全程復(fù)習(xí)構(gòu)想2023高考物理一輪復(fù)習(xí)階段滾動(dòng)卷（一）新人教版

PAGEPAGE6階段滾動(dòng)卷(一)一、選擇題(1～5題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，6～8題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)1．如下圖，伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)反映了一個(gè)重要事實(shí)：如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略不計(jì)，小球一旦沿斜面A滾落，必將準(zhǔn)確地終止于斜面B上同它開(kāi)始點(diǎn)相同高度處，絕不會(huì)更高一點(diǎn)或更低一點(diǎn)，這說(shuō)明，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有一個(gè)“東西〞是不變的，這個(gè)“東西〞是()A．能量B．速度C．加速度D．彈力解析：伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)反映了小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能量是守恒量，選項(xiàng)A正確．答案：A2．在一筆直公路上有a、b兩輛汽車(chē)，它們同時(shí)經(jīng)過(guò)同一路標(biāo)開(kāi)始計(jì)時(shí)，此后的v－t圖象如下圖，以下判斷正確的選項(xiàng)是()A．在t1時(shí)刻a、b相遇B．0～t1時(shí)間內(nèi)，a、b間距離在減小C．0～t1時(shí)間內(nèi)，a位于b前面D．t1時(shí)刻以后，b位于a前面解析：0～t1時(shí)間內(nèi)，a車(chē)的速度大于b車(chē)速度，a車(chē)位于b車(chē)前面，a、b間距離逐漸增大，選項(xiàng)C正確．答案：C3．如下圖，放在斜面上的物體受到垂直于斜面向上的力F作用始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)力F逐漸減小后，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．物體受到的摩擦力保持不變B．物體受到的摩擦力逐漸增大C．物體受到的合力減小D．物體對(duì)斜面的壓力逐漸減小解析：對(duì)物體進(jìn)行受力分析如下圖，將所有的力沿著斜面與垂直于斜面正交分解得Ff＝mgsinθ，F(xiàn)＋FN＝mgcosθ，因此當(dāng)F減小時(shí)，摩擦力Ff＝mgsinθ保持不變，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于物體始終靜止在斜面上，所受合力始終為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；隨著拉力F的減小，支持力FN＝mgcosθ－F越來(lái)越大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．答案：A4．(2022·南昌模擬)如下圖，固定斜面傾角為θ，整個(gè)斜面分為AB、BC兩段，且1.5AB＝BC.小物塊P(可視為質(zhì)點(diǎn))與AB、BC兩段斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2.P由靜止開(kāi)始從A點(diǎn)釋放，恰好能滑動(dòng)到C點(diǎn)而停下，那么θ、μ1、μ2間應(yīng)滿足的關(guān)系是()A．tanθ＝eq\f(2μ1＋3μ2,5)B．tanθ＝eq\f(2μ1＋μ2,3)C．tanθ＝2μ1－μ2D．tanθ＝2μ2－μ1解析：設(shè)斜面長(zhǎng)為L(zhǎng)，小物塊P由A點(diǎn)滑動(dòng)到C點(diǎn)的全過(guò)程由動(dòng)能定理得mgLsinθ－μ1mgcosθ×eq\f(2,5)L－μ2mgcosθ×eq\f(3,5)L＝0－0，解得tanθ＝eq\f(2μ1＋3μ2,5)，應(yīng)選項(xiàng)A正確．答案：A5．(2022·湖南衡陽(yáng)聯(lián)考)“神舟十號(hào)〞與“天宮一號(hào)〞屢次成功實(shí)現(xiàn)交會(huì)對(duì)接．如下圖，交會(huì)對(duì)接前“神舟十號(hào)〞飛船先在較低圓軌道1上做圓周運(yùn)動(dòng)，在適當(dāng)位置經(jīng)變軌后與圓軌道2上運(yùn)動(dòng)的“天宮一號(hào)〞對(duì)接．M、Q兩點(diǎn)在軌道1上，P點(diǎn)在軌道2上，三點(diǎn)連線過(guò)地心，把飛船的加速過(guò)程簡(jiǎn)化為只做一次短時(shí)加速．以下關(guān)于“神船十號(hào)〞變軌過(guò)程的描述，正確的選項(xiàng)是()A．“神船十號(hào)〞在M點(diǎn)加速，那么一定會(huì)在P點(diǎn)與“天宮一號(hào)〞相遇B．“神船十號(hào)〞可以與“天宮一號(hào)〞同軌加速追及C．“神船十號(hào)〞在軌道1上M點(diǎn)的加速度小于在軌道2上P的加速度D．“神舟十號(hào)〞變軌后的運(yùn)行周期大于變軌前的運(yùn)行周期解析：“神船十號(hào)〞加速后，萬(wàn)有引力缺乏以提供向心力，軌道半徑增大，B項(xiàng)錯(cuò)；“神舟十號(hào)〞與“天宮一號(hào)〞相遇過(guò)程比擬復(fù)雜，不僅與加速度的大小、方向有關(guān)，還與其他因素有關(guān)，A項(xiàng)錯(cuò)；根據(jù)萬(wàn)有引力定律F＝Geq\f(Mm,r2)可知，“神舟十號(hào)〞在M點(diǎn)受萬(wàn)有引力較大，加速度較大，C項(xiàng)錯(cuò)；由開(kāi)普勒第三定律eq\f(R3,T2)＝k可知，變軌后的運(yùn)行周期大于變軌前的周期，D項(xiàng)正確．答案：D6．一快艇要從岸邊某一不確定位置處到達(dá)河中離岸邊100m遠(yuǎn)的一浮標(biāo)處，快艇在靜水中的速度vx圖象和水流的速度vy圖象如圖甲、乙所示，那么以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是()A．快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線B．快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線C．快艇最快到達(dá)浮標(biāo)處的時(shí)間為20sD．快艇最快到達(dá)浮標(biāo)處經(jīng)過(guò)的位移大于100m解析：快艇實(shí)際運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)分別是勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且不在同一直線上，故快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線，A錯(cuò)，B對(duì)；最快到達(dá)浮標(biāo)處的方式是使vx垂直于河岸和浮標(biāo)且保持圖甲所示的加速度a＝0.5m/s2做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，那么eq\f(1,2)at2＝x，代入x＝100m有t＝20s，C項(xiàng)正確；但實(shí)際位移為x′>100m，D項(xiàng)對(duì)．答案：BCD7．(2022·江西南昌一模)如下圖，一小球以速度v0從傾角為α＝53°的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn)，重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．小球到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為eq\f(5,3)v0B.斜面的長(zhǎng)度為eq\f(4v\o\al(2,0),5g)C．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為eq\f(5,3)mgv0D．B點(diǎn)到水平面的高度為eq\f(8v\o\al(2,0),25g)解析：由小球以速度v0從傾角為α＝53°的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn)，可知擋板與水平面的夾角為37°，落到擋板上時(shí)的速度vB＝eq\f(v0,sin37°)＝eq\f(5,3)v0，A正確；豎直速度為vy＝eq\f(v0,tan37°)＝eq\f(4,3)v0，所以在B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為mgvy＝eq\f(4,3)mgv0，C錯(cuò)誤；平拋下落的高度為h＝eq\f(v\o\al(2,y),2g)＝eq\f(8v\o\al(2,0),9g)，平拋的時(shí)間為t＝eq\f(vy,g)＝eq\f(4v0,3g)，水平位移為x＝v0t＝eq\f(4v\o\al(2,0),3g)，所以斜面的長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝eq\f(h,sin53°)＋(eq\f(4v\o\al(2,0),3g)－eq\f(h,tan53°))sin37°＝eq\f(68v\o\al(2,0),45g)，B錯(cuò)誤；B點(diǎn)到水平面的高度為(eq\f(4v\o\al(2,0),3g)－eq\f(h,tan53°))cos37°sin37°＝eq\f(8v\o\al(2,0),25g)，D正確．答案：AD8.如下圖，一足夠長(zhǎng)的木板靜止在粗糙的水平地面上，t＝0時(shí)刻滑塊從木板的左端以速度v0水平向右滑行，木板與滑塊間存在摩擦，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．滑塊的v－t圖象可能是圖中的()解析：設(shè)滑塊質(zhì)量為m，木板質(zhì)量為M，滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，假設(shè)μ1mg≤μ2(M＋m)g，那么滑塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a1＝μ1g，木板不動(dòng)，選項(xiàng)D正確；假設(shè)μ1mg>μ2(M＋m)g，那么滑塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a1＝μ1g，木板向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二者同速后，一起以a2＝μ2g的加速度勻減速到停止，因a1>答案：BD二、非選擇題9．(2022·河北保定質(zhì)檢)某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定那么〞的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB與OC為細(xì)繩．根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中操作正確．(1)乙圖中F1、F2、F、F′四個(gè)力，其中力________(填上述字母)不是由彈簧測(cè)力計(jì)直接測(cè)得的．實(shí)驗(yàn)中，要求先后兩次力的作用效果相同，指的是________(填正確選項(xiàng)前字母)．A．兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉力F1和F2的大小之和等于一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小B．橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)C．橡皮條伸長(zhǎng)到同一長(zhǎng)度D．橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)同一長(zhǎng)度(2)丙圖是測(cè)量中某一彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，讀出該力大小為_(kāi)_______N.解析：(1)F在以F1與F2為鄰邊的平行四邊形的對(duì)角線上，不是由彈簧測(cè)力計(jì)直接測(cè)出的．該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代〞法，即合力與分力的關(guān)系是等效的，前后兩次要求橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)同一長(zhǎng)度，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確．(2)根據(jù)丙圖讀出力的值為9.0N.答案：(1)FD(2)9.0(8.8～9.2之間均可)10．為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系．一同學(xué)設(shè)計(jì)了如下圖的實(shí)驗(yàn)裝置．其中M為帶滑輪的小車(chē)的質(zhì)量，m為砂和砂桶的質(zhì)量．(滑輪質(zhì)量不計(jì))(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作或保證的條件是________．A．用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量B．將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力C．小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車(chē)，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)D．改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶E．為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量M(2)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如下圖的一條紙帶(相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出)．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采用的是頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車(chē)的加速度為_(kāi)_______m/s2(結(jié)果保存兩位有效數(shù)字)．(3)以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度a為縱坐標(biāo)，畫(huà)出的a—F圖象是一條直線，圖線與橫軸的夾角為θ，求得圖線的斜率為k，那么小車(chē)的質(zhì)量為_(kāi)_______．A．2tanθB.eq\f(1,tanθ)C．kD.eq\f(2,k)解析：(1)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)的2倍等于小車(chē)受到的拉力，無(wú)需用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，不需要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量M，選項(xiàng)A、E錯(cuò)誤；將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，可平衡摩擦力，讓拉力充當(dāng)小車(chē)的合外力，選項(xiàng)B正確；為了在紙帶上打下更多清晰的點(diǎn)，小車(chē)要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車(chē)，選項(xiàng)C正確；為了減小誤差，需要打出多條紙帶，故需改變砂和砂桶的質(zhì)量，選項(xiàng)D正確．(2)相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)畫(huà)出，故相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t＝0.06s，逐差法求得加速度a＝eq\f(3.8＋3.3＋2.8－1.4－1.9－2.3,9×t2)×10－2m/s2≈1.3m/s2.(3)對(duì)小車(chē)受力分析，由牛頓第二定律可得：2F＝Ma，可得：a＝eq\f(2,M)F，即k＝eq\f(2,M)＝tanθ，選項(xiàng)D正確，選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤．答案：(1)BCD(2)1.3(3)D11．(2022·溫州十校聯(lián)考)如下圖，“蝸牛〞狀軌道OAB豎直固定在水平地面上，與地面在B處平滑連接．其中“蝸牛〞狀軌道由內(nèi)壁光滑的半圓軌道OA和AB平滑連接而成，半圓軌道OA的半徑R1＝0.6m，半圓軌道AB的半徑R2＝1.2m，水平地面BC長(zhǎng)為xBC＝11m，C處是一個(gè)開(kāi)口較大的深坑，一質(zhì)量m＝0.1kg的小球從O點(diǎn)沿切線方向以某一初速度進(jìn)入軌道OA后，沿OAB軌道運(yùn)動(dòng)至水平地面，小球與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4，g取10m/s2.(1)為使小球不脫離OAB軌道，小球在O點(diǎn)的初速度v0至少為多大？(2)假設(shè)小球在O點(diǎn)的初速度v0＝6m/s，求小球在B點(diǎn)對(duì)半圓軌道的壓力大小；(3)假設(shè)使小球能落入深坑C，那么小球在O點(diǎn)的初速度v0至少為多大？解析：(1)小球通過(guò)最高點(diǎn)A的臨界條件是mg＝eq\f(mv\o\al(2,A),R1)解得小球經(jīng)A點(diǎn)的最小速度為vA＝eq\r(gR1)＝eq\r(6)m/s小球由O到A過(guò)程由機(jī)械能守恒定律得mg·2R1＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得v0＝eq\r(30)m/s.(2)小球由O到B過(guò)程機(jī)械能守恒，那么mgR2＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)解得vB＝2eq\在B點(diǎn)由牛頓第二定律得FN－mg＝eq\f(mv\o\al(2,B),R2)解得FN＝6N由牛頓第三定律得軌道受到的壓力F′N(xiāo)＝FN＝6N.(3)小球由O到C過(guò)程由動(dòng)能定理得mgR2－μmgxBC＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得v0＝8m/s.答案：(1)eq\r(30)m/s(2)6N(3)8m/s12．(2022·安徽江南十校聯(lián)考)如下圖，傾角為θ＝37°的固定斜面與足夠長(zhǎng)的水平面平滑對(duì)接，一勁度系數(shù)k＝18N/m輕質(zhì)彈簧的上端固定于斜面頂端，另一端固連在一質(zhì)量m＝1kg的光滑小球上，跟緊靠的物塊(質(zhì)量也為m)與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.75，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.1，圖中施加在物塊上的力F＝18N，方向沿斜面向上，A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，且斜面對(duì)B恰無(wú)摩擦力，當(dāng)撤掉力F，A和B一起沿斜面下滑到某處別離，別離后A一直在斜面上運(yùn)動(dòng)，B繼續(xù)沿斜面下滑，：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g＝10m/s2.(1)A和B別離后A能否再回到了出發(fā)點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)述理由．(2)A和B別離時(shí)B的速度為多大？(3)求B最終停留的位置．解析：(1)A不能回到出發(fā)點(diǎn)．因?yàn)樾∏蚺c物塊一起下滑過(guò)程，物塊對(duì)小球的彈力做負(fù)功而使小球的機(jī)械能減少了．(2)未撤掉力F時(shí)，對(duì)A和B整體，根據(jù)平衡條件得2mgsinθ＋F1＝F①其中彈簧彈力F1＝kx1②解得彈簧的壓縮量x1＝eq\f(1,3)m③別離時(shí)，A和B間無(wú)彈力作用，但速度和加速度仍相等，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)B：mgsinθ－Ff＝maB④其中Ff＝μ1mgcosθ，解得aB＝0⑤對(duì)A：mgsi