西藏昌都市第一中學(xué)2021屆高三上學(xué)期入學(xué)考試物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精西藏昌都市第一中學(xué)2021屆高三上學(xué)期入學(xué)考試物理試題含解析昌都市第一高級(jí)中學(xué)2021屆高三入學(xué)考試?yán)砭C試題物理部分一、選擇題1.關(guān)于近代物理，下列說法正確的是（)A.α射線是高速運(yùn)動(dòng)的氦原子B。核聚變反應(yīng)方程中，表示質(zhì)子C.從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比D。玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征【答案】D【解析】【詳解】A．α射線是高速運(yùn)動(dòng)的氦核流，并非氦原子，故A錯(cuò)誤；B．核聚變反應(yīng)方程中，表示中子，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率不成正比，故C錯(cuò)誤;D．玻爾理論的基礎(chǔ)是普朗克（M。Planck）的量子論和愛因斯坦的光子學(xué)說。玻爾理論不但回答了氫原子穩(wěn)定存在的原因，而且還成功地解釋了氫原子和類氫原子的光譜現(xiàn)象，故D正確.故選D。2.宇航員王亞平在“天宮1號(hào)”飛船內(nèi)進(jìn)行了我國首次太空授課，演示了一些完全失重狀態(tài)下的物理現(xiàn)象．若飛船質(zhì)量為m,距地面高度為h，地球質(zhì)量為M,半徑為R，引力常量為G，則飛船所在處的重力加速度大小為（）A。0 B。 C。 D.【答案】B【解析】對飛船受力分析知，所受到的萬有引力提供勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，等于飛船所在位置的重力，即，可得飛船的重力加速度為，故選B．【考點(diǎn)定位】萬有引力定律的應(yīng)用．3.在等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c處,各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖．過c點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向A。與ab邊平行，豎直向上B.與ab邊平行，豎直向下C。與ab邊垂直，指向左邊D。與ab邊垂直，指向右邊【答案】C【解析】本題考查了左手定則的應(yīng)用．導(dǎo)線a在c處產(chǎn)生的磁場方向由安培定則可判斷，即垂直ac向左，同理導(dǎo)線b在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直bc向下，則由平行四邊形定則，過c點(diǎn)的合場方向平行于ab，根據(jù)左手定則可判斷導(dǎo)線c受到的安培力垂直ab邊，指向左邊．4。在勻強(qiáng)磁場中一矩形金屬框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢的圖象如圖乙所示，則（）A.t＝0。005s時(shí)線框的磁通量變化率為零B.t＝0.01s時(shí)線框平面與中性面重合C.線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢有效值為311VD。線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢頻率為100Hz【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知t=0.005s時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢最大,此時(shí)線圈所在平面與中性面垂直,所以線框的磁通量變化率最大,A錯(cuò)誤;B．t=0.01s時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢等于零,所以穿過線框回路的磁通量最大，此時(shí)與中性面重合,B正確；C．產(chǎn)生的有效值為C錯(cuò)誤；D．周期為，故頻率為D錯(cuò)誤。故選B。5.高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng))．此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對人的平均作用力大小為（)A。＋mg B.－mgC.＋mg D。－mg【答案】A【解析】【詳解】在安全帶對人有拉力的瞬間時(shí)，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，此過程機(jī)械能守恒，故有，即在產(chǎn)生拉力瞬間速度為，之后人在安全帶的作用下做變速運(yùn)動(dòng),末速度為零，設(shè)向上為正方向，則根據(jù)動(dòng)量定理可得：有,聯(lián)立解得【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后對自由落體運(yùn)動(dòng)過程和全程封閉列式求解，注意運(yùn)用動(dòng)量定理前要先規(guī)定正方向6.如圖所示，一個(gè)矩形線框從勻強(qiáng)磁場的上方自由落下，進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中,然后再從磁場中穿出．已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場區(qū)域的寬度L大于線框的高度h，下列說法正確的是（)A.線框只在進(jìn)入和穿出磁場的過程中,才有感應(yīng)電流產(chǎn)生B。線框從進(jìn)入到穿出磁場的整個(gè)過程中，都有感應(yīng)電流產(chǎn)生C.線框在進(jìn)入和穿出磁場的過程中，都是機(jī)械能轉(zhuǎn)化成電能D。整個(gè)線框都在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，機(jī)械能轉(zhuǎn)化成電能【答案】AC【解析】【詳解】AB．線框在進(jìn)入和穿出磁場的過程中,穿過線框的磁通量發(fā)生變化,有感應(yīng)電流產(chǎn)生，而整個(gè)線框都在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，B錯(cuò)誤A正確；C．線框在進(jìn)入和穿出磁場的過程中，產(chǎn)生感應(yīng)電流,線框的機(jī)械能減小轉(zhuǎn)化為電能,C正確；D．整個(gè)線框都在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，線框的重力勢能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能,機(jī)械能守恒,D錯(cuò)誤.故選AC.7.已知金屬鈣的逸出功為2。7eV，氫原子的能級(jí)圖如圖所示，一群氫原子處于量子數(shù)能級(jí)狀態(tài)，則(）A。氫原子可能輻射4種頻率的光子B.氫原子可能輻射6種頻率的光子C。有3種頻率的輻射光子能使鈣發(fā)生光電效應(yīng)D。有2種頻率的輻射光子能使鈣發(fā)生光電效應(yīng)【答案】BC【解析】【詳解】AB．根據(jù)知，這群氫原子可能輻射6種頻率的光子．故A錯(cuò)誤,B正確；

CD．n=4躍遷到n=3輻射的光子能量為0.66eV,n=3躍遷到n=2輻射的光子能量為1。89eV，n=4躍遷到n=2輻射的光子能量為2。55eV,均小于逸出功,不能發(fā)生光電效應(yīng)，其余3種光子能量均大于2.7eV，所以這群氫原子輻射的光中有3種頻率的光子能使鈣發(fā)生光電效應(yīng)．故C正確，D錯(cuò)誤.

故選BC。8.如圖所示，有一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電，輸電線的總電阻為R。T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4。設(shè)T1的輸入電壓U1一定，當(dāng)用戶消耗的電功率變大時(shí)，有（）A.U2變小，U4變大B.U2不變，U3變小C。P1變小，P2變小D。P2變大，P3變大【答案】BD【解析】本題考查遠(yuǎn)距離輸電問題，輸入功率和輸出功率相等，輸入功率歲輸出功率的變化而變化，當(dāng)用戶消耗的電功率變大時(shí)，T2的輸入功率也變大,T1的輸出功率也變大，它的輸入功率也變大；BD正確；二、非選擇題：全部為必做題，請考生根據(jù)要求做答。9。研究小車勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，其中斜面傾角θ可調(diào)．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz.紙帶上計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距如圖乙所示,其中每相鄰兩點(diǎn)之間還有4個(gè)記錄點(diǎn)未畫出．（1）部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：A．測量完畢，關(guān)閉電源，取出紙帶．B．接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后放開小車．C．將小車?？吭诖螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器附近,小車尾部與紙帶相連．D．把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在平板上，讓紙帶穿過限位孔．上述實(shí)驗(yàn)步驟正確順序是：________（用字母填寫）．（2)圖乙中標(biāo)出的相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T＝________s。（3）計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的瞬時(shí)速度大小的計(jì)算式為v5＝________．(4)為了充分利用記錄數(shù)據(jù)，減小誤差，小車加速度大小的計(jì)算式應(yīng)為a＝____________．【答案】(1).DCBA（2)。0.1（3).（4)。【解析】【詳解】（1）［1］按常規(guī)實(shí)驗(yàn)步驟，先安裝再操作后整理,再根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法可知正確步驟為DCBA。(2)[2］因?yàn)椋篢打＝s＝0。02s因?yàn)橄噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)記錄點(diǎn)未畫出,故計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T＝5T打＝0。1s.(3）［3]由：得。（4）[4]為了充分利用數(shù)據(jù)，應(yīng)采用逐差法：a＝。10。某學(xué)習(xí)小組要描繪一只小電珠（2.5V，0.5A)的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A。電源E（電動(dòng)勢為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）B。電壓表V1（量程為0~3.0V，內(nèi)阻約為2kΩ）C。電壓表V2（量程為0～15.0V，內(nèi)阻約為6KΩ)D。電流表A1(量程為0～0。6A，內(nèi)阻約為1Ω）E。電流表A2（量程為0～100mA，內(nèi)阻約為2Ω）F?；瑒?dòng)變阻器R1(最大阻值10Ω）G.滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值2kΩ）①為了減小實(shí)驗(yàn)誤差,實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇______電流表應(yīng)選擇______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______；(填器材的符號(hào))②為提高實(shí)驗(yàn)精度，請你為該學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)電路圖,并畫在右側(cè)的方框中。標(biāo)出所選擇的器材的符號(hào)______（如V1)；③表中的各組數(shù)據(jù)是此學(xué)習(xí)小組在實(shí)驗(yàn)中測得的，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線______;U（V)00.511.52.02。5I（A)00。170.300.390。450。49④由圖象可知，該電阻的變化特性是溫度升高，電阻______?！敬鸢浮浚?)。B(2）。D(3）.F（4）。

(5）。（6）.增大【解析】【詳解】①［1]燈泡額定電壓是2。5V，電壓表應(yīng)選B[2]燈泡額定電流為0.5A，電流表選D[3]測定伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器F②［4]由于小電珠電阻較小，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)采用分壓式接法，電路圖如圖所示

③[5］應(yīng)用描點(diǎn)法作圖,燈泡I－U圖象如圖所示④［6]根據(jù)燈泡的I－U圖象，且曲線上各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，燈泡電阻隨溫度的升高而變大11。輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m＝0。32kg、邊長為L＝0.8m、匝數(shù)n＝10的正方形線圈，總電阻為r＝1Ω.邊長為的正方形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向里,大小隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，從t＝0開始經(jīng)t0時(shí)間細(xì)線開始松弛，取g＝10m/s2.求:(1)在前t0時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢；(2）在前t0時(shí)間內(nèi)線圈的電功率；（3)t0的值．【答案】(1）0.4V(2）0.16W（3）2s【解析】【詳解】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E＝n＝n××解得E＝0.4V感應(yīng)電流的方向：逆時(shí)針（2)I＝＝04AP＝I2r＝0.16W（3）分析線圈受力可知,當(dāng)細(xì)線松弛時(shí)有：F安＝nBt0I＝mgI＝Bt0＝＝2T由圖乙知：Bt0＝1＋0。5t0解得：t0＝2s12.如圖所示,豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)．現(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0。2m，A與B的質(zhì)量相等，A與B整體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0。2．取重力加速度g=10m/s2，求:（1）碰撞前瞬間A的速率v．（2）碰撞后瞬間A與B整體的速度．(3）A與B整體在桌面上滑動(dòng)的距離L．【答案】（1）2m/s(2）1m/s（3）0.25m【解析】【詳解】（1）對A從圓弧最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程應(yīng)用機(jī)械能守恒定律有:可得（2)A在圓弧軌道底部和B相撞,滿足動(dòng)量守恒，有：，可得（3）對AB一起滑動(dòng)過程，由動(dòng)能定理得：，可得L=0.25m13.下列說法正確的是___________（填正確答案標(biāo)號(hào)．）A.物體吸收熱量，其溫度一定升高B.一定質(zhì)量的理想氣體,內(nèi)能只與溫度有關(guān)與體積無關(guān)C.做功和熱傳遞是改變物體內(nèi)能的兩種方式D。布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映E。第二類永動(dòng)機(jī)是不能制造出來的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律,但它違反熱力學(xué)第二定律【答案】BCE【解析】【詳解】A項(xiàng)：根據(jù)熱力學(xué)第一定律，若物體吸收熱量，若同時(shí)對外做功，其溫度不一定升高，故A錯(cuò)誤;B項(xiàng)：一定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)與體積無關(guān)，故B正確；C項(xiàng)：改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，故C正確；D項(xiàng)：布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；E項(xiàng)：第二類永動(dòng)機(jī)是不能制造出來的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律，故E正確．14.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27.求：（i）該氣體在狀態(tài)B，C時(shí)的溫度分別是多少;（ii）該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中是吸熱還是放熱?傳遞的熱量是多少?【答案】(i）,;（ii)吸熱,200J【解析】【詳解】（i)氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B是等容過程，根據(jù)蓋-呂薩克定律，有解得即tB=－73氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C，是等壓過程,根據(jù)查理定律，有：解得即tC=27(ii)氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C體積增大，對外做功，即W＜0;TA=TC,所以，A到狀態(tài)C的過程中內(nèi)能變化量為0，由熱力學(xué)第一定律得Q＞0，所以A→C的過程中是吸熱。從A到B過程，體積不變，氣體不外做功,外界也不對氣體做功，只有B到C過程氣體對外做功，故吸收的熱量為15。下列說法正確的是________．A.在穩(wěn)定干涉區(qū)域內(nèi)，波峰和波峰疊加得到振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn),波谷和波谷疊加得到振動(dòng)減弱點(diǎn)B。光的偏振特征說明光是橫波C.火車鳴笛向我們駛來時(shí)，我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)聲的頻率高D。擺鐘偏快時(shí)可縮短擺長進(jìn)行校準(zhǔn)E.平衡位置是指回復(fù)力為零的位置，物體在該位置所受的合外力不一定為零．【答案】BCE【解析】【詳解】A．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)為波峰和波峰,波谷和波谷相遇處，A錯(cuò)誤；B．只有橫波才能發(fā)生偏振,所以光的偏振特征說明光是橫波，B正確；C．火車鳴笛向我們駛來時(shí),間距變小，則我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)聲的頻率高，故C正確;D．?dāng)[鐘偏快時(shí)，說明周期偏小，若要周期變大，則可伸長擺長進(jìn)行校準(zhǔn)，故D錯(cuò)誤;E．例如單擺，平衡位置在其最低點(diǎn)，回復(fù)力為零，但此時(shí)的合力不為零，E正確．