2022-2023學年廣東省惠州市高三下冊物理高考仿真模擬試題（一模二模）含解析

※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page88頁，共=sectionpages88頁第頁碼7頁/總NUMPAGES總頁數38頁2022-2023學年廣東省惠州市高三下冊物理高考仿真模擬試題（一模）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．如圖所示，車載玩具——彈簧人公仔固定在車的水平臺面上，公仔頭部的質量為m，靜止在圖示位置?，F用手豎直向下壓公仔的頭部，使之緩慢下降至某一位置，之后迅速放手。公仔的頭部時間t，沿豎直方向上升到另一位置時速度為零。此過程彈簧始終處于彈性限度內，沒有計空氣阻力及彈簧質量。在公仔頭部上升的過程中（）A．公仔頭部的機械能守恒 B．公仔頭部的加速度先增大后減小C．彈簧彈力沖量的大小為mgt D．彈簧彈力對頭部所做的功為零2．一靜止的鈾核放出一個α粒子衰變成釷核，衰變方程為→＋。下列說確的是（）A．衰變后釷核的動能等于α粒子的動能B．衰變后釷核的動量大小等于α粒子的動量大小C．鈾核的半衰期等于其放出一個α粒子所經歷的時間D．衰變后α粒子與釷核的質量之和等于衰變前鈾核的質量3．某空間區(qū)域的豎直平面內存在電場，其中一條豎直的電場線如圖甲中虛線所示。一帶正電小球，在電場中從O點由靜止開始沿電場線向下運動。以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關系如圖乙所示，沒有計空氣阻力。從O到x1的過程中（）A．電勢能變小 B．電場強度方向向下C．電勢降低 D．電場力變小4．在一斜面頂端，將甲、乙兩個小球分別以v和2v的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時與乙球落至斜面時相比較（）A．速度方向沒有同B．下落高度為C．速率之比為D．水平距離之比為5．如圖所示，在直線MN上方空間有垂直于線框平面的勻強磁場，磁感應強度為B。頂角為60°、電阻為R、半徑為L的扇形線框繞O點以角速度ω逆時針勻速轉動，在連續(xù)轉動過程中，線框中感應電流的有效值為（）A． B． C． D．評卷人得分二、多選題6．在萬有引力定律建立的過程中，“月一地檢驗”證明了維持月球繞地球運動的力與地球對蘋果的力是同一種力。完成“月-地檢驗”需要知道的物理量有（）A．月球和地球的質量B．引力常量G和月球公轉周期C．地球半徑和“月一地”距離D．月球公轉周期和地球表面重力加速度g7．如圖所示，理想自耦變壓器是在鐵芯上只繞一個線圈，移動開關S，可以改變原線圈的匝數。a和b兩個接線柱將線圈三等分，開關接a時，電壓表的讀數為Ua，電流表的讀數為Ia，電阻R消耗的電功率為Pa，開關接b時，電壓表的讀數為Ub，電流表的讀數為Ib，電阻R消耗的電功率為Pb，則（）A． B． C． D．8．如圖甲所示，傾角為45°的斜面置于粗糙的水平地面上，有一滑塊通過輕繩繞過定滑輪與質量為m的小球相連（繩與斜面平行），滑塊質量為2m，滑塊能恰好靜止在粗糙的斜面上。在圖乙中，換成讓小球在水平面上做勻速圓周運動，輕繩與豎直方向的夾角為θ，且θ≤45°，兩幅圖中，滑塊、斜面都靜止，則以下說法中正確的是（）A．甲圖滑塊受到斜面的力大小為B．甲圖斜面受到地面的力為mgC．乙圖中θ=45°時，滑塊恰好沒有受力D．小球轉動角速度越小，滑塊受到的力越大9．下列說法中正確的是（）A．氣體放出熱量，其分子的平均動能可能增大B．布朗運動沒有是液體分子的運動，但它可以說明液體分子在永沒有停息地做無規(guī)則運動C．當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大D．第二類永動機和類永動機都沒有能制成，原因也是相同的E．某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數可表示為NA＝10．下列說確的是（）A．若宇航員把擺鐘由地球搬到月球表面，擺鐘會變慢B．做簡諧運動的彈簧振子，當它每次同一位置時，加速度與速度一定相同C．機械波在介質中的傳播速度僅由介質本身的性質決定，而與機械波的頻率無關D．衛(wèi)星遙感技術是利用紅外線探測器接收物體發(fā)出的紅外線來探測被測物體的特征的E．交通警察向遠離的車輛發(fā)送頻率為的超聲波，測得返回的超聲波頻率將大于第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題11．某同學利用圖甲所示裝置測量物塊與水平桌面間的動因數。（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d如圖乙所示，則d=________cm；（2）將物塊從A點由靜止釋放，用數字毫秒計測得遮光條通過B點光電門的時間△t=6.25ms，A、B兩點間的距離s=90.00cm，則物塊運動的加速度大小a=________m/s2；（結果保留兩位有效數字）（3）若物塊和遮光條的總質量為M，重物的質量為m，物塊的加速度大小為a，重力加速度大小為g，則物塊與水平桌面間的動因數=________。12．為探究電源的輸出功率P與外電路的電阻R之間的關系，某同學設計了如圖甲所示的實驗電路.實驗中以蓄電池作為電源，為了便于進行實驗和保護蓄電池，該同學給蓄電池串聯了一個定值電阻R0，把它們看作一個新電源（圖中虛線框內部分）。實驗中，多次調節(jié)外電阻R，讀出電壓表和電流表的示數U和I，由測得的數據描繪出如圖乙所示的U﹣I圖像。（1）根據題述及圖上信息可以得到，新電源輸出功率的值為_____W，對應的外電阻的阻值為_____Ω；（2）若與電源串聯的定值電阻的阻值R0＝7Ω，則可以求得蓄電池的電動勢E0＝_____V，內電阻r0＝_____Ω；（3）該同學分析了實驗中由電表內電阻引起的實驗誤差。在圖丙中，實線是根據本實驗的數據描點作圖得到的U﹣I圖像；虛線是該電源在沒有電表內電阻影響的理想情況下所對應的U﹣I圖像，則可能正確的是_____。評卷人得分四、解答題13．如圖所示，為某小組設計的節(jié)能運輸的實驗裝置。小車攜帶貨物從斜面頂端無初速度滑下。小車壓縮輕彈簧，速度減為零時貨物被卸下，空車恰好可以回到斜面頂端。已知斜面頂端到彈簧的距離l=1m，傾角θ=30°，空車質量m=1kg，小車在斜面上運動時，受到的阻力等于重力的0.1倍。因彈簧的勁度系數較大，小車與彈簧的接觸過程極短，g取10m/s2（1）求小車沿斜面下滑的時間t。（2）求彈簧的彈性勢能Ep。（3）若運送貨物的質量M較大，小車返回到斜面頂端時會騰空。為保證，小車騰空的高度沒有超過0.1m，求M的值。14．如圖所示，在xOy坐標系第二象限內有一圓形勻強磁場區(qū)域，半徑為L0，圓心O′坐標為（-L0，L0），磁場方向垂直xOy平面。在x軸上有坐標（-L0，0）的P點，兩個電子a、b以相同的速率v沿沒有同方向同時射入磁場，電子a的入射方向為y軸正方向，b的入射方向與y軸正方向夾角為。電子a磁場偏轉后從y軸上的Q（0，L0）點進入象限，在象限內緊鄰y軸有沿y軸正方向的勻強電場，場強大小為，勻強電場寬度為。已知電子質量為m，電荷量為e，沒有計重力及電子間的相互作用。求：(1)磁場的磁感應強度B的大??；(2)a、b電子在磁場中運動的時間t；(3)a、b兩個電子電場后到達x軸的坐標差△x。15．如圖（a）所示，“系留氣球”是一種用纜繩固定于地面、高度可控的氦氣球，作為一種長期留空平臺，具有廣泛用途。圖（b）為某一“系留氣球”的簡化模型圖；主、副氣囊通過無漏氣、無的活塞分隔，主氣囊內封閉有一定質量的氦氣（可視為理想氣體），副氣囊與大氣連通。輕彈簧右端固定、左端與活塞連接。當氣球在地面達到平衡時，活塞與左擋板剛好接觸，彈簧處于原長狀態(tài)。在氣球升空過程中，大氣壓強逐漸減小，彈簧被緩慢壓縮。當氣球上升至目標高度時，活塞與右擋板剛好接觸，氦氣體積變?yōu)榈孛鏁r的1.5倍，此時活塞兩側氣體壓強差為地面大氣壓強的。已知地面大氣壓強p0=1.0×105Pa、溫度T0=300K，彈簧始終處于彈性限度內，活塞厚度忽略沒有計。（1）設氣球升空過程中氦氣溫度沒有變，求目標高度處的大氣壓強p；（2）氣球在目標高度處駐留期間，設該處大氣壓強沒有變。氣球內外溫度達到平衡時，彈簧壓縮量為左、右擋板間距離的。求氣球駐留處的大氣溫度T。16．如圖所示，水平地面上放有一長方形玻璃磚，光源S1發(fā)出與水平方向夾角為θ的一細束光，光線進入玻璃磚后反射從右側面折射而出，恰好照到玻璃磚右側地面上與S1關于玻璃磚對稱的點S2．已知光線射入玻璃磚的位置到玻璃磚上表面的距離為a、玻璃磚左右兩表面間的距離為b，真空中光速為c．求：①玻璃磚的折射率n②該束光在玻璃磚中傳播的時間t．※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page2828頁，共=sectionpages2020頁第頁碼27頁/總NUMPAGES總頁數38頁答案：1．C【分析】【詳解】A．彈簧彈力對公仔頭部做功，故公仔頭部的機械能沒有守恒，故A錯誤；B．公仔頭部上升的過程中，開始時彈簧向上的彈力大于重力，合力方向向上，加速度向上，加速度減小，當彈力等于重力時加速度減為零，速度，之后重力大于彈力，合力向下，且彈力繼續(xù)減小，合力增大，加速度增大，彈簧恢復原長時，加速度為g，公仔頭部繼續(xù)上升，彈簧拉長，彈力向下，合力向下，且彈力增大，合力增大，則加速度增大，故公仔頭部上升過程中，加速度先減小后反向增大，故B錯誤；C．公仔頭部上升過程中，取向上為正方向，根據動量定理有則彈簧彈力沖量的大小為故C正確；D．公仔頭部上升過程中，根據動能定理有則彈簧彈力對頭部所做的功為故D錯誤。故選C。2．B【分析】【詳解】B．衰變過程中滿足動量守恒定律，所以衰變后釷核的動量與α粒子的動量等大反向，故B正確；A．由動能和動量的關系式Ek＝mv2＝可知，由于釷核的質量大于α粒子的質量，所以釷核的動能小于α粒子的動能，故A錯誤；C．半衰期的定義是放射性元素的原子核有半數發(fā)生衰變所需的時間，并沒有是其放出一個α粒子所經歷的時間，故C錯誤；D．由于該反應放出能量，所以一定會發(fā)生質量虧損，衰變后α粒子與釷核的質量之和小于衰變前鈾核的質量，故D錯誤。故選B。3．D【詳解】ABC．小球受到電場力與重力作用，小球的機械能沒有斷減小，說明電場力做負功，電勢能沒有斷增加，由小球帶正電，可知電場線方向沿豎直方向向上，則電勢沒有斷升高，故ABC錯誤；D．因，則圖象斜率反映電場力的大小，因圖象的斜率沒有斷減小，電場力沒有斷減小，故D正確。故選D。4．C【分析】【詳解】AC．設斜面傾角為α，小球落在斜面上速度方向偏向角為θ，甲球以速度v拋出，落在斜面上，如圖所示根據平拋運動的推論可知甲、乙兩個小球落在斜面上時速度偏向角相等，對甲有對乙有可得故A錯誤，C正確；B．小球落到斜面時有故下落高度可得甲、乙兩個小球下落高度之比為故B錯誤；D．小球落到斜面時有故甲、乙兩個小球下落至斜面時，水平距離之比為故D錯誤。故選C。5．D【分析】【詳解】線圈進入磁場或出離磁場時都會產生感應電流，大小為線圈轉動一周有感應電流的時間占，則由有效值的概念可知解得故選D。6．CD【分析】【詳解】地球表面物體的重力等于萬有引力即根據萬有引力定律和牛頓運動第二定律可算出月球在軌道處的引力加速度為根據月球繞地球公轉的半徑、月球的公轉周期，由月球做勻速圓周運動可得帶入數值可求得兩加速度吻合，故AB錯誤，CD正確。故選CD。7．AC【詳解】設輸入電壓為U，由于a和b兩個接線柱將線圈等分為三份，所以開關接a時開關接b時所以故選AC。8．ACD【詳解】AB．甲圖中滑塊所受的力為故選項A正確；B．以滑塊與斜面體組成的整體為研究對象，根據平衡條件可知水平方向有，斜面受到地面的力方向水平向左，故B錯誤；CD．乙圖中小球做圓錐擺運動，小球豎直方向沒有加速度，則有T′cosθ=mg可得繩子拉力對滑塊，根據平衡條件得：滑塊受到的力f乙=顯然，則，若θ<45°，小球轉動角速度逐漸減小，就越小，則將沿斜面向下且逐漸增大，故選項CD正確；故選ACD。9．ABC【詳解】A．根據熱力學定律，氣體放出熱量，若外界對氣體做功，使氣體溫度升高，其分子的平均動能增大，A正確；B．布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動，顆粒的無規(guī)則運動的原因是液體分子無規(guī)則運動撞擊固體顆粒沒有平衡產生的，因此雖然布朗運動沒有是液體分子的運動，但它可以說明液體分子在永沒有停息地做無規(guī)則運動，B正確；C．當分子力表現為斥力時，分子力總是隨分子間距離的減小而增大，隨分子間距離的減小，分子力做負功，所以分子勢能也增大，C正確；D．類永動機違背了能量守恒定律，第二類永動機違背了熱力學第二定律，D錯誤；E．某固體或液體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數可表示為NA＝但對氣體分子，分子間距離遠大于分子直徑，因此對于氣體此式沒有成立，E錯誤。故選ABC。10．ACD【分析】【詳解】A．根據單擺周期公式由于月球表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，故把同一個擺鐘由地球搬到月球，擺鐘擺動周期會變長，A正確；B．做簡諧運動的物體。當它每次同一位置時，位移相同，加速度相同，速度有來回兩個沒有同方向，故速度沒有一定相同，B錯誤；C．機械波在介質中的傳播速度由介質本身的性質決定，與波的頻率無關，C正確；D．衛(wèi)星遙感技術是利用紅外線探測器接收物體發(fā)出的紅外線來探測被測物體的特征的，D正確；E．根據多普勒效應，交通警察向遠離的車輛發(fā)送頻率為的超聲波，測得返回的超聲波頻率將小于，E錯誤。故選ACD。11．

0.375

0.20

【詳解】（1）[1]20分度的游標卡尺精度為0.05mm，測量遮光條的寬度為（2）[2]遮光條擋住光的時間較短，其平均速度近似為物塊通過B點的瞬時速度，有由勻變速直線運動的位移—速度關系，有解得物塊運動的加速度大小為（3）[3]對重物和物體的系統(tǒng)，由牛頓第二定律有可得物塊與水平桌面間的動因數為12．

1.125

8

6

1

C【詳解】（1）[1][2]由圖乙U﹣I圖像得新電源的路端電壓與電流的數值關系為U＝6﹣8I輸出功率為P＝UI＝6I﹣8I2當I時，輸出功率有值為Pmax1.125W此時的外電阻為R8Ω（2）[3][4]新電源輸出功率時，外電阻與內電阻相等，即R＝R0+r0代入數據，解得r0＝1Ω所以電動勢為E＝I（R+R0+r0）6V（3）[5]新電源的路端電壓測量準確，但干路電流測量小了，少測的部分即為電壓表上的電流，且路端電壓越大差距越大，電壓為0時沒有差距，ABC錯誤，C正確.故選C。13．（1）；（2）Ep=6J；（3）M=1.5kg【分析】【詳解】（1）對小車和貨物整體受力分析，根據牛頓第二定律由運動學公式解得

（2）根據空車恰好可以反彈到軌道頂端，由能量守恒可得解得Ep=6J

（3）設木箱允許離開軌道的速度為v，則有根據能量守恒有解得M=1.5kg14．(1)；(2)，；(3)【分析】【詳解】(1)由圖可知，a電子做圓周運動的半徑為解得磁場的磁感應強度B的大小為(2)如圖所示，由幾何關系可知a、b電子在磁場中運動轉過的圓心角分別為，a、b電子在磁場中的運動周期為a、b電子在磁場中運動的時間分別為，(3)a在電場中的做類平拋運動，則有，聯立解得即a電子恰好擊中x軸上坐標為的位置b電子在磁場中做圓周運動，由幾何關系可知其進入電場時恰好沿x軸正方向進入電場，并且有b在電場中的做類平拋運動與a的運動情況相同，則b沿y軸向下運動后離開電場，離開電場后繼續(xù)做勻速直線運動，離開電場時速度與x軸方向夾角為，則有，解得由幾何關系可得a、b兩個電子電場后到達x軸的坐標差x為解得15．(1)5.0×104Pa；(2)266K【詳解】（1）汽缸中的溫度沒有變，則發(fā)生的是等溫變化，設氣缸內的氣體在目標位置的壓強為，由玻意耳定律解得由目標處的內外壓強差可得解得（2）有胡克定律可知彈簧的壓縮量變?yōu)樵瓉淼?，則活塞受到彈簧的壓力也變?yōu)樵瓉淼?，即設此時氣缸內氣體的壓強為，對活塞壓強平衡可得由理想氣體狀態(tài)方程可得其中解得16．（1）（2）【詳解】（1）光線從空氣中以入射角射入玻璃時，設折射角為，由折射定律有，光線玻璃磚反射后，射到玻璃磚右側面時得入射角等于，折射角為，和到玻璃磚的距離相等，有對稱性可知光線進入與射出玻璃磚得位置等高，則，解得（2）該光在玻璃磚中傳播的距離為，傳播得速度為，則有2022-2023學年廣東省惠州市高三下冊物理高考仿真模擬試題（二模）評卷人得分一、單選題1．如圖所示，磁性白板放置在水平地面上，在白板上用一小磁鐵壓住一張白紙?，F向右輕拉白紙，但未拉動，在該過程中A．小磁鐵受到向右的摩擦力B．小磁鐵只受兩個力的作用C．白紙下表面受到向左的摩擦力D．白板下表面與地面間無摩擦力2．一輛汽車遇到險情緊急剎車，剎車過程做勻減速運動，剎車后第1s內的位移為16m，最后1s內的位移為8m，則汽車的剎車時間為A．1s B．1.5s C．2s D．2.5s3．如圖所示為剪式千斤頂的截面圖。四根等長的支持臂用光滑鉸鏈連接，轉動手柄，通過水平螺紋軸減小MN間的距離，以抬高重物。保持重物不變，MP和PN夾角為120°時N點受到螺紋軸的作用力為F1；MP和PN夾角為60°時N點受到螺紋軸的作用力為F2。不計支持臂和螺紋軸的重力，則F1與F2大小之比為（）A．1：1 B．1：3 C．：1 D．3：14．關于速度、速度變化量和加速度的關系，正確說法是A．物體運動的速度越大，則其加速度一定越大B．物體的速度變化量越大，則其加速度一定越大C．物體的速度變化率越大，則其加速度一定越大D．物體的加速度大于零，則物體一定在做加速運動5．真空中的某裝置如圖所示，現有質子、氘核和α粒子都從O點由靜止釋放，經過相同加速電場和偏轉電場，射出后都打在同一個與垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現亮點。粒子重力不計。下列說法中正確的是（）A．在熒光屏上只出現1個亮點B．三種粒子出偏轉電場時的速度相同C．三種粒子在偏轉電場中運動時間之比為2∶1∶1D．偏轉電場的電場力對三種粒子做功之比為1∶2∶26．如圖所示，豎直放置的輕彈簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接著質量為的木塊，開始時木塊靜止，現讓一質量為的木塊從木塊正上方高為處自由下落，與木塊碰撞后一起向下壓縮彈簧，經過時間木塊下降到最低點。已知彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力，木塊與木塊碰撞時間極短，重力加速度為，下列關于從兩木塊發(fā)生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小正確的是（

）A． B．C． D．評卷人得分二、多選題7．在天文觀察中發(fā)現，一顆行星繞一顆恒星按固定軌道運行，軌道近似為圓周。若測得行星的繞行周期T，軌道半徑r，結合引力常量G，可以計算出的物理量有（）A．恒星的質量 B．行星的質量 C．行星運動的線速度 D．行星運動的加速度8．下列關于熱學現象的說法，正確的是。A．在水中撒入適量花椒粉，加熱發(fā)現花椒粉在翻滾，說明溫度越高，布朗運動越劇烈B．為了把地下的水分引上來，采用磙子將地面壓緊，是利用了毛細現象C．將與水面接觸的干凈玻璃板提離水面，實驗時發(fā)現拉力大于玻璃板重力，主要原因是玻璃板受大氣壓力D．密閉容器內的液體經很長時間液面也不會降低，但容器內仍有液體分子飛離液面E．同等溫度下，干濕泡濕度計溫度差越大，表明該環(huán)境相對濕度越小9．有一種調壓變壓器的構造如圖所示。線圈AB繞在一個圓環(huán)形的鐵芯上，C、D之間加上輸入電壓，轉動滑動觸頭P就可以調節(jié)輸出電壓，圖中A為交流電流表，V為交流電壓表，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C、D兩端按正弦交流電源，變壓器可視為理想變壓器，則下列說法正確的是（）A．當R3不變，滑動觸頭P順時針轉動時，電流表讀數變小，電壓表讀數變小B．當R3不變，滑動觸頭P逆時針轉動時，電流表讀數變小，電壓表讀數變小C．當P不動，滑動變阻器滑動觸頭向上滑動時，電流表讀數變小，電壓表讀數變大D．當P不動，滑動變阻器滑動觸頭向上滑動時，電流表讀數變大，電壓表讀數變大10．如圖所示，在豎直平面內有一勻強電場，一帶電量為+q、質量為m的小球在力F的作用下，沿圖中虛線由M至N做豎直向上的勻速運動，已知力F和MN之間的夾角為45°，MN之間的距離為d，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A．電場的方向可能水平向左B．電場強度E的最小值為C．當qE＝mg時，小球從M運動到N時電勢能變化量為零D．F所做的功一定為評卷人得分三、實驗題11．某實驗小組用如圖所示的裝置探究功和速度變化的關系：將小鋼球從固定軌道傾斜部分不同位置由靜止釋放，經軌道末端水平飛出，落到鋪著白紙和復寫紙的水平地面上，在白紙上留下點跡．為了使問題簡化，小鋼球在軌道傾斜部分下滑的距離分別為L、2L、3L、4L…，這樣在軌道傾斜部分合外力對小鋼球做的功就可以分別記為W0、2W0、3W0、4W0…．（1）為了減小實驗誤差必須進行多次測量，在L、2L、3L、4L…處的每個釋放點都要讓小鋼球重復釋放多次，在白紙上留下多個點跡，那么，確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是___________________；（2）為了完成實驗，除了測量小鋼球離開軌道后的下落高度h和水平位移s，還需測量_____________．A．小鋼球釋放位置離斜面底端的距離L的具體數值B．小鋼球的質量mC．小鋼球離開軌道后的下落高度hD．小鋼球離開軌道后的水平位移x（3）請用上述必要的物理量寫出探究動能定理的關系式：W=______；（4）該實驗小組利用實驗數據得到了如圖所示的圖象，則圖象的橫坐標表示_________（用實驗中測量的物理量符號表示）．12．某同學利用多用表測量分壓電路電阻的變化范圍，按如下步驟測量：（1）選用歐姆檔×10倍率，先將表筆短接調零，再如圖甲所示，將表筆接到分壓電路兩端，從滑片移動到最右端開始進行測量，如圖乙所示，根據指針位置，電阻讀數為______Ω。（2）將滑片逐漸滑動到最左端而不做其他變動，移動過程中讀數變化情況是____A．增大

B．減小

C．先增大后減小

D．先減小后增大（3）記錄下整個過程中讀數的最小值為24Ω，得到電阻的變化范圍。這樣測量的最小值的方法是否合理？若合理，寫出電阻變化范圍；若不合理，說明應如何改正____。評卷人得分四、解答題13．如圖所示，在勻強磁場中水平放置兩根平行的金屬導軌，導軌間距L＝1.0m。勻強磁場方向垂直于導軌平面向下，磁感應強度B＝0.20T。兩根金屬桿ab和cd與導軌的動摩擦因數μ＝0.5。兩金屬桿的質量均為m＝0.20kg，電阻均為R＝0.20Ω。若用與導軌平行的恒力F作用在金屬桿ab上，使ab桿沿導軌由靜止開始向右運動，經過t＝3s，達到最大速度v，此時cd桿受靜摩擦力恰好達到最大。整個過程中兩金屬桿均與導軌垂直且接觸良好，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，金屬導軌的電阻可忽略不計，取重力加速度g＝10m/s2。求：(1)ab桿沿導軌運動的最大速度v；(2)作用在金屬桿ab上拉力的最大功率P；(3)ab棒由靜止到最大速度的過程中通過ab棒的電荷量q。14．如圖所示，跳臺滑雪運動員經過一段加速滑行后從點水平飛出，經過落到傾斜雪道上的點。在落到點時，運動員靠改變姿勢進行緩沖使自己只保留沿斜面的分速度而不彈起，已知點是傾斜雪道的起點，傾斜雪道總長，下端經過一小段圓弧過渡后與足夠長的水平雪道相接，傾斜雪道與水平面的夾角，滑雪板與雪道的動摩擦因數均為，不計空氣阻力，取，，，求：(1)運動員離開點時的速度大小及點到點的距離；(2)運動員在水平雪道上滑行的距離。15．如圖所示為一下粗上細且上端開口的薄壁玻璃管，管內有一段被水銀密閉的氣體，上管足夠長，圖中細管的截面積S1=1cm2，粗管的截面積S2=2cm2，管內水銀長度h1=h2=2cm，封閉氣體長度L=8cm，大氣壓強p0=76cmHg，氣體初始溫度為320K，若緩慢升高氣體溫度，求：(1)粗管內的水銀剛被全部擠出時氣體的溫度；(2)氣體的溫度達到533K時，水銀柱上端距粗玻璃管底部的距離。答案第=page1010頁，共=sectionpages1010頁答案第=page99頁，共=sectionpages1010頁答案：1．C【詳解】AB．小磁鐵受到豎直向下的重力、白板對小磁鐵吸引力和豎直向上的支持力，三力平衡，靜止不動，所以小磁鐵不受摩擦力，AB錯誤；C．對小磁鐵和白紙作為整體受力分析可知，水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力平衡，C正確；D．對小磁針、白紙和磁性白板整體受力分析可知，水平方向上受到向右的拉力和地面對磁性白板向左的摩擦力平衡，D錯誤。故選C。2．B【詳解】最后1s內的汽車位移為8m，根據x=at2，可知加速度大小為a=16m/s2剎車后第1s內的平均速度大小v=m/s=lm/s，則剎車的時間:t=0.5s+s=1.5sA．1s．故A不符合題意．

B．1.5s．故B符合題意．

C．2s．故C不符合題意．

D．2.5s．故D不符合題意．3．D【詳解】當兩臂間的夾角為時，兩臂受到的壓力為對點分析，點受到螺紋軸的作用力為當兩臂間的夾角為時，兩臂受到的壓力為對點分析，點受到螺紋軸的作用力為則有故A、B、C錯誤，D正確；故選D。4．C【詳解】A．物體運動的速度大時，可能做勻速直線運動，加速度為零，故A項錯誤；B．據可知，物體的速度變化量大時，加速度不一定大，故B項錯誤；C．物體的速度變化率就是，物體的速度變化率越大，則其加速度一定越大，故C項正確；D．當物體的加速度大于零，速度小于零時，物體的速度方向與加速度方向相反，物體做減速運動，故D項錯誤。5．A【詳解】ABC．根據動能定理得則進入偏轉電場的速度因為質子、氘核和α粒子的比荷之比為2：1：1，則初速度之比為，在偏轉電場中運動時間，則知時間之比為，在豎直方向上的分速度則出電場時的速度因為粒子的比荷不同，則速度的大小不同，偏轉位移因為則有與粒子的電量和質量無關，則粒子的偏轉位移相等，熒光屏將只出現一個亮點，故A正確，BC錯誤；D．偏轉電場的電場力對粒子做功W=qEy因為E和y相同，電量之比為1：1：2，則電場力做功為1：1：2，故D錯誤。故選A。6．D【詳解】B下落h時的速度為物塊B與A碰撞過程動量守恒，則以向下為正方向，則兩物塊從開始運動到到達最低點過程中由動量定理從兩木塊發(fā)生碰撞到木塊第一次回到初始位置時的過程中彈簧對木塊的沖量的大小為I=2I1聯立解得故選D。7．ACD【詳解】A．設恒星質量為M，根據得行星繞行有解得所以可以求出恒星的質量，A正確；B．行星繞恒星的圓周運動計算中，不能求出行星質量，只能求出中心天體的質量。所以B錯誤；C．綜合圓周運動規(guī)律，行星繞行速度有所以可以求出行星運動的線速度，C正確；D．由得行星運動的加速度所以可以求出行星運動的加速度，D正確。故選ACD。8．BDE【詳解】A．在加熱時發(fā)現花椒粉在翻滾，該運動是由水的翻滾引起的，不是布朗運動，故A錯誤；B．為了把地下的水分引上來，采用磙子將地面壓緊，是利用了毛細現象，故B正確；C．將與水面接觸的干凈玻璃板提離水面，實驗時發(fā)現拉力大于玻璃板重力，主要原因是因為玻璃板受到水分子的分子引力，故C錯誤；D．密閉容器內的液體經很長時間液面也不會降低，但容器內仍有液體分子飛離液面，只是飛離液面的分子數與進入液面的分子數相等，故D正確；E．干泡溫度計和濕泡溫度計組成，由于蒸發(fā)吸熱，濕泡所示的溫度小于干泡所示的溫度。干濕泡溫度計溫差的大小與空氣濕度有關，溫度相差越大，表明該環(huán)境相對濕度越小，空氣越干燥。故E正確。故選BDE。9．AC【詳解】A．當不變，滑動觸頭順時針轉動時，變壓器的原線圈的匝數不變，副線圈的匝數減少，兩端的電壓減小，總電流減小，滑動變阻器兩端的電壓將變小，電流表的讀數變小，故A正確；B．當不變，滑動觸頭逆時針轉動時，副線圈匝數增大，電壓增大，電流表讀數變大，電壓表讀數變大，故B錯誤；CD．保持的位置不動，即是保持變壓器的原、副線圈的匝數比不變，則兩端的電壓不變，當將觸頭向上移動時，連入電路的電阻的阻值變大，因而總電流減小，分擔的電壓減小，并聯支路的電壓即電壓表的示數增大，通過的電流