2023年江蘇省南通市高考物理適應(yīng)性試卷（二）及答案解析

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023年江蘇省南通市高考物理適應(yīng)性試卷（二）1.當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子間的作用力為0，則分子間的距離從0.9r0增大到10rA.分子間的作用力先減小后增大 B.分子間的作用力先增大后減小

C.分子勢(shì)能先減小后增大 D.分子勢(shì)能先增大后減小2.鐵環(huán)上繞有絕緣的通電導(dǎo)線，電流方向如圖所示，若在鐵環(huán)中心O點(diǎn)處放置垂直紙面的電流元，電流方向向外，則電流元受到的安培力方向?yàn)?

)A.① B.② C.③ D.④3.如圖所示，從地面上同一位置同時(shí)拋出兩小球A、B，分別落在地面上的M、N點(diǎn)，已知兩球運(yùn)動(dòng)的最大高度相同，空氣阻力不計(jì)，則上述運(yùn)動(dòng)過程中(

)A.B相對(duì)A做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.B的速度變化率逐漸增大

C.B的速率始終比A的小 D.B的初動(dòng)量比A的大4.如圖所示，輕彈簧一端連接小球，另一端固定于O點(diǎn)，現(xiàn)將球拉到與O點(diǎn)等高處，彈簧處于自然狀態(tài)，小球由靜止釋放，軌跡如虛線所示，上述運(yùn)動(dòng)過程中(

)A.小球的機(jī)械能守恒

B.小球的重力勢(shì)能先減小后增大

C.當(dāng)球到達(dá)O點(diǎn)的正下方時(shí)，彈簧的張力最大

D.當(dāng)球到達(dá)O點(diǎn)的正下方時(shí)，重力的瞬時(shí)功率為0

5.雙縫干涉的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，激光光源在鐵架臺(tái)的上端，中間是刻有雙縫的擋板，下面是光傳感器，光照信息經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后在熒光屏上顯示出來，下列說法中正確的是(

)A.用激光替代普通光源來做本實(shí)驗(yàn)，最主要是利用了激光相干性高的特點(diǎn)

B.應(yīng)在光源與雙縫之間加一個(gè)單縫，實(shí)驗(yàn)才能成功

C.僅下移光源，干涉條紋間距減小

D.僅下移擋板，干涉條紋間距增大6.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C、D后又回到狀態(tài)A，其中A→B和C→D為等溫過程，B→C和A.在A→B過程中，密度不變

B.在B→C過程中，分子的速率分布曲線不發(fā)生變化

C.在B→C和7.如圖所示，圖中陰影部分ABC為一折射率n=2的透明材料做成的柱形光學(xué)元件的橫截面，AC為一半徑為R的14圓弧，在圓弧面圓心D處有一點(diǎn)光源，ABCD構(gòu)成正方形。若只考慮首次從AC直接射向A.從AB、BC面有光射出的區(qū)域總長(zhǎng)度為233R

B.從AB、BC面有光射出的區(qū)域總長(zhǎng)度為R

C.點(diǎn)光源發(fā)出的光射到AB8.如圖所示，電荷量為+q的點(diǎn)電荷固定在正方形ABCD的頂點(diǎn)A上，先將另一電荷量為+q的點(diǎn)電荷Q1從無窮遠(yuǎn)處(電勢(shì)為0)移到O點(diǎn)，此過程電場(chǎng)力做的功為?W，再將Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)并固定，最后將一帶電荷量為?A.Q1移入之前，O點(diǎn)的電勢(shì)為?Wq

B.Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功

C.Q2在移到C點(diǎn)后的電勢(shì)能小于?4W

9.甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)向傳播，兩列波在t=0時(shí)的部分波形曲線如圖所示，已知甲波的波速為2.5cmA.x軸上振動(dòng)加強(qiáng)和減弱的質(zhì)點(diǎn)的位置是固定的

B.t=0時(shí)，x=0處的質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向運(yùn)動(dòng)

C.t=0時(shí)，x=?2510.如圖所示，豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中水平放置兩足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的左側(cè)接有電容器，金屬棒靜止在導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直。t=0時(shí)，棒受到水平向右的恒力F作用，t=t0時(shí)，撤去F，則棒的速度v、電容器所帶的電荷量q、棒中安培力的沖量I、棒克服安培力做的功W與時(shí)間tA. B.

C. D.11.某實(shí)驗(yàn)小組需測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，器材有：一節(jié)待測(cè)電池、一個(gè)單刀雙擲開關(guān)、一個(gè)定值電阻(阻值為R0)、一個(gè)電流表(內(nèi)阻為RA)、一根均勻電阻絲(電阻絲總阻值大于R0，并配有可在電阻絲上移動(dòng)的金屬夾)、導(dǎo)線若干。由于缺少刻度尺，無法測(cè)量電阻絲長(zhǎng)度，但發(fā)現(xiàn)桌上有一個(gè)圓形時(shí)鐘表盤。某同學(xué)提出將電阻絲繞在該表盤上，利用圓心角來表示接入電路的電阻絲長(zhǎng)度，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)將器材按如圖甲連接，已接入電路的導(dǎo)線(不含金屬夾所在的導(dǎo)線)有一處錯(cuò)誤，請(qǐng)?jiān)谠搶?dǎo)線上畫“×”，并重新畫出該導(dǎo)線的正確連接方式。

(2)改變金屬夾夾在電阻絲上的位置，閉合開關(guān)，記錄每次接入電路的電阻絲對(duì)應(yīng)的圓心角θ和電流表示數(shù)I，得到多組數(shù)據(jù)，整理數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)繪圖，所得圖像如圖乙所示，圖線斜率為k，與縱軸截距為d，設(shè)單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值為r0，則該電池電動(dòng)勢(shì)可表示為E=______，內(nèi)阻可表示為r=______。

(3)為進(jìn)一步確定結(jié)果，還需要測(cè)量單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值r0。

①利用現(xiàn)有器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，在圖丙方框中補(bǔ)全實(shí)驗(yàn)電路圖(電阻絲用滑動(dòng)變阻器符號(hào)表示)。

②先將單刀雙擲開關(guān)閉合到一端，記錄電流表示數(shù)I012.氫原子能級(jí)示意圖如圖所示。用大量處于n=2能級(jí)的氫原子躍遷到基態(tài)時(shí)發(fā)射出的光去照射某光電管陰極K，測(cè)得光電管中的遏止電壓為8.6V，已知光子能量在1.63eV～3.10eV的光為可見光。

(1)求陰極K13.宇航員從空間站上釋放了一顆質(zhì)量為m的探測(cè)衛(wèi)星，該衛(wèi)星通過一條柔軟的細(xì)輕繩與空間站連接，穩(wěn)定時(shí)衛(wèi)星始終在空間站的正下方，到空間站的距離為l，已知空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為r，地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，在好品質(zhì)的照片上，可以看清地球表面不動(dòng)物體的線度為曝光時(shí)間內(nèi)空間站相對(duì)地球的位移，忽略地球的自轉(zhuǎn)。

(1)忽略衛(wèi)星拉力對(duì)空間站軌道的影響及衛(wèi)星與空間站的引力，求衛(wèi)星所受輕繩的拉力大小F；

(2)拍照的曝光時(shí)間為Δt(很短14.如圖所示，在第二象限內(nèi)有一拋物線的邊界A1O，其方程為y=x22l(?l≤x<0)，在拋物線的上方存在一豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在拋物線A1O每個(gè)位置上連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，粒子均以大小為v0的初速度水平向右射入電場(chǎng)，所有粒子均能到達(dá)原點(diǎn)O，第四象限內(nèi)有一邊長(zhǎng)為l、其中兩條邊分別與x軸、y軸重合的正方形邊界，邊界內(nèi)存在垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2mv015.質(zhì)量為m、直徑為D的籃球擺放在寬度為d(D>d)的水平球架上，側(cè)視圖如圖甲所示，該籃球從離地高度為H處由靜止下落，與地面發(fā)生一次非彈性碰撞后反彈至離地高度為h(h<H)的最高處。設(shè)籃球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大小是籃球所受重力的λ倍(λ為常數(shù)，且0<λ<H?hH+h)且籃球每次與地面碰撞的碰后速率與碰前速率的比值相同，重力加速度為g。

(1)求球架一側(cè)的橫桿對(duì)籃球的彈力大小F1；

(2)求籃球下降H和上升答案和解析1.【答案】C

【解析】解：當(dāng)分子間距離由0.9r0增大到10r0的過程中，如圖所示：

分子間的作用力先變小后變大再變??；當(dāng)分子間距離由0.9r0增大到r0的過程中，分子力表現(xiàn)為斥力，斥力做正功，分子勢(shì)能減小，由r0增大到10r0的過程中，分子力表現(xiàn)為引力，引力做負(fù)功，分子勢(shì)能變大，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。2.【答案】B

【解析】解：根據(jù)右手螺旋法則可知，鐵環(huán)上方是N極，鐵環(huán)內(nèi)的磁場(chǎng)方向由上到下，

再根據(jù)左手定則可知，電流元受到的安培力方向?yàn)樗较蛴摇?/p>

故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

通電螺線管中的安培定則：右手握住通電螺線管，四指指向電流的方向，那么大拇指所指的那一端是通電螺線管的N極。

則根據(jù)右手螺旋定則可知，鐵環(huán)上方是N極，則鐵環(huán)內(nèi)的磁場(chǎng)方向由上向下，

再根據(jù)左手定則可判斷電流源受到的安培力的方向。

本題考查安培定則和左手定則。解題關(guān)鍵是能正確運(yùn)用安培定則與左手定則，題目較簡(jiǎn)單。

3.【答案】A

【解析】解：A.兩小球均做斜拋運(yùn)動(dòng)，加速度相同，故B相對(duì)A做勻速直線運(yùn)動(dòng)。故A正確；

B.根據(jù)g=ΔvΔt，B的速度變化率不變。故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)vy2=2gH，H相同，兩球拋出時(shí)初速度豎直分速度相同。又vy=gt，即兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間也相同，根據(jù)x=vxt，球A拋出時(shí)初速度的水平分速度較小。根據(jù)v=vx2+vy2，球B的初速度比球A的大。根據(jù)p=mv可知兩球質(zhì)量關(guān)系未知，無法判斷初動(dòng)量大小。

同理兩小球在運(yùn)動(dòng)過程中，豎直方向分速度始終相同，水平方向分速度A球小于B球，所以B速率始終比A大。故CD錯(cuò)誤。

故選：4.【答案】B

【解析】解：A.小球運(yùn)動(dòng)過程中受到彈簧彈力做功，則小球的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.下擺過程中小球的重力做正功，重力勢(shì)能減??；通過最低點(diǎn)后小球上升時(shí)重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增大，故B正確；

C.下擺過程中，彈簧的伸長(zhǎng)量逐漸增大，小球運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)在O點(diǎn)正下方左側(cè)，即張力最大位置在O點(diǎn)正下方左側(cè)，故C錯(cuò)誤；

D.當(dāng)小球到達(dá)O點(diǎn)的正下方時(shí)，小球的速度方向?yàn)樽笙路?，速度方向與重力方向不垂直，則重力的瞬時(shí)功率不為零，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球自身的機(jī)械能不守恒；不守恒重力一定的情況下，重力勢(shì)能與高度有關(guān)；彈力最大即形變量最大，由P=Fv5.【答案】A

【解析】解：A.用激光替代普通光源來做本實(shí)驗(yàn)，最主要是利用了激光相干性高的特點(diǎn)，故A正確；

B.激光相較普通光源相干性高，因此無需在光源與雙縫之間加一個(gè)單縫，故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=Ldλ可知光源和雙縫間距離不影響干涉條紋間距，因此僅下移擋板，干涉條紋間距不變，故C錯(cuò)誤；僅下移擋板，雙縫到光傳感器的距離減小，即公式中L減小，干涉條紋間距減小，故D錯(cuò)誤；

故選：A6.【答案】C

【解析】解：A、在A→B過程中，氣體體積變大，而氣體的質(zhì)量不變，則氣體的密度減小，故A錯(cuò)誤；

B、B→C是絕熱過程，體積變大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，內(nèi)能減小，則溫度降低，分子的速率分布曲線發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；

C、A→B和C→D為等溫過程，在B→C和D→A過程中，溫度的變化絕對(duì)值相等，內(nèi)能變化的絕對(duì)值相等，且兩個(gè)過程都是絕熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，兩過程中對(duì)外界做功的絕對(duì)值相等，故C正確；

D、在一次循環(huán)過程中，氣體內(nèi)能不變，由于p?V圖像與V軸所圍的面積表示氣體做功，結(jié)合圖像可知，在一次循環(huán)過程中，整個(gè)過程氣體對(duì)外做功(大小等于ABCD圖像包含的面積)，可知對(duì)外做功大于外界對(duì)氣體做功，即整個(gè)過程吸收的熱量大于放出的熱量，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

在A→7.【答案】A

【解析】解：AB.如圖所示

沿DE方向射到AB面上的光線剛好發(fā)生全反射，因?yàn)榕R界角滿足

sinC=1n

解得：C=30°

則∠ADF=30°，同理沿DG方向射到BC面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠CDH=30°，根據(jù)幾何關(guān)系可得

AE=CG=Rtan30°

從AB、BC面有光射出的區(qū)域總長(zhǎng)度為

L=AE+CG

解得：L=233R

故A正確；B8.【答案】D

【解析】解：A.將另一個(gè)帶點(diǎn)量為q的正點(diǎn)電荷Q1從無窮遠(yuǎn)處(電勢(shì)為0)移到O點(diǎn)，

此過程中電場(chǎng)力做的功為?W，則有：U∞O=0?φO=?W+q

可得：φO=Wq，故可知Q1移入之前，O點(diǎn)的電勢(shì)為：Wq，故A錯(cuò)誤；

B.電荷為正電荷，從O點(diǎn)到B點(diǎn)電勢(shì)降低，可知Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)的過程中，電勢(shì)能減小，則電場(chǎng)力做正功，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)功能關(guān)系：W=qU可知，若將帶電量為2q的負(fù)電荷Q2從無窮遠(yuǎn)處移到O點(diǎn)，則電場(chǎng)力做功為4W，故其在O點(diǎn)的電勢(shì)能為?4W；而若將帶電量為2q的負(fù)電荷Q2從無窮遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)，則電場(chǎng)力做功小于4W，則在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于?4W，故C錯(cuò)誤；

D.若設(shè)帶電量q的正電荷在距離a(正方形的邊長(zhǎng))處產(chǎn)生的電勢(shì)為+φ，則可知其在B處的+q在D點(diǎn)的電勢(shì)小于+φ，在C點(diǎn)的?2q在D點(diǎn)的電勢(shì)為?2φ，即可得Q2移到C點(diǎn)后，D點(diǎn)的電勢(shì)低于零，故D正確。

故選：9.【答案】C

【解析】解：A.甲波波長(zhǎng)5cm，乙波波長(zhǎng)6cm，波速相同，根據(jù)v=λν，則兩列波頻率不同，故不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣。故A錯(cuò)誤；

B.t=0時(shí)，甲波x=0處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)正向最大位移處，乙波x=0處質(zhì)點(diǎn)正向平衡位置處振動(dòng)，根據(jù)波的疊加原理，此質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)空間周期性，t=0時(shí)，甲波在x=?25cm處波形與x=0處的波形相同，乙波在x=?25cm處波形與x=?1cm處的波形相同，即兩列波在x=?25cm處均為峰值，根據(jù)波的疊加原理，所以x=?25cm處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移為4cm+10.【答案】D

【解析】解：A、設(shè)某一時(shí)刻t，根據(jù)牛頓第二定律有F?F安=ma

設(shè)該時(shí)刻電流大小為i，則F安=BiL

則有F?BiL=ma

在很短時(shí)間間隔內(nèi)ΔQ=iΔt

ΔQ=CΔU

ΔU=BLΔv

聯(lián)立解得i=BLCa

結(jié)合前式可得F?B2L2Ca=ma

可得a=Fm+B2L2C

v=at=Ftm+B11.【答案】r0k

r0dk?【解析】解：(1)開關(guān)要能夠控制電路的斷開合閉合，因此開關(guān)接線柱接錯(cuò)，應(yīng)該為

(2)設(shè)圓心角為θ時(shí)，電阻絲接入電路中的電阻為θr0，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：

E=U+Ir

可知E=I(RA+R0+θr0)+Ir

整理得1I=r0Eθ+RA+R0+rE

結(jié)合圖像的斜率和截距滿足r0E=k，RA+R0+rE=d

解得電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻為：

E=r12.【答案】解：(1)電子從陰極K表面逸出的最大初動(dòng)能為Ekm=eUc=e×8.6V=8.6eV

從n=2能級(jí)的氫原子躍遷到基態(tài)時(shí)發(fā)射出的光子能量為hν=E2?E1=?3.4eV?(?13.6)【解析】(1)根據(jù)能級(jí)差的計(jì)算公式，結(jié)合光電效應(yīng)方程列式得出陰極材料的逸出功；

(2)13.【答案】解：(1)探測(cè)衛(wèi)星隨空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，具有相同的周期T，根據(jù)合力提供向心力則有GMm(r?l)2?F=m4π2T2(r?l)

設(shè)空間站的質(zhì)量為m′，根據(jù)萬有引力提供向心力有GMm′r2=m′4π2T2【解析】(1)對(duì)探測(cè)衛(wèi)星，根據(jù)合力提供向心力