2019年高考物理選擇題專(zhuān)練(8套)含答案及解析

2019年高考物理選擇題專(zhuān)練（8套）試題部分2019年高考物理選擇題專(zhuān)練11一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.物理學(xué)的發(fā)展極大地豐富了人類(lèi)對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類(lèi)文明的進(jìn)步。關(guān)于對(duì)物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中的認(rèn)識(shí)，說(shuō)法不正確的是A.德布羅意首先提出了物質(zhì)波的猜想，而電子衍射實(shí)驗(yàn)證實(shí)了他的猜想（）B.波爾的原子模型成功地解釋了氫原子光譜的成因C.卡文迪許利用扭秤測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，被譽(yù)為能“秤出地球質(zhì)量的人”D.伽利略利用理想斜面實(shí)驗(yàn)，使亞里士多德“重的物體比輕的物體下落的快”的結(jié)論陷入困境15.如圖所示，沿光滑豎直桿以速度v勻速下滑的物體A通過(guò)輕質(zhì)細(xì)繩拉光滑水平面上的物體B，細(xì)繩與豎直桿間的夾角為θ，則以下說(shuō)法正確的是（）A.物體B向右勻速運(yùn)動(dòng)B.物體B向右加速運(yùn)動(dòng)C.細(xì)繩對(duì)A的拉力逐漸變大D.細(xì)繩對(duì)B的拉力不變16.如圖，質(zhì)量均為m的兩個(gè)木塊P和Q疊放在水平地面上，P、Q接觸面的傾角為θ，現(xiàn)在Q上加一水平推力F，使P、Q保持相對(duì)靜止一起向左做加速運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體Q對(duì)地面的壓力小于2mgB.若Q與地面間粗糙，則Q與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)C.若P、Q間光滑，則加速度D.若P、Q間，Q與地面間均光滑，且在某一時(shí)刻突然撤去推力F后，則P、Q一起向左做勻速運(yùn)動(dòng)17.如圖為著陸器經(jīng)過(guò)多次變軌后登陸火星的軌跡圖，軌道上的P、S、Q三點(diǎn)與火星中心在同一直線上，P、Q兩點(diǎn)分別是橢圓軌道的遠(yuǎn)火星點(diǎn)和近火星點(diǎn)，且PQ=2QS，（已知軌道II為圓軌道），下列說(shuō)法正確的是（）A.著陸器在P點(diǎn)由軌道I進(jìn)入軌道II需要點(diǎn)火加速B.著陸器在軌道II上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間是著陸器在軌道III上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間的2倍C.著陸器在軌道II上S點(diǎn)與在軌道III上P點(diǎn)的加速度大小不相等D.著陸器在軌道II上S點(diǎn)的速度小于在軌道III上的Q點(diǎn)的速度18.真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N分別固定于x軸上x(chóng)1=0和x2=3a的兩點(diǎn)，在兩者連線上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度隨x變化的關(guān)系如圖所示，選沿x軸方向?yàn)檎较?，則以下判斷正確的是（）A.點(diǎn)電荷M、N一正一負(fù)B.M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為2：1C.沿x軸從0到3a電勢(shì)逐漸降低D.將一個(gè)正點(diǎn)電荷沿x軸從0.5a移動(dòng)到2.4a，該電荷的電勢(shì)能先減小后增大19.圖甲是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置圖（電源正負(fù)極可調(diào)換），圖乙是用同一光電管在不同實(shí)驗(yàn)條件下得到的光電流與加在陽(yáng)極A也陰極K上的電壓的關(guān)系圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大B.由圖線①、②、③可知對(duì)某種確定的金屬來(lái)說(shuō)，入射光的頻率越大其遏止電壓越大C.當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，頻率增為原來(lái)的2倍，光電子最大初動(dòng)能也增為2倍D.若與圖甲實(shí)驗(yàn)條件完全相同，當(dāng)某一頻率的光入射時(shí)，電流表有示數(shù)，當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，電流表的示數(shù)一定增大20.某興趣小組用實(shí)驗(yàn)室的手搖發(fā)電機(jī)和一個(gè)可看做理想的小變壓器給一個(gè)小燈泡供電，電路如圖所示，當(dāng)線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，額定電壓為U0的燈泡正常發(fā)光，電壓表示數(shù)是U1，已知線圈電阻是r，燈泡電阻是R，則有（）A.變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值是B.變壓器的匝數(shù)比是U1：U0C.電流表的示數(shù)是D.線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是21.如圖所示，物體以一定初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m，選擇斜面底端為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能E隨高度h的變化如圖2所示，，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體的質(zhì)量m=1.0kgB.物體可能靜止在斜面頂端C.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek=10JD.物體上升過(guò)程的加速度大小a=15m/s22019年高考物理選擇題專(zhuān)練12一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.位于正方形四角上的四個(gè)等量點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布如右圖所示,ab、cd分別是正方形兩條邊的中垂線,O點(diǎn)為中垂線的交點(diǎn),P、Q分別為cd、ab上的點(diǎn)，且OP＜OQ.則下列說(shuō)法正確的是（）A.P、O兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為B.P、Q兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系為EQ<EPC.若在O點(diǎn)放一正點(diǎn)電荷，則該正點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力不為零D.若將某一負(fù)電荷由P點(diǎn)沿著圖中曲線PQ移到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功15.如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場(chǎng)、靜電分析器和磁分析器組成.若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場(chǎng)在中心線處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外.一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后沿中心線通過(guò)靜電分析器，由P點(diǎn)垂直邊界進(jìn)入磁分析器，最終打到膠片上的Q點(diǎn).不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法不正確的是（）A.粒子一定帶正電B.加速電場(chǎng)的電壓C.直徑D.若一群粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)上述過(guò)程都落在膠片上同一點(diǎn)，則該群粒子具有相同的比荷16.有一宇宙飛船，它的正對(duì)面積S=2m2，以v=3×103m/s的相對(duì)速度飛入一宇宙微粒區(qū).此微粒區(qū)1m3空間中有一個(gè)微粒，每一個(gè)微粒的平均質(zhì)量為m=2×10-7kg.設(shè)微粒與飛船外殼碰撞后附著于飛船上，要使飛船速度不變，飛船的牽引力應(yīng)增加（）A.3.6×103NB.3.6NC.1.2×103ND.1.2N17.如圖所示，A、B兩物體用兩根輕質(zhì)細(xì)線分別懸掛在天花板上，兩細(xì)線與水平方向夾角分別為60°和45°，A、B間拴接的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài),則下列判斷正確的是（）A.A、B的質(zhì)量之比為B.A、B所受彈簧彈力大小之比為C.懸掛A、B的細(xì)線上拉力大小之比為D.快速撤去彈簧的瞬間,A、B的瞬時(shí)加速度大小之比為18.如圖(a)所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷。t＝0時(shí)，甲靜止，乙以6m/s的初速度向甲運(yùn)動(dòng).此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)(整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸)，它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖(b)中甲、乙兩曲線所示.則由圖線可知（）A.兩點(diǎn)電荷的電性一定相反B.t3時(shí)刻兩點(diǎn)電荷的電勢(shì)能最大C.0～t2時(shí)間內(nèi)，兩點(diǎn)電荷間的靜電力先增大后減小D.0～t3時(shí)間內(nèi)，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小19.用甲、乙兩種單色光照射同一金屬做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示.已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0，遏止電壓為Uc，電子的電荷量為e，則下列說(shuō)法正確的是（）A.甲光的強(qiáng)度大于乙光的強(qiáng)度B.甲光的頻率大于乙光的頻率C.甲光照射時(shí)產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能均為eUcD.乙光的頻率為20.如圖所示，將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的小環(huán)，小環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為d.現(xiàn)將小環(huán)從與定滑輪等高的A處由靜止釋放，當(dāng)小環(huán)沿直桿下滑距離為d時(shí)（圖中B處），下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）（）A.環(huán)與重物、地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.小環(huán)到達(dá)B處時(shí)，重物上升的高度也為dC.小環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比等于D.小環(huán)下落到B處時(shí)的速度為21.如圖所示為某探究活動(dòng)小組設(shè)計(jì)的節(jié)能運(yùn)動(dòng)系統(tǒng).斜面軌道傾角為30°，質(zhì)量為M的木箱與軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)為，木箱在軌道A端時(shí)，自動(dòng)裝貨裝置將質(zhì)量為m的貨物裝入木箱，然后木箱載著貨物沿軌道無(wú)初速度滑下，在輕彈簧被壓縮至最短時(shí)，自動(dòng)卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道A端，重復(fù)上述過(guò)程.下列選項(xiàng)正確的是（）A.m＝3MB.m＝2MC.木箱不與彈簧接觸時(shí)，上滑過(guò)程的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于下滑過(guò)程的運(yùn)動(dòng)時(shí)間D.若貨物的質(zhì)量減少，則木箱一定不能回到A處2019年高考物理選擇題專(zhuān)練13一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.如圖所示，某極地軌道衛(wèi)星的運(yùn)行軌道平面通過(guò)地球的南北兩極，已知該衛(wèi)星從北緯60°的正上方，按圖示方向第一次運(yùn)行到南緯60°的正上方時(shí)所用時(shí)間為1h，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行半徑之比為1：4B.該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度之比為1：2C.該衛(wèi)星的運(yùn)行速度一定大于7．9km／sD.該衛(wèi)星的機(jī)械能一定大于同步衛(wèi)星的機(jī)械能15.質(zhì)量均為m的a、b兩木塊疊放在水平面上，如圖所示，a受到斜向上且與水平面成θ角的力F1的作用，b受到斜向下且與水平面成角的力F2的作用，兩力大小相等，均為F，且在同一豎直平面內(nèi)，此時(shí)兩木塊保持靜止，則（）A.b一定受到四個(gè)力的作用B.水平面對(duì)b的支持力可能大于2mgC.a、b之間一定存在靜摩擦力D.b與水平面之間一定存在靜摩擦力16.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)B.電壓表讀數(shù)減小C.電流表讀數(shù)減小D.R3上消耗的功率逐漸增大17.處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的矩形線圈abcd，以恒定的角速度繞ab邊轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)方向平行于紙面并與ab垂直在t＝0時(shí)刻，線圈平面與紙面重合（如圖），線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)若規(guī)定由a→b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正，則能反映線圈中感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線是（）A.B.C.D.18.設(shè)宇宙中某一小行星自轉(zhuǎn)較快，但仍可近似看作質(zhì)量分布均勻的球體，半徑為R；宇航員用彈簧測(cè)力計(jì)稱(chēng)量一個(gè)相對(duì)自己靜止的小物體的重力，第一次在極點(diǎn)處，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為；第二次在赤道處，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為；假設(shè)第三次在赤道平面內(nèi)深度為的隧道底部，示數(shù)為；第四次在距星球表面高度為R處繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星中，示數(shù)為。已知均勻球殼對(duì)殼內(nèi)物體的引力為零，則以下判斷正確的是（）A.,B.,C.,D.,19.將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高檔的過(guò)程中，v-t圖線如圖所示，以下判斷正確的是（）A.前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B.3s~5s時(shí)間內(nèi)物體只受重力C.前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D.前3s內(nèi)貨物的機(jī)械能增加，最后2s內(nèi)貨物的機(jī)械能減少20.硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)．如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I變化的關(guān)系圖象(電池電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻不是定值)，圖線b是某電阻R的UI圖象．在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.硅光電池的內(nèi)阻為8ΩB.硅光電池的總功率為0.4WC.硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為0.32WD.若將R換成阻值更大的電阻，硅光電池的輸出功率增大21.一質(zhì)量m、電荷量－q的圓環(huán)，套在與水平面成θ角的足夠長(zhǎng)的粗糙細(xì)桿上，圓環(huán)的直徑略大于桿的直徑，細(xì)桿處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．現(xiàn)給圓環(huán)一沿桿左上方方向的初速度v0，(取為初速度v0正方向)以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的速度圖象可能是（）A.B.C.D.2019年高考物理選擇題專(zhuān)練14一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.物理學(xué)的發(fā)展促進(jìn)了人類(lèi)文明的極大進(jìn)步，關(guān)于物理學(xué)發(fā)展的歷史，以下說(shuō)法正確的是（）A.丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)了由磁場(chǎng)產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律B.湯姆遜利用陰極射線管發(fā)現(xiàn)了電子，并由此提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型C.1687年伽利略出版了《自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理》一書(shū)D.物理學(xué)中的思想方法很多，比如在顯示桌子的微小形變實(shí)驗(yàn)和庫(kù)侖扭秤的工作原理中都用到了放大法15.對(duì)光產(chǎn)生機(jī)理的研究，推動(dòng)了光的廣泛應(yīng)用，從氫氣放電管可以獲得氫原子光譜，1885年巴爾末對(duì)已知的，在可見(jiàn)光區(qū)的四條譜線做了分析，發(fā)現(xiàn)這些譜線的波長(zhǎng)能夠用一個(gè)公式表示，這個(gè)公式寫(xiě)做，n=3，4，5，…．式中R叫做里德伯常量，其值為，關(guān)于氫原子光譜的說(shuō)法正確的是（）A.公式中的n取不同的整數(shù)，可以獲得很多氫原子的譜線，說(shuō)明氫原子光譜是連續(xù)光譜B.波爾的原子理論第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，成功解釋了氫原子光譜的實(shí)驗(yàn)規(guī)律C.根據(jù)玻爾理論，電子在原子核周?chē)倪\(yùn)動(dòng)與人造地球衛(wèi)星一樣，軌道半徑都是連續(xù)的D.根據(jù)玻爾理論，電子在氫原子軌道上旋轉(zhuǎn)時(shí)，不斷向外輻射光子16.一帶電小球從離地面某一高度的A點(diǎn)水平拋出，落在地面上B點(diǎn)，現(xiàn)加上豎直向下的電場(chǎng)（圖中未畫(huà)出），仍將小球自A點(diǎn)以相同的速度水平拋出，落在地面上的C點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球帶正電B.小球所受的電場(chǎng)力可能大于重力C.加上電場(chǎng)后小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能減少D.小球兩次拋出的過(guò)程重力沖量相同17.1970年4月24日我國(guó)首次發(fā)射的人造衛(wèi)星東方紅一號(hào)。目前仍然在橢圓軌道上運(yùn)行，其軌道近地點(diǎn)高度約為439km，遠(yuǎn)地點(diǎn)高度約為2384km，1984年4月8日成功發(fā)射的東方紅二號(hào)衛(wèi)星運(yùn)行在赤道上空35786km的地球同步軌道上，設(shè)東方紅一號(hào)在近地點(diǎn)的加速度為，線速度為，東方紅二號(hào)的加速度為，線速度為A.B.C.D.18.如圖所示，物體A、B用足夠長(zhǎng)的細(xì)繩與輕彈簧連接后跨過(guò)滑輪，A置于薄木板上，此時(shí)彈簧左側(cè)細(xì)繩與木板平行，已知質(zhì)量mA=3mB，現(xiàn)將薄木板由傾角30°緩慢放平，物體A始終與木板保持相對(duì)靜止，不計(jì)滑輪摩擦，物體A、B大小可忽略不計(jì)。（）A.彈簧伸長(zhǎng)量逐漸變大B.連接A、B的細(xì)繩對(duì)滑輪的作用力不變C.物體A受到的摩擦力先變小后變大D.物體A受到的摩擦力大小不變19.如圖所示，在繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)的圓筒內(nèi)壁上，有兩物體A、B靠在一起隨圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓筒的角速度均勻增大的過(guò)程中，兩物體相對(duì)圓筒始終保持靜止，下列說(shuō)法中正確的是（）A.在此過(guò)程中，圓筒對(duì)A一定有豎直向上的摩擦力B.在此過(guò)程中，A、B之間可能存在彈力C.隨圓筒的角速度逐漸增大，圓筒對(duì)A、B的彈力都逐漸增大D.隨圓筒的角速度逐漸增大，圓筒對(duì)B的摩擦力也逐漸增大20.如圖甲所示的電路中，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為5：1，在原線圈輸入端a、b接入如圖乙所示的電源，電路中電阻，，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表，開(kāi)始開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.電流表的示數(shù)為C.閉合開(kāi)關(guān)S后，電壓表示數(shù)變小D.閉合開(kāi)關(guān)S后，電流表示數(shù)變大21.邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形OAB區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在紙面內(nèi)從O點(diǎn)沿OB方向射入質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子，粒子的速率為v，如圖所示，粒子恰好從AB邊的中點(diǎn)C射出，不計(jì)粒子之間的相互作用和重力的影響，則（）A.粒子帶正電B.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間D.若逐漸減小粒子的入射速度，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間逐漸變長(zhǎng)2019年高考物理選擇題專(zhuān)練15一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.下列說(shuō)法正確的是（）A.米、千克、摩爾、安培都是國(guó)際單位制中的基本單位B.光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，而康普特效應(yīng)則反映了光的波動(dòng)性C.安培最早引入場(chǎng)的概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)D.盧瑟福用α粒子散射實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)否定了湯姆遜的“西瓜模型”，并估算了原子的大小15.如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在輕彈簧上面并緊挨著豎直粗糙墻壁，處于靜止?fàn)顟B(tài)；彈簧處于豎直．現(xiàn)用力F沿斜面向上推A，但AB仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說(shuō)法正確的是（）A.施加F前，B可能受6個(gè)力B.施加F后，A、B之間的摩擦力一定變小C.施加F后，B受到彈簧的彈力可能變小D.施加F之后，B與墻之間的摩擦力一定小于F.16.三顆人造地球衛(wèi)星A、B、C繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，已知mA=mB<mC，則對(duì)于三個(gè)衛(wèi)星，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.運(yùn)行線速度關(guān)系為vA>vB=vCB.機(jī)械能關(guān)系為EA<EB<ECC.已知萬(wàn)有引力常量G，現(xiàn)測(cè)得衛(wèi)星A的周期TA和軌道半徑rA可求得地球的平均密度D.半徑與周期的關(guān)系為：QUOTE17.如圖，電路中有四個(gè)完全相同的燈泡，額定電壓均為U，額定功率均為P，變壓器為理想變壓器，現(xiàn)在四個(gè)燈泡都正常發(fā)光，則變壓器的匝數(shù)比n1:n2以及電源電壓U1為：（）A.1:22UB.2：14UC.2：12UD.1：24U18.物體由靜止開(kāi)始做加速度大小為a1的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到v時(shí)，改為加速度大小為a2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直至速度為零．在勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的位移大小和所用時(shí)間分別為x1、x2和t1、t2，下列各式成立的是（）A.QUOTEB.QUOTEC.QUOTED.QUOTE19.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向豎直向下；磁場(chǎng)中有光滑的水平桌面，在桌面上平放內(nèi)壁光滑、底部有帶電小球的試管；試管在水平拉力向右的拉力F作用下向右勻速運(yùn)動(dòng)，（拉力與試管壁始終垂直），帶電小球能從試管口處飛出，關(guān)于帶電小球及其在離開(kāi)試管前的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球帶正電，且軌跡為拋物線B.洛倫茲力對(duì)小球做正功C.小球相對(duì)試管做變加速直線運(yùn)動(dòng)D.維持試管勻速運(yùn)動(dòng)的拉力F應(yīng)隨時(shí)間均勻增大20在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)靜止的氡核QUOTE發(fā)生一次α衰變后變成Po核，假設(shè)放出的α粒子的速度方向與磁場(chǎng)方向垂直，則下列說(shuō)法正確的是（）A.Po核與α粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為外切圓B.Po核的動(dòng)能是α粒子動(dòng)能的QUOTE倍C.Po核的軌跡半徑是α粒子軌跡半徑的QUOTE倍D.若α粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，則Po核與α粒子兩次相遇的時(shí)間間隔為84T21.在光滑的水平面上，有一豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，分布在寬度為L(zhǎng)的區(qū)域內(nèi)，現(xiàn)有一邊長(zhǎng)為d（d<L）的正方形閉合線框以垂直于磁場(chǎng)邊界的初速度v0滑過(guò)磁場(chǎng)，線框剛好能穿過(guò)磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.線圈在滑進(jìn)磁場(chǎng)的過(guò)程與滑出磁場(chǎng)的過(guò)程均做變加速直線運(yùn)動(dòng)B.線圈在滑進(jìn)磁場(chǎng)的過(guò)程中與滑出磁場(chǎng)的過(guò)程中通過(guò)線框橫截面的電荷量相同C.線圈在滑進(jìn)磁場(chǎng)的過(guò)程中速度的變化量與滑出磁場(chǎng)的過(guò)程中速度的變化量不同D.線圈在滑進(jìn)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q1與滑出磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q2之比為3:12019年高考物理選擇題專(zhuān)練16一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.原子核經(jīng)放射性衰變①變?yōu)樵雍?，繼而經(jīng)放射性衰變②變?yōu)樵雍耍俳?jīng)放射性衰變③變?yōu)樵雍?。放射性衰變①、②和③依次為（）A.α衰變、β衰變和β衰變B.β衰變、β衰變和α衰變C.β衰變、α衰變和β衰變D.α衰變、β衰變和α衰變15.如下圖所示，直線A為電源的U－I圖線，直線B為電阻R的U－I圖線；用該電源和電阻組成的閉合電路，電源輸出功率和電路的總功率分別是（）A.4W，8WB.2W，4WC.4W，6WD.2W，3W16.2017年8月1日15時(shí)03分，天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船成功在軌釋放一顆立方星，隨即地面成功捕獲立方星。本次試驗(yàn)是我國(guó)首次通過(guò)飛船系統(tǒng)采用在軌儲(chǔ)存方式釋放立方星，為后續(xù)我國(guó)空間站開(kāi)展微納衛(wèi)星部署發(fā)射及在軌服務(wù)奠定了技術(shù)基礎(chǔ)。以下說(shuō)法中正確的是（）A.在釋放立方星前，天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船的角速度比立方星的角速度大B.在釋放立方星過(guò)程中，天舟一號(hào)飛船受到的沖量比立方星受到的沖量大C.在釋放立方星后，天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船運(yùn)動(dòng)的線速度變小D.立方星在返回地面過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸變大17.把一小球用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在豎直墻壁上，距離懸點(diǎn)O正下方釘有一根釘子，將小球拉起，使輕繩被水平拉直，如圖所示。由靜止釋放小球，輕繩碰到釘子的瞬間前后（）A．線速度之比為3：2B．角速度之比為3：1C．小球的向心加速度之比為1：3D．釘子離懸點(diǎn)越近繩子越容易斷18.如圖所示，邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊界OA上有一粒子源S。某一時(shí)刻，從S平行于紙面向各個(gè)方向發(fā)射出大量帶正電的同種粒子（不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間有大量粒子從邊界OC射出磁場(chǎng)。已知，從邊界OC穿出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間等于（T為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期），則從邊界OC穿出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不可能為（）A．B．C．D．19.如圖甲乙兩車(chē)在平直公路上行駛，乙車(chē)在甲車(chē)前方水平距離為6m處，甲車(chē)的初速度為16m/s，乙車(chē)的初速度為12m/s，t＝0時(shí)刻乙車(chē)做加速度為lm/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)，看見(jiàn)乙車(chē)減速同時(shí)甲車(chē)也開(kāi)始做加速度為2m/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)，6s后停止減速，下列說(shuō)法中正確的是A．t＝4s時(shí)甲車(chē)第一次和乙車(chē)并排行駛B．t＝8s時(shí)甲車(chē)速度和乙車(chē)速度大小相等C．乙車(chē)停止運(yùn)動(dòng)前，兩車(chē)共有兩次并排行駛過(guò)程D．第一次并排行駛后，兩車(chē)間水平最大距離為2m20.如圖所示，正弦交流電源的電壓有效值保持恒定，電流表為理想交流電流表，理想變壓器的副線圈接電阻R1和R2，R1和R2的阻值分別為1Ω和3Ω的。當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電流表的示數(shù)為I；當(dāng)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為4I，則（）A．開(kāi)關(guān)閉合前后，變壓器的輸入功率之比為1：4B．開(kāi)關(guān)閉合前后，副線圈的輸出電壓比為4：1C．開(kāi)關(guān)閉合前后，流經(jīng)R1的電流之比為1：4D．開(kāi)關(guān)閉合前后，流經(jīng)R1的電流之比為4：121.如圖所示，小物塊與三塊材料不同但厚度相同的薄板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ、2μ和3μ，三塊薄板長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，并依次連在一起。第一次將三塊薄板固定在水平地面上，讓小物塊以一定的水平初速度v0從a點(diǎn)滑上第一塊薄板，結(jié)果小物塊恰好滑到第三塊薄板的最右端d點(diǎn)停下;第二次將三塊薄板仍固定在水平地面上，讓小物塊從d點(diǎn)以相同的初速度v0水平向左運(yùn)動(dòng);第三次將連在一起的三塊薄板放在光滑的水平地面上，讓小物塊仍以相同的初速度v0從a點(diǎn)滑上第一塊薄板。則下列說(shuō)法正確的是（）A.第二次小物塊一定能夠運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)并停下B.第一次和第二次小物塊經(jīng)過(guò)c點(diǎn)時(shí)的速度大小不相等C.第三次小物塊也一定能運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)D.第一次與第三次小物塊克服摩擦力做的功相等2019年高考物理選擇題專(zhuān)練17一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.愛(ài)因斯坦因提出了光量子概念并成功地解釋光電效應(yīng)的規(guī)律而獲得1921年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。某種金屬逸出光電子的最大初動(dòng)能Ekm與入射光頻率ν的關(guān)系如圖所示，其中ν0為極限頻率。從圖中可以確定的是（）A.逸出功與ν有關(guān)B.Ekm與入射光強(qiáng)度成正比C.當(dāng)ν＜ν0時(shí)，會(huì)逸出光電子D.圖中直線的斜率與普朗克常量有關(guān)15.如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在質(zhì)量為M、傾角為θ的斜面體上，斜面體置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物體使其沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，斜面體始終靜止，則下列說(shuō)法正確的是（）A.地面對(duì)斜面體的摩擦力大小為FcosθB.地面對(duì)斜面體的支持力為(M＋m)gC.物體對(duì)斜面體的摩擦力的大小為FD.斜面體對(duì)物體的作用力豎直向上16.雙星系統(tǒng)由兩顆恒星組成，兩恒星在相互引力的作用下，分別圍繞其連線上的某一點(diǎn)做周期相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。研究發(fā)現(xiàn)，雙星系統(tǒng)演化過(guò)程中，兩星的總質(zhì)量、距離和周期均可能發(fā)生變化。若某雙星系統(tǒng)中兩星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間演化后，兩星總質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的k倍，兩星之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的n倍，則此時(shí)圓周運(yùn)動(dòng)的周期為（）A.B.C.D.17.如圖所示，一質(zhì)量為m1的木板放在光滑斜面上，木板的上端用細(xì)繩拴在斜面上，木板上有一只質(zhì)量為m2的小貓。剪斷細(xì)繩，木板開(kāi)始下滑，同時(shí)小貓沿木板向上爬。小貓向上爬的過(guò)程中，小貓?jiān)谀景迳舷鄬?duì)于地面的高度不變，忽略空氣阻力。細(xì)繩剪斷后，小貓做功的功率P與時(shí)間t的關(guān)系圖象是下列圖象中的（）A.B.C.D.18.如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點(diǎn)各放有一帶電荷量分別為＋q和＋2q的完全相同的金屬球A和B。給A和B以大小相等的初動(dòng)能E0(此時(shí)初動(dòng)量的大小均為p0)，使其相向運(yùn)動(dòng)剛好能發(fā)生碰撞(碰撞過(guò)程中無(wú)機(jī)械能損失)，碰后返回M、N兩點(diǎn)的動(dòng)能分別為E1和E2，動(dòng)量的大小分別為p1和p2，則（）A.E1＝E2>E0，p1＝p2>p0B.E1＝E2＝E0，p1＝p2＝p0C.碰撞發(fā)生在MN中點(diǎn)的左側(cè)D.兩球同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)19.直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電源的（）A.總功率一定減小B.效率一定減小C.內(nèi)部損耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小20.如圖所示，一帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中從A點(diǎn)拋出，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向豎直向下，且在B點(diǎn)時(shí)粒子的速度為粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最小速度，已知電場(chǎng)方向和粒子運(yùn)動(dòng)軌跡在同一豎直平面內(nèi)，粒子的重力和空氣阻力與電場(chǎng)力相比可忽略不計(jì)，則（）A.電場(chǎng)方向一定水平向右B.電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)C.從A到B的過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能一定增加D.從A到B的過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能與動(dòng)能之和一定不變21.如圖所示，一個(gè)正方形導(dǎo)線框，以恒定速度向右進(jìn)入以MN為邊界無(wú)限大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，MN與水平線的夾角為45°，下列有關(guān)說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流方向始終為順時(shí)針B.導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流方向始終為逆時(shí)針C.導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的大小先增大后減小D.導(dǎo)線框在完全進(jìn)入時(shí)，線框中的感應(yīng)電流最大2019年高考物理選擇題專(zhuān)練18一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.如圖所示的曲線是某個(gè)質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下的一段運(yùn)動(dòng)軌跡．質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)出發(fā)經(jīng)P點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，已知弧長(zhǎng)MP大于弧長(zhǎng)PN，質(zhì)點(diǎn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間相等．下列說(shuō)法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)到N過(guò)程中速度大小保持不變B.質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同C.質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同D.質(zhì)點(diǎn)在MN間的運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng)15.如圖所示，重80N的物體A放在傾角為30°的粗糙斜面上，有一根原長(zhǎng)為10cm、勁度系數(shù)為1000N/m的彈簧，其一端固定在斜面底端，在另一端放置物體A后，彈簧長(zhǎng)度縮短為8cm，現(xiàn)用一測(cè)力計(jì)沿斜面向上拉物體，若物體與斜面間最大靜摩擦力為25N，當(dāng)彈簧的長(zhǎng)度仍為8cm時(shí)，測(cè)力計(jì)讀數(shù)不可能為（）A.10NB.20NC.40ND.60N16.如圖所示，一傾角為30°的光滑斜面固定于水平面上，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于斜面，勻強(qiáng)電場(chǎng)沿斜面向上并垂直于斜面底邊，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球以速度v在斜面上做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）A.小球帶負(fù)電B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小D.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒17.如圖所示是汽車(chē)勻加速啟動(dòng)并最終達(dá)到最大速度vm＝30m/s的v-t圖象，其中t0＝10s(對(duì)應(yīng)的速度為v0＝20m/s)，0～t0的圖線是直線．下列對(duì)圖象的認(rèn)識(shí)正確的是（）A.汽車(chē)勻加速過(guò)程的加速度為2m/s2B.汽車(chē)t0時(shí)刻之后的加速度逐漸增大C.汽車(chē)在該過(guò)程的平均速度等于15m/sD.汽車(chē)在該過(guò)程的平均速度小于15m/s18.某國(guó)際天文研究小組觀測(cè)到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞二者連線上的某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，雙星系統(tǒng)中質(zhì)量較小的星體能“吸食”質(zhì)量較大的星體的表面物質(zhì)，達(dá)到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的．根據(jù)大爆炸宇宙學(xué)可知，雙星間的距離在緩慢增大，假設(shè)星體的軌道近似為圓，則在該過(guò)程中（）A.雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度不斷減小B.雙星做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度不斷增大C.質(zhì)量較大的星體做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑減小D.質(zhì)量較大的星體做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑增大19.如圖所示，一勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線平行于xOy平面，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，xOy平面上有一橢圓，橢圓的長(zhǎng)軸在x軸上，E、F兩點(diǎn)為橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)，AB是橢圓的短軸，橢圓的一端過(guò)O點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在橢圓上，O、C兩點(diǎn)間電勢(shì)差一定最大B.在橢圓上，A、B兩點(diǎn)間電勢(shì)差可能最大C.一個(gè)點(diǎn)電荷從E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到橢圓上任意一點(diǎn)再運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)，電場(chǎng)力做功可能為零D.一個(gè)點(diǎn)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功一定相同20.圖為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，它由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成．發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸OO′在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．矩形線圈通過(guò)滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下滑動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，R0表示輸電線的電阻．以線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A.若發(fā)電機(jī)線圈某時(shí)刻處于圖示位置，則變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值最大B.發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝NBSωsinωtC.當(dāng)用電量增加時(shí)，為使用戶(hù)電壓保持不變，滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)D.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓將升高21.如圖所示，傾角為θ的光滑斜面足夠長(zhǎng)，一質(zhì)量為m的小物體，在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從斜面底端沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，力F做功為60J，此后撤去力F，物體又經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間t回到斜面底端，若以地面為零勢(shì)能參考面，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.物體回到斜面底端的動(dòng)能為60JB.恒力F＝2mgsinθC.撤去力F時(shí)，物體的重力勢(shì)能是45JD.動(dòng)能與勢(shì)能相等的時(shí)刻一定出現(xiàn)在撤去力F之后答案及解析部分2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1114～21：DBBDDABBCAC14.【答案】D【解析】A、德布羅意首先提出了物質(zhì)波的猜想，而電子衍射實(shí)驗(yàn)證實(shí)了他的猜想，故A正確；B、波爾的原子模型成功地解釋了氫原子光譜的成因，故B正確；C、卡文迪許利用扭秤測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，被譽(yù)為能“秤出地球質(zhì)量的人”，故C正確；D、伽利略利用著名的比薩斜塔實(shí)驗(yàn)，使亞里士多德“重的物體比輕的物體下落的快”的結(jié)論陷入困境，故D錯(cuò)誤；故說(shuō)法不正確的是選D。15.【答案】B【解析】試題分析：物體A以速度v沿豎直桿勻速下滑，繩子的速率等于物體B的速率，將A物體的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于繩速，由幾何知識(shí)求解B的速率，再討論B的運(yùn)動(dòng)情況以及繩子的拉力變化．將A物體的速度按圖示兩個(gè)方向分解，如圖所示，由繩子速率，而繩子速率等于物體B的速率，則有物體B的速率．因減小，則B物體向右做變加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)公式求導(dǎo)，得出B的加速度，隨著的加速度，B的加速度在減小，故繩子對(duì)B的拉力減小，同一條繩子上的拉力相等，所以繩子對(duì)A的拉力減小，B正確．16.【答案】B【解析】A.以PQ整體為研究對(duì)象，在豎直方向上合力為零，故FN=2mg，故Q對(duì)地面的壓力為2mg，故A錯(cuò)誤；B.因PQ做勻加速運(yùn)動(dòng)，若μ=，在水平方向上由牛頓第二定律得：F?μ?2mg=ma，解得：a=0，故不能做勻加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C.若P、Q之間光滑，對(duì)P受力分析，在水平方向上，由牛頓第二定律可知：mgtanθ=ma，故：a=gtanθ，故C正確；D.若P、Q間，Q與地面間均光滑，撤去推力后，則P受到斜向上的支持力，無(wú)法勻速運(yùn)動(dòng)；Q受到斜向下的壓力，也無(wú)法勻速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選：BC.點(diǎn)睛：通過(guò)整體受力分析即可判斷出Q對(duì)地面的壓力；對(duì)整體受力分析，因一起做加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律即可判斷μ的大?。蝗鬚、Q之間光滑，先對(duì)P受力分析，求出加速度，即為PQ的加速度；由f=μFN可以判定滑動(dòng)摩擦力的大小；若P、Q間，Q與地面間均光滑，撤P和Q均無(wú)法勻速運(yùn)動(dòng)．17.【答案】D【解析】A、著陸器在P點(diǎn)由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ時(shí)，是向低軌道運(yùn)動(dòng)，所以應(yīng)該減速才可以，故A錯(cuò)誤；B、由開(kāi)普勒第三定律知道，著陸器在軌道Ⅱ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間和著陸器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)都是各自周期的一半，故B錯(cuò)誤；C、萬(wàn)有引力提供向心力，由于著陸器在軌道Ⅱ上S點(diǎn)與在軌道Ⅲ上P點(diǎn)到火星的球心之間的距離是相等的,所以加速度大小相等，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得:，得：Ⅱ軌道的半徑大于III軌道的半徑，所以著陸器在軌道Ⅱ上S點(diǎn)的速度小于在軌道Ⅲ上Q點(diǎn)的速度，故D正確；綜上所述本題答案是：D18.【答案】D【解析】A、若兩電荷為異種電荷，在x=2處，電場(chǎng)強(qiáng)度不可能為0，故兩電荷為同種電荷，故A錯(cuò)誤；B、2a處合場(chǎng)強(qiáng)=0，由

知，，所以M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4：1，故B錯(cuò)誤；C、選沿x軸方向?yàn)檎较颍?～2a電場(chǎng)為正，方向向右，而沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故x=0點(diǎn)的電勢(shì)高于x=2a點(diǎn)的電勢(shì)；2a～3a電場(chǎng)為負(fù)，方向向左，故x=2a點(diǎn)的電勢(shì)低于x=3a點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D、將一個(gè)正點(diǎn)電荷沿x軸從0.5a移動(dòng)到2.4a，電勢(shì)先減小后增大，所以該電荷的電勢(shì)能先減小后增大，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵根據(jù)兩點(diǎn)電荷連線之間某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，而知道兩點(diǎn)電荷為同種電荷，選沿x軸方向?yàn)檎较颍?～2a電場(chǎng)為正，方向向右，2a～3a電場(chǎng)為負(fù)，方向向左，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低。19.【答案】AB【解析】A、在光顏色保持不變的情況下，入射光的頻率不變，截止電壓不變，由圖看出，入射光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)發(fā)射出的光電子越多，形成的飽和光電流越大，故A正確；B、根據(jù)，入射光的頻率越高，對(duì)應(yīng)的截止電壓U截越大，故B正確；C、根據(jù)，當(dāng)入射光的頻率大于極限頻率時(shí)，會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，頻率增為原來(lái)的2倍，光電子最大初動(dòng)能，即不會(huì)增為2倍，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)某一頻率的光入射時(shí)，電流表有示數(shù)，已發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，光電管兩端的電壓減小，左邊的極板為正極，右邊極板為負(fù)極，到達(dá)極板的光電子數(shù)減小，電流表示數(shù)減小，故D錯(cuò)誤；故選AB?！军c(diǎn)睛】考查光電效應(yīng)現(xiàn)象，理解金屬的極限頻率的含義，掌握光電效應(yīng)的條件和光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系。20.【答案】BC【解析】試題分析：線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，所以，所以變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值，故A錯(cuò)誤；電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是，故B正確；理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為，所以輸入功率為，電流表的示數(shù)是，故C正確；由于線圈有內(nèi)阻r，故線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)有效值大于，最大值也就大于，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理、交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理【名師點(diǎn)睛】理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比．并利用燈泡正常發(fā)光的電壓與電流的值來(lái)構(gòu)建原副線圈的電壓與電流的關(guān)系。21.【答案】AC【解析】A、物體在最高點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能等于重力勢(shì)能，即，解得m=1kg，故A正確；C、上升過(guò)程克服摩擦力做功為20J，則整個(gè)過(guò)程克服摩擦力做功為40J，根據(jù)動(dòng)能定理得，解得回到斜面底端的動(dòng)能，故C正確；D、根據(jù)牛頓第二定律得，上升過(guò)程中的加速度大小。，故D錯(cuò)誤；故選AC【點(diǎn)睛】重力做功不改變物體的機(jī)械能，摩擦力做功使物體機(jī)械能減少，由圖象求出物體初末狀態(tài)的機(jī)械能，應(yīng)用重力勢(shì)能的計(jì)算公式、動(dòng)能定理即可正確解題。2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1214～21：BCBDCADADAD14.【答案】B【解析】A、根據(jù)電場(chǎng)疊加,由圖像可以知道ab、cd兩中垂線上各點(diǎn)的電勢(shì)都為零,所以P、O兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故A錯(cuò)；B、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小,根據(jù)圖像知EQ<EP,故B正確；C、四個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)相互抵消,場(chǎng)強(qiáng)為零,故在O點(diǎn)放一正點(diǎn)電荷,則該正點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力為零,故C錯(cuò)誤.

D、P、Q電勢(shì)相等,，若將某一負(fù)電荷由P點(diǎn)沿著圖中曲線PQ移到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，故D錯(cuò)誤；故選B點(diǎn)睛：根據(jù)電場(chǎng)線的方向確定場(chǎng)源電荷的正負(fù).電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線的指向,沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低.電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小,;根據(jù)電勢(shì)高低判斷功的正負(fù).15.【答案】C【解析】A項(xiàng)，由粒子從P到Q的運(yùn)動(dòng)軌跡可以判斷粒子帶正電，故A正確；B項(xiàng)，由動(dòng)能定理有，粒子加速過(guò)程的末速度滿(mǎn)足；又由粒子在靜電分析器中沿中心線做勻速圓周運(yùn)動(dòng)知，此時(shí)粒子所受電場(chǎng)力恰好提供向心力，，聯(lián)立可得加速電場(chǎng)的電壓，故B正確。C項(xiàng)，由洛倫茲力提供向心力有，結(jié)合B項(xiàng)中的結(jié)果可得粒子在磁場(chǎng)中的軌跡半徑，所以,故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)，由C項(xiàng)的結(jié)果可知，若一群離子從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)上述過(guò)程都落在膠片上同一點(diǎn)，B、E、R保持不變，則該群離子具有相同的比荷，故D項(xiàng)正確。本題選不正確的，故選C16.【答案】B【解析】在t時(shí)間內(nèi)與飛船碰撞并附著于飛船上微粒的總質(zhì)量為由動(dòng)量定理得：解得：根據(jù)牛頓第三定律，微粒對(duì)飛船的作用力為3.6N，要是飛船速度不變，根據(jù)平衡條件，飛船的牽引力應(yīng)增加3.6N，故B正確；故選B17.【答案】D【解析】對(duì)AB兩個(gè)物體受力分析,如圖所示:

AB都處于靜止?fàn)顟B(tài),受力平衡,則有:

A、對(duì)物體A:

對(duì)物體B,所以,故A錯(cuò)誤;

B、同一根彈簧彈力相等,故B錯(cuò)誤;

C、對(duì)A物體,細(xì)線拉力

對(duì)B物體,細(xì)線拉力解得：故C錯(cuò)誤；D、快速撤去彈簧的瞬間,物體AB將以懸點(diǎn)為圓心做圓周運(yùn)動(dòng),剛撤去彈簧的瞬間,將重力分解為沿半徑和沿切線方向,沿半徑合力為零,合力沿切線方向

，則重力沿切線方向的分力提供了加速度即所以快速撤去彈簧的瞬間,A、B的瞬時(shí)加速度大小之比為，故D正確；故選D點(diǎn)睛：分別對(duì)AB兩個(gè)物體受力分析,AB都處于靜止?fàn)顟B(tài),受力平衡,根據(jù)平衡條件列式比較即可,AB兩個(gè)物體的彈簧彈力相同.18.【答案】C【解析】A、由圖像看出,甲從靜止開(kāi)始與乙同向運(yùn)動(dòng),說(shuō)明甲受到了乙的排斥力作用,則知兩電荷的電性一定相同.故A錯(cuò)誤.

B、由于甲乙之間是排斥力，所以當(dāng)甲乙之間的距離減小時(shí)說(shuō)明電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，結(jié)合圖像可知在t1時(shí)電勢(shì)能由最大值，故B錯(cuò)誤；C、圖像包圍的面積代表甲乙走過(guò)的位移，從圖像上可以看出在0～t2時(shí)間內(nèi)甲乙之間的距離先減小后增大，所有靜電力先增大后減小，故C正確；D、0～t3時(shí)間內(nèi)，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能先減小后反向增大，故D錯(cuò)誤；故選C點(diǎn)睛：會(huì)結(jié)合圖像找到甲乙位移之間的關(guān)系，并利用靜電力做功找到電勢(shì)能變化規(guī)律。19.【答案】AD【解析】根據(jù)光的強(qiáng)度越強(qiáng)，則光電子數(shù)目越多，對(duì)應(yīng)的光電流越大，即可判定甲光的強(qiáng)度較大；選項(xiàng)A正確；由光電效應(yīng)方程mv2=hν-W0，mv2=Uce，由圖可知，甲乙的截止電壓相同，故甲乙的頻率相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；甲光照射時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能均為eUc，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)，可得，選項(xiàng)D正確；故選AD.20.【答案】AD【解析】A項(xiàng)，由于小環(huán)和重物只有重力做功，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A項(xiàng)正確。B項(xiàng)，結(jié)合幾何關(guān)系可知，重物上升的高度，故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C項(xiàng)，將小環(huán)在B處的速度分解為沿著繩子方向和垂直于繩子方向的兩個(gè)分速度，其中沿著繩子方向的速度即為重物上升的速度，則，環(huán)在B處的速度與重物上升的速度大小之比為，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D項(xiàng)，小環(huán)和重物系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則且，解得：，故D正確；故選AD點(diǎn)睛：本題考查了繩子的關(guān)聯(lián)速度問(wèn)題，在分解速度時(shí)要注意兩個(gè)分解方向，一是沿繩子方向，二是垂直于繩子方向，結(jié)合能量守恒解題即可。21.【答案】AD【解析】AB、設(shè)下滑的距離為l，根據(jù)能量守恒有，得m＝3M，A正確、B錯(cuò)誤；C、受力分析可知，下滑時(shí)加速度為，上滑時(shí)加速度為，上滑過(guò)程可以看做相同大小加速度的反向的初速度為零的下滑過(guò)程，位移相同，加速度大的時(shí)間短，C錯(cuò)誤；D、根據(jù)，木箱恰好被彈回到軌道A端，如果貨物的質(zhì)量減少，等號(hào)前邊一定小于后邊，即輕彈簧被壓縮至最短時(shí)的彈性勢(shì)能小于木箱回到A處所需的能量，則木箱一定不能回到A處，D正確；故選AD。2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1314～21：ACBCBACACABD14.【答案】A【解析】試題分析：衛(wèi)星從北緯60°的正上方，按圖示方向第一次運(yùn)行到南緯60°的正上方時(shí)，偏轉(zhuǎn)的角度是120°，剛好為運(yùn)動(dòng)周期的T，所以衛(wèi)星運(yùn)行的周期為3t，同步衛(wèi)星的周期是24h，由得：，所以：．故A正確；由得：．故B錯(cuò)誤；7．9km/s是衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，所以該衛(wèi)星的運(yùn)行速度一定小于7．9km/s．故C錯(cuò)誤；由于不知道衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系，故D錯(cuò)誤．故選A?？键c(diǎn)：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】該題考查人造衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的關(guān)系，靈活運(yùn)動(dòng)用重力和萬(wàn)有引力相等以及萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是解決本題的關(guān)鍵。15.【答案】C【解析】對(duì)整體受力分析可知，整體受重力、支持力、兩個(gè)拉力，將拉力沿水平和豎直方向分解可知，其水平分量相等，故整體在水平方向受力平衡，故地面對(duì)b沒(méi)有摩擦力；豎直方向，兩分力相互抵消，故ab受地面的支持力等于2mg，對(duì)a受力分析，可知a受重力、支持力、拉力而處于平衡，由于F有水平方向的分力，故a有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故a應(yīng)受到b向左的摩擦力，對(duì)b受力分析：重力，a對(duì)b的壓力，地面的支持力，拉力，a對(duì)b的摩擦力五力作用。綜上所述，故選C。點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵合適地選擇研究的對(duì)象，進(jìn)行受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡知識(shí)求解，注意整體法和隔離法的運(yùn)用，對(duì)a進(jìn)行受力分析，根據(jù)a的受力情況，抓住合力為零判斷b對(duì)a的支持力以及之間摩擦力的大?。畬?duì)整體分析，根據(jù)整體受力情況判斷地面對(duì)b的支持力和摩擦力大小。16.【答案】B【解析】由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過(guò)R3的電流減小，則流過(guò)并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減??；因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，電荷向下運(yùn)動(dòng)，因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減小。綜上所述，故選B。點(diǎn)晴：本題考查閉合電路的歐姆定律，一般可以先將分析電路結(jié)構(gòu)，電容器看作開(kāi)路；再按部分-整體-部分的分析思路進(jìn)行分析。17.【答案】C【解析】試題分析：在t＝0時(shí)刻線圈與磁場(chǎng)方向平行，此時(shí)線圈磁通量變化率最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，此時(shí)線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)，此后穿過(guò)線圈的磁通量增大，則根據(jù)楞次定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→d→a，為正，所以C正確；考點(diǎn)：考查了交流電的產(chǎn)生，楞次定律18.【答案】B【解析】設(shè)該行星的質(zhì)量為M,則質(zhì)量為m的物體在極點(diǎn)處的萬(wàn)有引力：，由于在赤道處，彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為F2=F0/2，則：，所以半徑R/2以?xún)?nèi)的部分的質(zhì)量為：物體在R/2處受到的萬(wàn)有引力：物體需要的向心力：Fn3=mω2?=F0物體在赤道平面內(nèi)深度為R/2的隧道底部,F2=?Fn3=F0/2?F0/4=F0/4第四次在距星表高度為R處繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星中時(shí)，物體受到的萬(wàn)有引力恰好提供向心力，所以彈簧秤的示數(shù)為0，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選：B點(diǎn)睛：計(jì)算質(zhì)量均勻分布的球體對(duì)物體的萬(wàn)有引力時(shí)，可以近似看做是質(zhì)點(diǎn)之間的萬(wàn)有引力，由萬(wàn)有引力定律分別寫(xiě)出幾種不同的情況下的表達(dá)式，然后結(jié)合向心力的表達(dá)式進(jìn)行比較即可。19.【答案】AC20.【答案】AC【解析】A、由圖可知該電池的電源電動(dòng)勢(shì)為3.6V，由可知內(nèi)電壓為1.6V，硅光電池的內(nèi)阻為，故A正確；B、硅光電池的總功率為，故B錯(cuò)誤；C、硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為，故C正確；D、若將R換成阻值更大的電阻，電路中電阻兩端的電壓變大，但電流變小，硅光電池的輸出功率不一定增大，故D錯(cuò)誤；故選AC。21.【答案】ABD【解析】當(dāng)時(shí)，物體受到先變小后變大，摩擦力也先變小后變大，物體減速的加速度也先變小后變大；當(dāng)速度變小為零時(shí)，若時(shí)，物體將靜止；若時(shí)，物體將做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)直到平衡后做勻速．當(dāng)時(shí)，物體受到變大，摩擦力變大，物體減速的加速度變大；速度變小為零時(shí)，若時(shí)，物體將靜止；若時(shí)，物體將做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)直到平衡后做勻速．故ABD圖象可能存在，C圖象不可能存在，選ABD.【點(diǎn)睛】帶負(fù)電的小環(huán)向左上方運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到的洛倫茲力垂直桿子斜向右上方，注意討論洛倫茲力與的大小關(guān)系，然后即可確定其運(yùn)動(dòng)形式，注意洛倫茲力大小隨著速度的大小是不斷變化的．2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1414～21：DBCDCBCADAB14.【答案】D【解析】丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)了由電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的規(guī)律，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；湯姆遜利用陰極射線管發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；1687年牛頓出版了《自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理》一書(shū)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；物理學(xué)中的思想方法很多，比如在顯示桌子的微小形變實(shí)驗(yàn)和庫(kù)侖扭秤的工作原理中都用到了放大法，選項(xiàng)D正確；故選D.15.【答案】B【解析】公式中的n取不同的整數(shù)，可以獲得很多氫原子的譜線，說(shuō)明氫原子光譜是不連續(xù)的線光譜，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；波爾的原子理論第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，成功解釋了氫原子光譜的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，選項(xiàng)B正確；根據(jù)玻爾理論，電子在原子核周?chē)倪\(yùn)動(dòng)與人造地球衛(wèi)星不一樣，電子的軌道半徑是不連續(xù)的，衛(wèi)星的軌道半徑是連續(xù)的，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)玻爾理論，電子在氫原子軌道上旋轉(zhuǎn)時(shí)，并不向外輻射光子，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.16.【答案】C【解析】加電場(chǎng)后，水平射程變大，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)時(shí)間變大，根據(jù)可知加速度減小，電場(chǎng)力向上，因電場(chǎng)向下，可知小球帶負(fù)電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于合力向下，可知小球所受的電場(chǎng)力小于重力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；加上電場(chǎng)后小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，則機(jī)械能減少，選項(xiàng)C正確；小球兩次拋出的過(guò)程由于運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，根據(jù)I=mgt可知，重力沖量不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.17.【答案】D點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬(wàn)有引力等于重力，2、萬(wàn)有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用．還要知道同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期和地球自轉(zhuǎn)周期相等．18.【答案】C【解析】對(duì)物體B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mBg，則知彈簧的彈力不變，伸長(zhǎng)量不變，故A錯(cuò)誤；連接A、B的細(xì)繩之間的夾角減小，則兩條細(xì)繩的拉力的合力變大，即細(xì)繩對(duì)滑輪的作用力變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；將薄木板由傾角30°緩慢放平的過(guò)程中肯定存在一個(gè)位置，即物塊A受的重力、細(xì)線的拉力以及斜面的支持力三力平衡，此時(shí)A受摩擦力為零，則因開(kāi)始時(shí)和最后時(shí)物塊A所示的摩擦力均不是零，可知物體A受到的摩擦力先變小后變大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選C.點(diǎn)睛：此題是共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題；關(guān)鍵是選項(xiàng)CD的判斷，可采用定性的分析三個(gè)狀態(tài)：傾角為300和00時(shí)，以及除摩擦力外的三力平衡狀態(tài).19.【答案】BC【解析】在此過(guò)程中，A可能只受重力和B對(duì)A的支持力，不一定受到圓筒對(duì)A的豎直向上的摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；水平方向，圓筒對(duì)AB的彈力充當(dāng)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)F=mω2r可知，隨圓筒的角速度逐漸增大，圓筒對(duì)A、B的彈力都逐漸增大，選項(xiàng)C正確；圓筒對(duì)B的摩擦力在豎直方向，與水平方向的受力無(wú)關(guān)，即與圓筒的轉(zhuǎn)速無(wú)關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.20.【答案】AD【解析】根據(jù)電流的熱效應(yīng)，有，解得U1＝110V，根據(jù)變壓比可得副線圈兩端的電壓為U2＝22V，故A正確；開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，副線圈中電流為，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知電流表示數(shù)為，故B錯(cuò)誤；閉合電鍵S，因?yàn)樵€圈電壓和匝數(shù)比都不變，所以副線圈兩端的電壓不變，電壓表示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；閉合電鍵S后，總電阻減小，輸出功率增大，輸入功率增大，電流增大，故D正確；故選AD。點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是明確交流電有效值的計(jì)算方法，同時(shí)要結(jié)合變壓器的變壓比公式分析，知道理想變壓器不改變功率，難度適中．21.【答案】AB【解析】由左手定則可知，粒子帶正電，選項(xiàng)A正確；粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)只受洛倫茲力作用，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做向心力，故有：；根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系可得：在C點(diǎn)射出的粒子軌道圓心在OC的垂直平分線和OB垂線的交點(diǎn)，故軌道半徑R＝Lcos30°＝L；所以勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，選項(xiàng)B正確；由幾何關(guān)系可知，粒子運(yùn)動(dòng)所對(duì)應(yīng)的圓心角為600，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若減小粒子的入射速度，粒子的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑逐漸減小，當(dāng)粒子從AO邊射出時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所對(duì)的圓心角不變，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AB.點(diǎn)睛：帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做向心力，故常根據(jù)速度及磁感應(yīng)強(qiáng)度求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn)動(dòng)軌跡；或反過(guò)來(lái)由軌跡根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，進(jìn)而求得速度、磁感應(yīng)強(qiáng)度。2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1514～21：ADCBACDADABCABD14.【答案】A【解析】國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量．分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量．它們的在國(guó)際單位制中的單位稱(chēng)為基本單位，則米、千克、摩爾、安培都是國(guó)際單位制中的基本單位，故A正確；光電效應(yīng)和康普特效應(yīng)都揭示了光的粒子性，故B錯(cuò)誤；法拉第最早引入場(chǎng)的概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；盧瑟福用α粒子散射實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)否定了湯姆遜的“西瓜模型”，并估算了原子核的大小，故D錯(cuò)誤；15.【答案】D【解析】試題分析：隔離對(duì)A分析，通過(guò)A受力平衡判斷A、B之間摩擦力的變化．通過(guò)對(duì)整體分析，抓住AB不動(dòng)，彈簧的彈力不變，判斷B與墻之間有無(wú)摩擦力．開(kāi)始時(shí)A靜止，則A受到重力以及B對(duì)A的支持力、摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡可知，B對(duì)A的支持力與摩擦力的合力的方向豎直向上；

開(kāi)始時(shí)B也靜止，則B受到重力、彈簧的彈力、A對(duì)B的壓力與摩擦力，由于B對(duì)A的支持力與摩擦力的合力的方向豎直向上，則A對(duì)B的壓力與摩擦力的合力方向豎直向下，所以B與墻壁之間沒(méi)有力的作用．所以B受到四個(gè)力的作用．故A錯(cuò)誤；對(duì)A，開(kāi)始受重力、B對(duì)A的支持力和靜摩擦力平衡，三力平衡，A所受的靜摩擦力大小為mAgsinθ，當(dāng)施加F后，仍然處于靜止，若F＞2mAgsinθ，則A、B之間的摩擦力大小為f=F-mAgsinθ＞mAgsinθ，變大，故B錯(cuò)誤；

A與B始終靜止，可知彈簧的形變量沒(méi)有變化，根據(jù)胡克定律可知，施加F后，B受到彈簧的彈力不變．故C錯(cuò)誤；對(duì)整體分析，由于AB不動(dòng)，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開(kāi)始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，但F有豎直向上的分量，則根據(jù)平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力且大小等于F沿豎直方向的分力，即QUOTE，所以B與墻之間的摩擦力一定小于F，故D正確；16.【答案】C17.【答案】B【解析】試題分析：變壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，根據(jù)燈泡正常發(fā)光可知原副線圈中電流的大小關(guān)系．設(shè)燈泡正常發(fā)光時(shí)，額定電流為QUOTE．由題圖可知，原線圈中電流QUOTE，副線圈中兩燈并聯(lián)，副線圈中電流QUOTE，根據(jù)理想變壓器的基本規(guī)律：QUOTE得QUOTE；QUOTE得QUOTE，所以QUOTE，B正確．18.【答案】ACD19.【答案】AD【解析】試題分析：小球能從管口處飛出，說(shuō)明小球受到指向管口洛倫茲力，由左手定則，分析電性．將小球的運(yùn)動(dòng)分解為沿管子向里和垂直于管子向右兩個(gè)方向．根據(jù)受力情況和初始條件分析兩個(gè)方向的分運(yùn)動(dòng)情況，研究軌跡，確定F如何變化．小球能從管口處飛出，說(shuō)明小球受到指向管口洛倫茲力，根據(jù)左手定則判斷，小球帶正電，故A正確；洛倫茲力總是與速度垂直，不做功，故B錯(cuò)誤；設(shè)管子運(yùn)動(dòng)速度為QUOTE，小球垂直于管子向右的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)．小球沿管子方向受到洛倫茲力的分力QUOTE，q、QUOTE、B均不變，QUOTE不變，則小球沿管子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．與平拋運(yùn)動(dòng)類(lèi)似，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線，故C錯(cuò)誤；設(shè)小球沿管子的分速度大小為v2，則小球受到垂直管子向左的洛倫茲力的分力QUOTE，QUOTE增大，則QUOTE增大，而拉力QUOTE，則F逐漸增大，故D正確．20【答案】ABC21.【答案】ABD【解析】線框進(jìn)入磁場(chǎng)中，受到的安培力方向向左，做減速運(yùn)動(dòng)，隨著速度的減小，安培力也減小，故做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)到右邊的框邊出磁場(chǎng)的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框開(kāi)始運(yùn)動(dòng)出磁場(chǎng)的過(guò)程中，受到的安培力方向向左，仍做減速運(yùn)動(dòng)，隨速度的減小，安培力減小，故也做變加速直線運(yùn)動(dòng)，A正確；根據(jù)QUOTE可知進(jìn)入磁場(chǎng)和滑出磁場(chǎng)的過(guò)程中穿過(guò)線框的磁通量的變化量相同，線框的電阻不變，所以?xún)蓚€(gè)過(guò)程中通過(guò)線框橫截面的電荷量相同，B正確；進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程有：QUOTE，又QUOTE，則得QUOTE，離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程有：QUOTE，又QUOTE，則得QUOTE，則得QUOTE，即線圈速度的變化量相同，C錯(cuò)誤；線圈在進(jìn)磁場(chǎng)或出磁場(chǎng)某一位置的加速度QUOTE，則在很短時(shí)間內(nèi)速度的變化量QUOTE，QUOTE，解得QUOTE，知進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)速度的變化量大小相等．設(shè)進(jìn)磁場(chǎng)的速度為v，則完全進(jìn)磁場(chǎng)的速度為QUOTE，完全出磁場(chǎng)的速度為0．根據(jù)能量守恒定律得，QUOTE，所以QUOTE，故D正確，【點(diǎn)睛】解決本題的難點(diǎn)在于通過(guò)微分的思想得出線圈進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)過(guò)程中速度變化量大小相等．然后通過(guò)能量守恒進(jìn)行求解．2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1614～21：ACDCACDACAB14.【答案】A【解析】試題分析：該題考察了α、β衰變特點(diǎn)，只要寫(xiě)出衰變方程即可求解．解：根據(jù)α、β衰變特點(diǎn)可知：經(jīng)過(guò)一次α衰變變?yōu)?，?jīng)過(guò)1次β衰變變?yōu)?，再?jīng)過(guò)一次β衰變變?yōu)?，故BCD錯(cuò)誤，A正確．故選A．考點(diǎn)：原子核衰變．點(diǎn)評(píng)：本意很簡(jiǎn)單，直接考察了α、β衰變特點(diǎn)，注意衰變過(guò)程中滿(mǎn)足質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒．15.【答案】C【解析】由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，電路電流I=2A，路端電壓U=2V；則電源的輸出功率，即外電路功率為：，電路的總功率為：；故選C?！军c(diǎn)睛】電源的U-I圖象與U軸的交點(diǎn)數(shù)值是電源的電動(dòng)勢(shì)；電源的U-I圖象與電阻R的U-I圖象交點(diǎn)電壓與電流是該電源與該電阻組成閉合電路時(shí)的電路電流與路端電壓，由圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)、電路電流與路端電壓，然后由求出電源的輸出功率，有P=EI求解電源的總功率．16.【答案】D【解析】在釋放立方星前，天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船和立方星在同一軌道，故角速度相同，故A錯(cuò)誤；在釋放立方星過(guò)程中，天舟一號(hào)飛船與立方星相互作用，故兩者所受的力大小相等，作用時(shí)間相等，故天舟一號(hào)飛船受到的沖量與立方星受到的沖量一樣大，故B錯(cuò)誤；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：，解得：，在釋放立方星后，天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不變，故線速度不變，故C錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律得：，解得，立方星在返回地面過(guò)程中，r越來(lái)越小，故加速度越來(lái)越大，故D正確，故選D?！军c(diǎn)睛】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得出線速度和角速度的表達(dá)式，分析線速度和角速度的變化情況，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的表達(dá)式，分析加速度的變化情況。17.【答案】C【解析】繩碰到釘子后的瞬間，小球的線速度不變，故A錯(cuò)誤；根據(jù)，得，解得：，故B錯(cuò)誤；根據(jù)，得，故C正確，根據(jù)，得，r越小，F(xiàn)越大，故離懸點(diǎn)越遠(yuǎn)繩子越容易斷，故D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】繩碰到釘子后的瞬間，小球的線速度不變，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系，根據(jù)半徑的變化分析角速度的變化，根據(jù)線速度與向心加速度的關(guān)系，根據(jù)半徑的變化分析向心加速度的變化，結(jié)合牛頓第二定律分析繩子的拉力與半徑的關(guān)系．18.【答案】A【解析】粒子在磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場(chǎng)中出射點(diǎn)和入射點(diǎn)的連線即為軌跡的弦。初速度大小相同，軌跡半徑相同。設(shè)OS=d，當(dāng)出射點(diǎn)D與S點(diǎn)的連線垂直于OA時(shí)，DS弦最長(zhǎng)，軌跡所對(duì)的圓心角最大，周期一定，則由粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，如圖由此得到軌跡半徑為：，當(dāng)出射點(diǎn)E與S點(diǎn)的連線垂直于OC時(shí)，弦ES最短，軌跡所對(duì)的圓心角最小，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，則，由幾何知識(shí)，得，最短時(shí)間，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間范圍為，故從邊界OC穿出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不可能為，故A錯(cuò)誤，BCD正確，故選BCD?！军c(diǎn)睛】所有粒子的初速度大小相同，軌跡半徑相同，當(dāng)入射點(diǎn)與出射點(diǎn)連線最長(zhǎng)時(shí)，軌跡的圓心角最大，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)。相反連線最短，時(shí)間最短。根據(jù)幾何知識(shí)，作出軌跡，確定時(shí)間的范圍進(jìn)行選擇。19.【答案】CD【解析】設(shè)經(jīng)過(guò)ts，兩車(chē)并排行駛，則有：，即，解得：t=2s和t=6s，說(shuō)明兩車(chē)共有兩次并排行駛過(guò)程，故A錯(cuò)誤；當(dāng)t=8s時(shí)，甲已停止運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)的速度為，故B錯(cuò)誤；由A分析知，當(dāng)甲車(chē)停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩車(chē)共有兩次并排行駛過(guò)程，即先甲車(chē)追乙車(chē)，追過(guò)后甲車(chē)速度減小更快，則后來(lái)是乙車(chē)追甲車(chē)，6s追上甲車(chē)，甲車(chē)停止運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)?yán)^續(xù)運(yùn)動(dòng)直到停止，故在乙車(chē)停止運(yùn)動(dòng)前，兩車(chē)共有兩次并排行駛過(guò)程，故C正確；第一次并排行駛后，當(dāng)兩車(chē)的速度相等時(shí)，兩車(chē)間水平距離最大，則有：，即，解得：t=4s，故相距的最大距離為，故D正確，故選CD。20.【答案】AC【解析】A、變壓器的輸入功率，則電流變成4倍，輸入功率增大為4倍，比值為1:4，A正確。B、變壓器的輸入電壓不變，匝數(shù)比不變，則輸出電壓不變?yōu)?:1，B錯(cuò)誤。C、D、由可知I1增大為4倍，I2變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC.【點(diǎn)睛】本題考查理想變壓器原理及應(yīng)用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開(kāi)關(guān)通斷時(shí)電路的連接方式；同時(shí)注意明確輸入電壓與輸出電壓之間的關(guān)系．21.【答案】AB【解析】第一次物塊從a點(diǎn)開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有：；第二次，物塊從d形如向左運(yùn)動(dòng)，設(shè)到達(dá)a點(diǎn)的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理有：，解得v=0，即第二次小物塊一定能夠運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)并停下，故A正確；第一次，從a到c，根據(jù)動(dòng)能定理得：；第二次，從d到c，根據(jù)動(dòng)能定理得：，由上兩式可知：，故B正確；第三次，三塊薄板放在光滑的水平地面上，物塊與三塊薄板在摩擦力作用下，三塊薄板會(huì)運(yùn)動(dòng)，若物塊仍能到達(dá)d點(diǎn)，則物塊的動(dòng)能最終為0，其減少的運(yùn)動(dòng)全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而實(shí)際情況是物塊與三塊薄板，動(dòng)量守恒，最終會(huì)達(dá)到共同速度，則物塊的末動(dòng)能不為0，其減少的動(dòng)能轉(zhuǎn)化內(nèi)能和三塊薄板增加的動(dòng)能，故第三次小物塊不能運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，第一次物塊動(dòng)能的改變量大于第三次物塊動(dòng)能的改變量，即第一次小物塊克服摩擦力做的功更大，故D錯(cuò)誤；故選AB?！军c(diǎn)睛】對(duì)向右和向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理分別列式，分析小物塊運(yùn)動(dòng)情況；對(duì)第三次運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒進(jìn)行分析，討論小物塊動(dòng)能的減少量情況。2019年高考物理選擇題專(zhuān)練1714～21：DABBADACCDBC14.【答案】D【解析】A、金屬的逸出功是由金屬自身決定的，與入射光頻率無(wú)關(guān)，其大小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，可知光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，但入射光越強(qiáng)，光電流越大，只要入射光的頻率不變，則光電子的最大初動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；C、要有光電子逸出，則光電子的最大初動(dòng)能，即只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率即時(shí)才會(huì)有光電子逸出，故C正確；D、根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程，可知：，故D正確。點(diǎn)睛：只要記住并理解了光電效應(yīng)的特點(diǎn)，只要掌握了光電效應(yīng)方程就能順利解決此題，所以可以通過(guò)多看課本加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解。15.【答案】A【解析】試題分析：把兩個(gè)物體視為一個(gè)整體，整體受重力，地面的彈力，外力F和水平向左的靜摩擦力，根據(jù)正交分解法，可知靜摩擦力等于Fcosθ，選項(xiàng)A正確。地面對(duì)M的支持力為（M+m）g+Fsinθ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。再以m為研究對(duì)象，可知M給m的摩擦力為F+mgcosθ，根據(jù)牛頓第三定律，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。m受四個(gè)力的作用，其中彈力和摩擦力的合力，與重力和F的合力平衡，因此彈力和摩擦力的合力的方向不在豎直方向，根據(jù)牛頓第三定律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：本題考查整體法和隔離法，以及正交分解法。16.【答案】B【解析】試題分析：雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度，根據(jù)牛頓第二定律分別對(duì)兩星進(jìn)行列式，來(lái)求解．設(shè)的軌道半徑為，的軌道半徑為．兩星之間的距離為l．由于它們之間的距離恒定，因此雙星在空間的繞向一定相同，同時(shí)角速度和周期也都相同．由向心力公式可得：對(duì)：①，對(duì)：②，又因?yàn)?/p>