (填“” “=” “”)參考答案： 8. （4分）一個木箱靜止在粗糙水平面上，

6、木箱的重量為G=20N，木箱和地面間的動摩擦因數(shù)為=0.3。最大靜摩擦力為7 N，現(xiàn)在用水平向右的拉力F拉木箱。第一次F= 4N，第二次F=10N，則兩次木箱所受的摩擦力大小分別為_ _N和_ _N。參考答案：4；69. 圖中a、b和c表示點電荷電場中的三個等勢面，它們的電勢分別為U、和。一帶電粒子從等勢面a上某處由靜止釋放后，僅受電場力作用而運(yùn)動，已知它經(jīng)過等勢面b時的速率為v，則它經(jīng)過等勢面c時的速率為_。參考答案：1.5V10. 如圖所示，光滑絕緣桿豎直放置，它與以正點電荷Q為圓心的某一圓周交于B、C兩點，質(zhì)量為m，帶電量為的有孔小球從桿上A點無初速下滑，已知qQ，AB=h，BC=2h，

7、小球滑到B點時速度大小為，則小球從A運(yùn)動到B的過程中，電場力做的功為_；小球在C點的速度為 _.參考答案： 11. 如圖所示，在勻強(qiáng)電場中，一電荷量為q=5.010-10C的正電荷，由a點移到b點和由a點移到c點，電場力做的功都是2.010-8J,已知a、b、c三點的連線組成直角三角形，ab20cm, 37，則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為_v/m，電場強(qiáng)度的方向為_(COS370.8).參考答案：12. 如圖所示，在光滑水平面的左側(cè)固定一豎直擋板，A球在水平面上靜止放置，B球向左運(yùn)動與A球發(fā)生正碰，B球碰撞前、后的速率之比為3：1，A球垂直撞向擋板，碰后原速率返回，兩球剛好不發(fā)生第二次碰撞，A、B兩球

8、的質(zhì)量之比為 ，A、B碰撞前、后兩球總動能之比為 參考答案：4：1，9：5【考點】動量守恒定律【分析】設(shè)開始時B的速度為v0，由題得出B與A碰撞后A與B的速度關(guān)系，然后由動量守恒定律即可求出質(zhì)量關(guān)系，由動能的定義式即可求出動能關(guān)系【解答】解：設(shè)開始時B的速度為v0，B球碰撞前、后的速率之比為3：1，A與擋板碰后原速率返回，兩球剛好不發(fā)生第二次碰撞，所以碰撞后A與B的速度方向相反，大小相等，A的速度是，B的速度是，選取向左為正方向，由動量守恒定律得：整理得：碰撞前的動能：碰撞后的動能： =所以：故答案為：4：1，9：513. （6分）下圖是一列橫波在某一時刻的波形圖像已知這列波的頻率為5Hz，此

9、時x=0.5m處的質(zhì)點正向軸正方向振動，可以推知：這列波正在沿軸 (填“正”或“負(fù)”)方向傳播，波速大小為 m/s，該質(zhì)點1s內(nèi)通過的路程為 m參考答案：正 10 2 解：x=0.5m的質(zhì)點此刻振動的速度方向向上，據(jù)波形平移法說明波沿x軸正方向傳播從圖中可得出波長=2m，A=0.1m這列波的頻率是f=5Hz，所以v=f=10m/s1s=5T，所以該質(zhì)點1s內(nèi)通過的路程為20A=200cm=2m三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 判斷以下測量結(jié)果的讀數(shù)正確是（）A用螺旋測微器測金屬絲直徑3.251厘米B用精度0.1毫米的游標(biāo)卡尺測得物長3.251厘米C用精度0.05毫米的

10、游標(biāo)卡尺測得物長3.553厘米D用精度0.02毫米的游標(biāo)卡尺測得物長3.256厘米參考答案：考點：長度的測量版權(quán)所有專題：實驗題分析：根據(jù)游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的不同的原理，根據(jù)它們的精度度的不同可以解答解答：解：A、螺旋測微器的精確度為0.01mm，即0.001cm，在測量的時候還要估讀一位數(shù)，所以應(yīng)有四位小數(shù)，故A錯誤；B、游標(biāo)卡尺測量時，不需要估讀，所以用精度0.1毫米的游標(biāo)卡尺測量時，精確到0.1mm，也就是0.01cm，所以應(yīng)有兩位小數(shù)，故B錯誤；C、用精度0.05毫米的游標(biāo)卡尺測得物長時，讀出末尾的數(shù)字應(yīng)為5或0，故C錯誤；D、用精度0.02毫米的游標(biāo)卡尺測量時，精確到0.02mm，

11、也就是0.002cm，所以應(yīng)有三位小數(shù)，且末尾數(shù)字為偶數(shù)，故D正確；故選：D點評：對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量15. 某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌做“探究碰撞中的不變量”的實驗；氣墊導(dǎo)軌裝置如圖所示，所用的氣墊導(dǎo)軌裝置由導(dǎo)軌、滑塊、彈射架、光電門等組成（l）下面是實驗的主要步驟：安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌水平；向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；接通光電計時器；把滑塊2靜止放在氣墊導(dǎo)軌的中間；滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮繩；釋放滑塊1，滑塊1通過光電門1后與左側(cè)固定彈簧的滑塊2碰撞，碰后滑塊1和滑塊2依次通過光電門2，兩滑塊通過光

12、電門后依次被制動；讀出滑塊通過兩個光電門的擋光時間分別為滑塊1通過光電門1的擋光時間t1=10.01ms，通過光電門2的擋光時間t2=49.99ms，滑塊2通過光電門2的擋光時間t3=8.35ms；測出擋光片的寬度d=5mm，測得滑塊1（包括撞針）的質(zhì)量為ml=300g，滑塊2（包括彈簧）質(zhì)量為m2=200g；（2）數(shù)據(jù)處理與實驗結(jié)論：實驗中氣墊導(dǎo)軌的作用是 碰撞前滑塊l的速度vl為 m/s；碰撞后滑塊1的速度v2為 m/s；滑塊2的速度v3為 m/s；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）在誤差允許的范圍內(nèi)，通過本實驗，同學(xué)們可以探究出哪些物理量是不變的？通過對實驗數(shù)據(jù)的分析說明理由（至少回答2個不變量）

13、a b 參考答案：a、大大減小了因滑塊和導(dǎo)軌之間的摩擦而引起的誤差b、保證兩個滑塊的碰撞是一維的 0.50，0.10，0.60a、系統(tǒng)碰撞前后總動量不變b碰撞前后總動能不變c碰撞前后質(zhì)量不變【考點】驗證動量守恒定律【分析】（1）使用氣墊導(dǎo)軌使兩物塊只能沿導(dǎo)軌做直線運(yùn)動，保證了兩物塊碰撞前后在同一條直線上做一維碰撞，同時氣墊導(dǎo)軌的使用減小了摩擦阻力，從而減小了實驗誤差（2）滑塊的寬度除以滑塊通過光電門的時間等于滑塊通過光電門的速度（3）由于發(fā)生彈性碰撞，故碰撞過程中動量守恒，動能守恒【解答】解：a、大大減小了因滑塊和導(dǎo)軌之間的摩擦而引起的誤差b、保證兩個滑塊的碰撞是一維的 滑塊1碰撞之前的速度v

14、1=0.50m/s；滑塊1碰撞之后的速度v2=0.10m/s； 滑塊2碰撞后的速度v3=0.60m/s；a、系統(tǒng)碰撞前后總動量不變原因：系統(tǒng)碰撞之前的動量m1V1=0.15kgm/s 系統(tǒng)碰撞之后的動量m1V2+m2V3=0.15kgm/s b碰撞前后總動能不變原因：碰撞前的總動能Ek1=m1V12/2=0.0375J 碰撞之后的總動能Ek2=m1V22/s+m2V32/2=0.0375J，所以碰撞前后總動能相等c碰撞前后質(zhì)量不變故本題答案為：a、大大減小了因滑塊和導(dǎo)軌之間的摩擦而引起的誤差b、保證兩個滑塊的碰撞是一維的 0.50，0.10，0.60a、系統(tǒng)碰撞前后總動量不變b碰撞前后總動能不

15、變c碰撞前后質(zhì)量不變四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，一條軌道固定在豎直平面內(nèi)，粗糙的ab段水平，bcde段光滑，cde段是以O(shè)為圓心、R為半徑的一小段圓弧。可視為質(zhì)點的物塊A和B緊靠在一起，靜止于b處，A的質(zhì)量是B的3倍。兩物體在足夠大的內(nèi)力作用下突然分離，分別向左、右始終沿軌道運(yùn)動。B到b點時速度沿水平方向，此時軌道對B的支持力大小等于B所受重力的，A與ab段的動摩擦因數(shù)為，重力加速度g，求：（1）物塊B在d點的速度大小v;（2）物塊A滑行的距離s .參考答案：解：設(shè)A、B在分離瞬間速度大小分別為v1、v2，質(zhì)量分別為3m、m（1）在d點對B由牛頓第二定律得： 由得：（2）取水平向右方向為正,A、B分離過程動量守恒,則： B分離后，A向左減速至零過程由動能定理得： B從b點到d點過程由動能定理得： 由得：17. 如圖，質(zhì)量為0.1g的小物體帶有510-4C的電荷，放在傾角為30的光滑