高考全真精準(zhǔn)模擬 物理卷第4周第1練（解析版）

高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第4周第1練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14．在地面上發(fā)射空間探測(cè)器用以探測(cè)其他行星，探測(cè)器的發(fā)射過(guò)程有三個(gè)主要階段。先將探測(cè)器發(fā)射至地球環(huán)繞軌道，繞行穩(wěn)定后，再開動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)，通過(guò)轉(zhuǎn)移軌道運(yùn)動(dòng)至所探測(cè)行星的表面附近的合適位置，該位置很接近星球表面，再次開動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)，使探測(cè)器在行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。對(duì)不同行星，探測(cè)器在其表面的繞行周期T與該行星的密度有一定的關(guān)系。下列4幅圖中正確的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】設(shè)行星質(zhì)量為M，半徑為R。則由可得探測(cè)器在行星表面繞行的周期行星的體積，又有解以上各式并代入數(shù)據(jù)得取對(duì)數(shù)得對(duì)照題給函數(shù)圖像，B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B。15．如圖所示，將硬導(dǎo)線中間一段折成不封閉的正方形，每邊長(zhǎng)為l，它在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速為n，導(dǎo)線在a、b兩處通過(guò)電刷與外電路連接，外電路有額定功率為P的小燈泡并正常發(fā)光，電路中除燈泡外，其余部分的電阻不計(jì)，燈泡的電阻應(yīng)為()A．(2πl(wèi)2nB)2PB．【答案】B【解析】單匝正方形線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將產(chǎn)生正弦式電流，則電動(dòng)勢(shì)的最大值Em＝Bl2ω＝2πnBl2，其有效值E＝Em2＝2πnBlR＝E2P＝16．如圖，P、Q為靜止在固定斜面上的兩個(gè)物塊，中間用輕彈簧相連，以下說(shuō)法正確的是A．若彈簧處于拉伸狀態(tài)，則Q的受力個(gè)數(shù)一定為4個(gè)B．若彈簧處于拉伸狀態(tài)，則P的受力個(gè)數(shù)一定為4個(gè)C．若彈簧處于壓縮狀態(tài)，則Q的受力個(gè)數(shù)一定為3個(gè)D．若彈簧處于壓縮狀態(tài)，則P的受力個(gè)數(shù)一定為3個(gè)【答案】B【解析】AB．若彈簧處于拉伸狀態(tài)，Q受到重力，斜面對(duì)它的支持力、彈簧的拉力，如果三個(gè)力正好平衡，則不受摩擦力，Q可能受3個(gè)力；而對(duì)于P，其受到重力，斜面對(duì)它的支持力，彈簧對(duì)它的拉力和摩擦力，P一定受4個(gè)力，A錯(cuò)誤，B正確；CD．若彈簧處于壓縮狀態(tài)，對(duì)Q分析，受到重力，斜面的支持力，彈簧對(duì)它向下的彈力，若要靜止，必定還受一個(gè)沿斜面向上的摩擦力，Q一定受到4個(gè)力，P受到重力，斜面的支持力，彈簧對(duì)它向上的彈力，如果三個(gè)力平衡，則不受摩擦力，P可能受到3個(gè)力，而不是一定，CD錯(cuò)誤。17．投擲飛鏢是同學(xué)們非常喜歡的一項(xiàng)健身運(yùn)動(dòng)，某同學(xué)在一次投擲飛鏢的過(guò)程中，水平投出的飛鏢恰好擊中飛鏢靶盤中心正下方的一點(diǎn)，如圖所示。保持投擲的高度不變且水平投擲，為了能夠擊中靶心，以下判斷中不正確的是（）A．只要適當(dāng)水平往前移動(dòng)一下投擲的位置就有可能擊中靶心B．只要適當(dāng)增大水平投出的速度就有可能擊中靶心C．只要是能夠擊中靶心，擊中靶盤時(shí)的速度一定比原來(lái)大D．若同時(shí)調(diào)整投擲的水平距離和速度，擊中靶盤時(shí)的速度與豎直方向的夾角可以和原來(lái)相同【答案】C【解析】A．飛鏢運(yùn)動(dòng)可近似看成是平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得聯(lián)立可得水平投出的飛鏢恰好擊中飛鏢靶盤中心正下方的一點(diǎn)說(shuō)明飛鏢豎直方向的位移過(guò)大，為了仍能擊中靶心，所以只要適當(dāng)水平往前移動(dòng)一下投擲的位置，水平位移減小，飛鏢豎直方向的位移減小，就有可能擊中靶心，故A正確；B．只要適當(dāng)增大水平投出的速度，根據(jù)可知飛鏢豎直方向的位移減小，就有可能擊中靶心，故B正確；C．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得擊中靶盤時(shí)的速度為若只要適當(dāng)水平往前移動(dòng)一下投擲的位置就有可能擊中靶心，擊中靶盤時(shí)的速度比原來(lái)?yè)糁邪斜P時(shí)的速度小，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)擊中靶盤時(shí)的速度與豎直方向的夾角為，則有所以同時(shí)調(diào)整投擲的水平距離和速度，擊中靶盤時(shí)的速度與豎直方向的夾角可以和原來(lái)相同，故D正確；不正確的是故選C。18．如圖所示，有質(zhì)子()、氘核()、氚核()和氦核()四種帶電粒子，先后從加速電壓是U1的加速電場(chǎng)中的P點(diǎn)由靜止釋放，被加速后從B板的小孔射出沿CD間的中線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電壓為U2的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，都能夠從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的另一端射出。如果不計(jì)重力的影響，以下判斷中正確的是（）A．質(zhì)子()的偏轉(zhuǎn)位移y最大B．氘核()的偏向角最小C．氦核()射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能最大D．氚核()的射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度最大【答案】C【解析】A．在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理有在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，帶電粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有聯(lián)立可得所以四種帶電粒子的偏轉(zhuǎn)位移相同，故A錯(cuò)誤；B．帶電粒子的偏向角為所以四種帶電粒子的偏向角相等，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理可得帶電粒子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為由于氦核()的電荷量最大，所以氦核()射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能最大，故C正確；D．帶電粒子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度為由于質(zhì)子()的比荷最大，所以質(zhì)子()的射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度最大，故D錯(cuò)誤；故選C。19．基于下列四幅圖的敘述正確的是________．A．由甲圖可知，黑體溫度升高時(shí)，各種波長(zhǎng)的電磁波輻射強(qiáng)度都增加，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)B．由乙圖可知，a光光子的頻率高于b光光子的頻率C．由丙圖可知，該種元素的原子核每經(jīng)過(guò)7.6天就有發(fā)生衰變D．由丁圖可知，中等大小的核的比結(jié)合能量大，這些核最穩(wěn)定【答案】AD【解析】A．由甲圖觀察可知黑體溫度升高時(shí)，各種波長(zhǎng)的電磁波輻射強(qiáng)度都增加，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故A正確．B．由乙圖可知，光光子的頻率低于于光光子的頻率，故B錯(cuò)誤．C．由丙圖可知，該種元素的原子核每經(jīng)過(guò)7.6天就有發(fā)生衰變，故C錯(cuò)誤．D．由丁圖可知，質(zhì)量數(shù)為40的原子的比結(jié)合能最大，即中等大小的核的比結(jié)合能量大，這些核最穩(wěn)定，故D正確．故選AD。20．回旋加速器是高能物理中的重要儀器，其原理是利用磁場(chǎng)和電場(chǎng)使帶電粒子回旋加速運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)中經(jīng)高頻電場(chǎng)反復(fù)加速?gòu)亩沽Ｗ荧@得很高的能量。如圖甲所示，兩個(gè)D形金屬盒置于恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連（電壓隨時(shí)間變化如乙圖所示），D形盒半徑為R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，兩D形盒間距離為d（d<<R）。若用回旋加速器加速氘核（設(shè)氘核質(zhì)量m、電荷量q），則下列判斷正確的是A．加速電壓U0越大，氘核獲得的最大動(dòng)能越大B．氘核加速的最大動(dòng)能為C．氘核在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為D．該回旋加速器不可以用來(lái)加速氦核（）【答案】BC【解析】AB．粒子在回旋加速器里的速度有D型的半徑?jīng)Q定，由得所以最大動(dòng)能氘核獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，則A錯(cuò)誤，B正確。C．設(shè)粒子加速次數(shù)為n，由動(dòng)能定理可得粒子在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的路程S=nd平均速度為v/2，得在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間選項(xiàng)C正確。D．氦核與氘核的比荷相同，在磁場(chǎng)中周期頻率相同，可以進(jìn)行加速，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。21．如圖所示，絕緣粗糙斜面體固定在水平地面上，斜面所在空間存在平行于斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，輕彈簧一端固定在斜面頂端，另一端栓接一不計(jì)質(zhì)量的絕緣薄板，一帶正電的小滑塊，從斜面上的P點(diǎn)處由靜止釋放后，沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，并能壓縮彈簧至R點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），然后返回，則（）A．滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過(guò)程中，其機(jī)械能增量等于電場(chǎng)力與彈簧彈力做功之和B．滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能的減小量大于重力勢(shì)能和彈簧彈性勢(shì)能的增加量之和C．滑塊最終停在彈簧原長(zhǎng)處D．滑塊最終停下來(lái)，克服摩擦力所做的功小于電勢(shì)能的減小量與重力勢(shì)能增加量之差【答案】BD【解析】A．滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過(guò)程中，由功能關(guān)系知，滑塊機(jī)械能增量等于電場(chǎng)力與彈簧彈力做功、摩擦力做功之和，由于摩擦力做負(fù)功，所以機(jī)械能增量小于電場(chǎng)力與彈簧彈力做功之和，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)力做的功轉(zhuǎn)化為小滑塊的重力勢(shì)能、彈簧的彈性勢(shì)能以及內(nèi)能，所以電勢(shì)能的減小量大于重力勢(shì)能和彈簧彈性勢(shì)能的增加量之和，故B正確；C．假設(shè)滑塊最終停在彈簧原長(zhǎng)處，受力分析，此時(shí)滑塊受力情況和P點(diǎn)受力情況相同，合力向上，不可能靜止，滑塊合力為零的位置應(yīng)在彈簧原長(zhǎng)位置上方，故C錯(cuò)誤；D．由于摩擦力做負(fù)功，小滑塊的機(jī)械能與電勢(shì)能的之和逐漸減小，克服摩擦力所做的功等于電勢(shì)能的減小量與重力勢(shì)能增加量、彈性勢(shì)能增加量之差，由前面分析可知，彈性勢(shì)能增大，說(shuō)明克服摩擦力所做的功小于電勢(shì)能的減小量與重力勢(shì)能增加量之差，故D正確。故選BD。22.（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，讓小球從A點(diǎn)自由下落，下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)A點(diǎn)正下方的光電門B時(shí)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過(guò)光電門時(shí)間t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量_________。A．小球的質(zhì)量mB．AB之間的距離HC．小球從A到B的下落時(shí)間tABD．小球的直徑d（2）小球通過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度v=_________(用題中所給的物理量表示)。（3）調(diào)整AB之間距離H，多次重復(fù)上述過(guò)程，作出隨H的變化圖象如圖所示，當(dāng)小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒時(shí)，該直線斜率k0=__________。（4）在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)數(shù)據(jù)實(shí)際繪出—H圖象的直線斜率為k（k＜k0），則實(shí)驗(yàn)過(guò)程中所受的平均阻力f與小球重力mg的比值=_______________（用k、k0表示）?！敬鸢浮浚?）BD；（2）；（3）；（4）；【解析】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測(cè)量質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，需要測(cè)量的是A點(diǎn)到光電門B的距離H，故B正確；利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度，不需要測(cè)量下落時(shí)間，故C錯(cuò)誤；利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度時(shí)，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測(cè)量小球的直徑，故D正確。故選BD。（2）已知經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的時(shí)間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度；故；（3）若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒；則有：mgH=mv2；即：2gH=（）2解得：，那么該直線斜率k0=。（4）乙圖線=kH，因存在阻力，則有：mgH-fH=mv2；所以重物和紙帶下落過(guò)程中所受平均阻力與重物所受重力的比值為；23.（9分）某同學(xué)設(shè)想運(yùn)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，測(cè)量未知電阻Rx的阻值、電流表A的內(nèi)阻和電源（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電動(dòng)勢(shì)，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中電流表的讀數(shù)始終符合實(shí)驗(yàn)要求。（1）為了測(cè)量未知電阻Rx的阻值，他在閉合開關(guān)之前應(yīng)該將兩個(gè)電阻箱的阻值調(diào)至_______（選填最大或最?。缓箝]合開關(guān)K1，將開關(guān)K2撥至1位置，調(diào)節(jié)R2使電流表A有明顯讀數(shù)I0；接著將開關(guān)K2撥至2位置。保持R2不變，調(diào)節(jié)R1，當(dāng)調(diào)節(jié)R1=34.2Ω時(shí)，電流表A讀數(shù)仍為I0，則該未知電阻的阻值Rx=_______Ω。（2）為了測(cè)量電流表A的內(nèi)阻RA和電源（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電動(dòng)勢(shì)E，他將R1的阻值調(diào)到R1=1.5Ω，R2調(diào)到最大，將開關(guān)K2撥至2位置，閉合開關(guān)K1；然后多次調(diào)節(jié)R2，并在表格中記錄下了各次R2的阻值和對(duì)應(yīng)電流表A的讀數(shù)I；最后根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，他畫出了如圖乙所示的圖象，根據(jù)你所學(xué)知識(shí)和題中所給字母寫出該圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式為:_______；利用圖象中的數(shù)據(jù)可求得，電流表A的內(nèi)阻RA=__Ω，電源（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電動(dòng)勢(shì)E=_____V。【答案】（1）最大；34.2；（2）；0.5；4【解析】（1）閉合開關(guān)K1之前，為了保護(hù)電路，需要將電阻箱的阻值都調(diào)至最大；根據(jù)題意可知，開關(guān)K2撥至1位置和2位置時(shí)，電流表示數(shù)相同，R2阻值不變，所以Rx和R1等效，即：Rx=R1=34.2Ω。（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得:E=I（R1+R2+RA），解得，故圖象的斜率為，則縱截距為，代入數(shù)據(jù)可得,,解得E=4V，RA=0.5Ω。24．（14分）如圖所示，足夠長(zhǎng)的U形框架沿豎直方向固定，在框架的頂端固定一定值電阻R，空間有范圍足夠大且垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，電阻值均為R的金屬棒甲、乙垂直地放在框架上，已知兩金屬棒的質(zhì)量分別為m=2.0×10-2kg、m乙=1.0×10-2kg?，F(xiàn)將金屬棒乙鎖定在框架上，閉合電鍵，在金屬棒甲上施加一豎直向上的恒力F，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間金屬棒甲以v=10m/s的速度向上勻速運(yùn)動(dòng)，然后解除鎖定，金屬棒乙剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，忽略一切摩擦和框架的電阻，重力加速度g=10m/s2。則(1)恒力F的大小應(yīng)為多大？(2)保持電鍵閉合，將金屬棒甲鎖定，使金屬棒乙由靜止釋放，則金屬棒乙勻速時(shí)的速度v2應(yīng)為多大？(3)將兩金屬棒均鎖定，斷開電鍵，使磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，經(jīng)時(shí)間t=0.1s磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B此時(shí)金屬棒甲所受的安培力大小剛好等于金屬棒甲的重力，則鎖定時(shí)兩金屬棒之間的間距x應(yīng)為多大？【答案】(1)0.4N；(2)5m/s；(3)【解析】(1)金屬棒甲勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由力的平衡條件可知：F=m甲g+BI甲L由題圖可知流過(guò)金屬棒乙的電流大小應(yīng)為：金屬棒乙剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件可知：由以上整理得：F=m甲g+2m乙g代入數(shù)據(jù)解得：F=0.4N；(2)金屬棒乙鎖定，閉合電鍵，金屬棒甲向上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有E甲=BLv1由閉合電路的歐姆定律得：對(duì)金屬棒乙，由平衡條件可知：BI甲L=2BI乙L=2m乙g解得：將金屬棒甲鎖定，金屬棒乙勻速時(shí)，有：解得：聯(lián)立解得：v2=5m/s；(3)由法拉第電磁感應(yīng)定律得：由閉合電路的歐姆定律得：由題意可知：m甲g=2BIL聯(lián)立以上可得：解得：代入數(shù)據(jù)得：。25．（18分）如圖所示，在光滑的水平面上有一質(zhì)量M=4kg的平板車，小車右端固定一豎直擋板，擋板的質(zhì)量不計(jì)，一輕質(zhì)彈簧右端固定在擋板上，在平板車左端P處有一可以視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊，其質(zhì)量m=2kg。平板車上表面Q點(diǎn)的左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑，PQ間的距離L=10m。某時(shí)刻平板車以v1=1m/s的速度向左滑行，同時(shí)小滑塊以v2=8m/s的速度向右滑行。一段時(shí)間后，小滑塊與平板車達(dá)到相對(duì)靜止，此時(shí)小滑塊與Q點(diǎn)相距d=5m，取g=10m/s2，求:(1)小滑塊與平板車相對(duì)靜止時(shí)的速度v;(2)小滑塊與平板車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ;(3)彈簧可能獲得的最大彈性勢(shì)能Ep。【答案】(1)v=2m/s，方向水平向右(2)μ=0.54μ=0.18(3)Ep=18J【解析】(1)設(shè)M、m共同速度為v，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律解得v=2m/s方向水平向右(2)如果小滑塊尚未越過(guò)Q點(diǎn)就與平板車達(dá)到州對(duì)靜止，對(duì)平板車與滑塊組成的系統(tǒng)由能量守恒解得μ=0.54如果小滑塊越過(guò)Q點(diǎn)與彈簧相互作用后，再返回與平板車達(dá)到相對(duì)靜止，對(duì)平板車與滑塊組成的系統(tǒng)，由能量守恒....解得μ=0.18(3)如果小滑塊尚未越過(guò)Q點(diǎn)就與平板車達(dá)到相對(duì)靜止，彈簧的彈性勢(shì)能為零。如果小滑塊越過(guò)Q點(diǎn)與彈簧相互作用后，再返回平板車達(dá)到相對(duì)靜止，對(duì)平板車、滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)，由能量守恒得Ep=18J所以，彈簧可能獲得的最大彈性勢(shì)能為18J。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）下列說(shuō)法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A．當(dāng)溫度升高時(shí)，所有分子的動(dòng)能一定會(huì)增大B．兩個(gè)分子在相互靠近的過(guò)程中其分子間的分子力和分子勢(shì)能都是逐漸增大的C．外界對(duì)氣體做功，氣體的內(nèi)能不一定增加D．由于液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距，致使表面層內(nèi)分子力表現(xiàn)為引力，從而使液體表面有收縮的趨勢(shì)E.密閉容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)是由于大量氣體分子對(duì)器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的【答案】CDE【解析】A．一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，但并非所有分子的動(dòng)能都增大，故A錯(cuò)誤；B．兩個(gè)分子在相互靠近的過(guò)程中，其分子力的合力可能增加，也可能先減小后增加，要看初始距離大小；在兩個(gè)分子相互靠近的過(guò)程中，當(dāng)體現(xiàn)斥力時(shí)，一定克服分子力做功，分子勢(shì)能增大；當(dāng)體現(xiàn)吸引力時(shí)，分子力做正功，分子勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，外界對(duì)氣體做功，氣體的內(nèi)能不一定增加，故C正確；D．液體表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，分子力表現(xiàn)為引力，產(chǎn)生表面張力，從而使液體表面有收縮的趨勢(shì)，故D正確；E．壓強(qiáng)是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對(duì)器壁產(chǎn)生持續(xù)、均勻的壓力；所以從分子動(dòng)理論的觀點(diǎn)看來(lái)，氣體的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的作用力，故E正確；故選CDE。（2）（10分）如圖所示，粗細(xì)均勻的U型玻璃管左端封閉、右端開口，左右兩管長(zhǎng)度相同，玻璃管中被水銀封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，開始時(shí)左管液面比右管液面高h(yuǎn)=21cm，此時(shí)左端被封閉的氣柱長(zhǎng)度為=25cm，現(xiàn)從右管開口處緩慢加入水銀，當(dāng)兩管液面相平時(shí)，左管氣柱長(zhǎng)度變?yōu)閘8cm，繼續(xù)加入水銀直至與右側(cè)管口相平，封閉氣體的溫度保持不變，問(wèn)：整個(gè)過(guò)程共向管內(nèi)加入