2022年天津市塘沽濱海中學物理高一上期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、高空拋物現象被稱為“懸在城市上空的痛”。某小區(qū)業(yè)主在距地面30m高的地方以5m/s的速度

2、豎直向下拋下一物塊，則物塊撞擊地面的速度大小為（忽略空氣因力，取g=10m/s2）（）A.15m/sB.20m/sC.25m/sD.30m/s2、下面關于慣性的說法中，正確的是（）A.運動速度大的物體比速度小的物體難以停下來，所以運動速度大的物體具有較大的慣性B.物體受的力越大，要它停下來就越困難，所以物體受的推力越大，則慣性越大C.一切物體在任何情況下都具有慣性D.物體的體積越大，慣性越大3、如圖所示，一只小鳥沿著較粗的均勻樹枝從右向左緩慢爬行，在小鳥從A運動到B的過程中（）A.樹枝對小鳥的作用力先減小后增大B.樹枝對小鳥的摩擦力先減小后增大C.小鳥對樹枝的壓力先減小后增大D.小鳥對樹枝的壓

3、力保持不變4、電動汽車不排放污染空氣的有害氣體，具有較好的發(fā)展前景。某輛電動汽車在一次剎車測試中，初速度為21m/s，經過3s汽車停止運動若將該過程視為勻減速直線運動，則這段時間內電動汽車加速度的大小為A.B.C.D.5、下列關于質點的說法正確的是（）A.質點是一個理想化模型，實際上并不存在，所以引入這個概念沒有多大意義B.只有體積很小的物體才能被看成質點C.凡輕小的物體，皆可被看成質點D.如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關或次要因素時，即可把物體看做質點6、對做勻變速直線運動物體，下列說法正確的是（）A.在1s內、2s內、3s內物體通過的位移之比是1：3：5B.一質點的位置坐標函數是

4、x=4t+2t2，則它運動的初速度是4m/s，加速度是2m/s2C.做勻減速直線運動的物體，位移一定隨時間均勻減小D.任意兩個連續(xù)相等時間間隔內物體的位移之差都相等7、某物體做初速度不為零的勻加速直線運動，已知第內的位移比第內的位移大，第內的位移為，則（）A.物體的加速度為B.物體的初速度為C.前的位移為D.末的速度為8、為了節(jié)省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯，無人乘行時，扶梯沿著扶梯所在的斜面運轉得很慢，有人站上扶梯時，它會先沿斜面慢慢加速，再勻速運轉，一顧客乘扶梯上樓，恰好經歷了這兩個過程，如圖所示，那么下列說法中正確的是A.顧客全程始終受到三個力作用B.在勻速過程中，顧客只受2個力C

5、.在加速過程中，顧客處于超重狀態(tài)D.在加速過程中，扶梯對顧客的作用力沿斜面向上9、如圖所示，質量分別為M、m的物體A、B用輕繩連接后跨過滑輪，A靜止在傾角為30的斜面上，不計滑輪的摩擦現將斜面傾角由30緩慢增大到60，A仍保持靜止，下列說法一定正確的是A.輕繩對A的拉力不變B.斜面對A的支持力減小C.A所受的摩擦力減小D.A所受的合力增大10、如圖所示，在光滑水平面上疊放著A、B兩物體?，F對A施加水平向右的拉力F，通過傳感器可測得A的加速度a隨拉力F變化的關系如圖B所示。已知重力加速度g = 10 m/s2，由下列說法正確的是（）A.A的質量mA=2 kgB.A的質量mA=6 kgC.A、B間

6、的動摩擦因數=0.6D.A、B間的動摩擦因數=0.211、圖是A、B兩物體同時由同一地點向同一方向做直線運動的v-t圖像，從圖像上可知以下說法正確的是（）A.20s末A、B相遇B.40s末A、B相遇C.20s末A、B相距最遠D.A做勻速運動， B做勻加速運動12、如圖所示,質量為m的物體A在豎直向上的力F(Fmg,g為重力加速度)作用下靜止于斜面體B的斜面上.若減小力F,則()A.物體A所受的合力不變B.斜面對物體A的支持力減小C.地面對斜面體B的摩擦力不變D.斜面對物體A的摩擦力可能為零二填空題(每小題6分，共18分)13、利用打點計時器測定勻加速直線運動小車的加速度，已知交流電頻率為50

7、Hz，如題圖給出了該次實驗中從0點開始每5個點取一個計數點的紙帶，其中0、1、2、3、4、5、6都為記數點測得：s11.40 cm，s 21.90 cm，s 32.38 cm，s 42.88 cm，s 53.39 cm，s 6由于計數點6模糊不清，因此無法測量（1）在計時器打出點1、2時，小車的速度分別為：v1_m/s，v 2_m/s；（2）利用紙帶數據可以求出小車的加速度a_m/s2（保留兩位小數）；（3）利用求得的加速度大小估算5、6兩計數點間的距離s 6約為_cm（保留兩位小數）； （4）若交流電實際頻率比50 Hz偏大，則該同學計算出的加速度大小與實際值相比_（選填“偏大”、“偏小”或

8、“不變”）14、在“探究求合力的方法”的實驗中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套，實驗中需用兩個彈簧測力計分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O.(1)某同學在做該實驗時認為：A用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，應使兩個繩套之間的夾角為90以便計算出合力的大小B拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行C用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時的結重合D拉力F1和F2的夾角越大越好其中正確的是_(填入相應的字母)(2)若兩個彈簧測力計的讀數均為4N，且兩彈簧測力計拉力的方向相互垂直，則

9、_(選填“能”或“不能”)用一個量程為5N的彈簧測力計測量出它們的合力？(3)在實驗中，使b彈簧秤按圖所示位置開始順時針緩慢轉動，在這過程中保持O點位置不變和a彈簧秤的拉伸方向不變。則在整個過程中，關于a、b彈簧秤的讀數變化正確的是_Aa增大、b減小Ba減小、b增大Ca減小、b先增大后減小Da減小、b先減小后增大15、用圖甲所示的裝置探究加速度與力、質量之間的關系，圖乙是其俯視圖兩個相同的小車放在光滑水平板上，車左端各系一條細繩，繩跨過定滑輪各掛一個相同的小盤，盤中可放砝碼，兩個小車右端通過細線用夾子固定，打開夾子，小車在小盤和砝碼的牽引下運動，合上夾子，兩小車同時停止實驗中可以通過在車中放砝

10、碼改變小車的質量(1)探究“加速度與質量之間的關系”時，在小盤中所放砝碼的總質量應_(選填“相同”或“不相同”)；(2)實驗中，兩小車的加速度之比_(選填“大于”“等于”或“小于”)小車通過的位移之比.三計算題(22分)16、（12分）一個靜止在水平面上的物體，質量是2kg，在6.4N的水平拉力作用下沿水平地面向右運動；物體與地面間的摩擦力是4.2N；求物體在4s末的速度和4s內發(fā)生的位移。17、（10分）在平直公路上有A、B兩輛汽車，質量均為6.0103kg，運動時所受阻力均為車重的，它們的vt圖象分別如圖中a、b所示，求：（1）A車的加速度aA和牽引力FA；（2）03s內B車的位移xB和牽

11、引力FB。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】物塊下落過程中加速度為g，根據勻變速直線運動速度與位移的關系有代入數據解得vt=25m/s，故C正確，ABD錯誤。故選C。2、C【解析】慣性是物體本身的一種基本屬性，一切物體在任何情況下都具有慣性，其大小只與質量有關，質量越大、慣性越大；慣性的大小和物體是否運動、是否受力以及運動的快慢、物體的體積是沒有任何關系的，故C正確，ABD錯誤3、B【解析】A樹枝對小鳥的作用力與小鳥的重力等

12、值反向，所以樹枝對小鳥的作用力大小不變，故A錯誤；B小鳥所受的摩擦力從A到B的過程中，先減小后增大，則摩擦力先減小后增大，故B正確；CD小鳥所受的彈力從A到B過程中，先減小后增大，則彈力先增大后減小，故CD錯誤。故選B。4、B【解析】根據勻變速直線運動的速度時間關系有所以汽車的加速度則B正確；ACD錯誤；故選B。5、D【解析】A.質點是一個理想化模型，實際上并不存在，引入這個概念方便我們研究 問題， A 錯誤； B.體積大的物體也可以看做質點，比如地球，研究地球繞太陽公轉時可以看成質點， B 錯誤；C.輕小的物體，不一定可以看做質點，要看它的形狀對分析的問題有沒有影響， C 錯誤；D.如果物體

13、的形狀和大小對所研究的問題屬于無關或次要因素時，即可把物體看作質點， D 正確； 故選：D。6、D【解析】A初速度為零時，1s內、2s內、3s內通過位移之比為1：4：9，故A錯誤；B根據得，物體的初速度為4m/s，加速度為4m/s2，故B錯誤；C勻減速直線運動物體速度隨時間均勻減小，位移不是均勻減小，故C錯誤；D勻變速直線運動的物體，任意兩個連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，即x=aT2，故D正確。故選D。7、AD【解析】A已知第4s內的位移為10m，第3s內的位移比第2s內的位移大2m，則有則有A正確；BC連續(xù)相等時間內位移差為2m，所以第3s內的位移為8m，第2s內的位移為6m，第1s內的

14、位移為4m，所以前3s的位移為根據代入的時間為3s，求得BC錯誤；D根據勻變速直線運動速度和時間關系式，有D正確。故選AD。8、BC【解析】AB.在勻速階段，根據平衡條件可知，顧客只受重力和支持力兩個力作用，故A錯誤B正確CD.在加速過程中，加速度有向上的分量，所以顧客處于超重狀態(tài)，扶梯對顧客的作用力與重力的合力提供了顧客的加速度，因為加速度沿斜面，所以扶梯對顧客的作用力一定不沿斜向上，故C正確D錯誤9、AB【解析】根據“A在斜面上保持靜止”可知，本題考查連接體的平衡，根據繩連接體的特點，運用受力分析和平衡條件，列式進行討論分析.【詳解】A、斜面傾角增大過程中，物體B始終處于平衡狀態(tài)，因此繩子

15、上拉力大小始終等于物體B重力的大小，保持不變，故A正確；B、對A由垂直斜面方向的平衡條件有，故斜面傾角增大時支持力減小，故B正確；C、繩子張力不變，由于兩個物體的質量之間的關系不明確，所以不能根據角度的變化確定摩擦力的變化，若靜摩擦力的方向開始時向上，則可能增大；若靜摩擦力的方向開始時向下，可能減小后變成向上并增大；故C錯誤；D、物體A保持靜止，合力為零不變，故D錯誤；故選AB【點睛】本題關鍵是先對物體B受力分析，再對物體A受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解10、BD【解析】AB由圖象可以看出，當力F48N時加速度較小，A、B相對靜止，加速度相同。對整體法，由牛頓第二定律：F=（mA+m

16、B）a則得由數學知識得：故mA+mB=8kg當F48N時，A的加速度較大，采用隔離法，由牛頓第二定律：對A有：F-mAg=mAa則得由數學知識得：可得mA=6kgmB=2kg選項A錯誤，B正確；CD由當F=60N時，a=8m/s2解得=0.2故C錯誤，D正確。故選BD。11、BCD【解析】ABA、B兩物體同時由同一地運動，相遇時位移應相同，由圖知在40s末兩圖線的“面積”相等，說明A、B兩物體此時相遇，在20s末時A的位移大，故A、B不相遇；故A錯誤，B正確；C前20s內A物體速度大、B物體的速度小，所以兩物體間的距離逐漸增大，20s-40s內，后方B物體速度大，兩物體間距減小，則20s末A、

17、B相距最遠，故C正確；DA的速度不變，做勻速運動，B的速度均勻增大，做勻加速運動，故D正確。故選BCD。12、AC【解析】先分析物體受力情況:受重力、支持力和靜摩擦力,根據共點力平衡條件求解各個力;再分析有拉力F減小后物體的受力情況:拉力、重力、支持力和靜摩擦力,根據共點力平衡條件求解各個力.【詳解】A、物塊受力如圖：由于剛開始能靜止在斜面上，在A上施加豎直向上力F相當于等效重力變小，當力F減小時，物體A仍然能靜止，即所受合力仍然為零，故A對；BD、根據平衡可知：當力F減小時增大，f也增大，故BD錯C、兩次物體都保持靜止狀態(tài),所以整體也處于靜止狀態(tài)，以整體為對象受到重力，豎直向上的拉力，兩個力

18、處于平衡狀態(tài)，所以水平方向不受摩擦力的作用，即隨著F的減小，地面的摩擦力一直為零不變，故C對；故選AC【點睛】本題關鍵是對物體進行受力分析,根據平衡條件,結合正交分解法列方程求解,分析各力的變化.二填空題(每小題6分，共18分)13、 .0.165 m/s .0.214 m/s .0.48 m/s20.51 m/s2均可 .3.87cm3.90cm均可 .偏小【解析】（1）由題意可知，相鄰兩計數點之間的時間間隔為T=0.1s，打點計時器打計數點1時，小車的速度；打點計時器打計數點2時，小車的速度；（2）利用前四段位移并使用逐差法計算如下：，答案在0.48 m/s20.51 m/s2均可；（3）

19、勻變速直線運動，相鄰相等時間的位移差，是一個定值通過計算得，則：，計算結果在3.87cm3.90cm均可；（4）若交流電實際頻率比50 Hz偏大，則相鄰計時點間的時間間隔小于0.02s，相鄰計數點間的時間間隔就小于0.1s；但我們在計算時，仍然帶入了T=0.1s，這就使得計算出的加速度值比實際值偏小14、 .BC .不能 .D【解析】考查實驗“驗證力的平行四邊形定則”?！驹斀狻俊?】A用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，多次實驗，改變夾角大小，而不是固定90，A錯誤；B拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行，減小摩擦產生的誤差，B正確；C用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時的結重合，保證兩次實驗效果相同，C正確；D拉力F1和F2的夾角不宜過小，也不宜過大，60到120之間為宜，D錯誤。故