2021年河北省邯鄲市龍山中學(xué)高二物理月考試卷含解析

2021年河北省邯鄲市龍山中學(xué)高二物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（單選）如圖所示，給平行板電容器帶一定量的電荷后，將電容器的兩極板A、B分別跟靜電計(jì)的針和外殼相連．下列說法中正確的是（）A．將A極板向右移動(dòng)少許指，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將增大B．將B極板向上移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小C．將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小D．用手觸摸一下B極板，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小到零參考答案：考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析．專題：電容器專題．分析：解答本題關(guān)鍵應(yīng)根據(jù)：電容的決定式C=分析電容的變化，抓住電容器的電量不變，由電容的定義式C=分析電壓的變化，即可判斷靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角的變化．解答：解：A、將A極板向右移動(dòng)少許，電容器兩板間的距離減小，根據(jù)電容的決定式C=可知，電容C增大，而電容的電量Q不變，則電容的定義式C=可知，電容器板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小．故A錯(cuò)誤．B、將B極板向上移動(dòng)少許，兩板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式C=可知，電容C減小，而電容的電量Q不變，則電容的定義式C=可知，電容器板間電勢(shì)差U增大，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將增大．故B錯(cuò)誤．C、將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，根據(jù)電容的決定式C=可知，電容C增大，而電容的電量Q不變，則電容的定義式C=可知，電容器板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減?。蔆正確．D、用手觸摸一下B極板，電容器帶電量沒有改變，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將不變．故D錯(cuò)誤．故選：C點(diǎn)評(píng)：本題是電容器的動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵由電容的決定式C=和電容的定義式C=結(jié)合分析．2.下列說法正確的是（）A．速度大的物體，它的動(dòng)量一定也大B．動(dòng)量大的物體，它的速度一定也大C．只要物體的運(yùn)動(dòng)速度大小不變，則物體的動(dòng)量也保持不變D．物體的動(dòng)量變化越大則該物體的速度變化一定越大參考答案：D【考點(diǎn)】動(dòng)量定理．【分析】物體的質(zhì)量與速度的乘積是物體的動(dòng)量；根據(jù)動(dòng)量的定義分析答題．【解答】解：A、動(dòng)量P=mv，速度大的物體，它的動(dòng)量不一定大，故A錯(cuò)誤；B、物體的動(dòng)量P=mv，動(dòng)量大的物體，它的速度不一定大，故B錯(cuò)誤；C、動(dòng)量等于質(zhì)量與速度的乘積，物體運(yùn)動(dòng)的速度大小不變，物體的動(dòng)量大小保持不變，但速度方向可能改變，動(dòng)量方向可能改變，動(dòng)量大小不變而方向改變，動(dòng)量變了，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)，對(duì)同一物體△p∝△v，可知?jiǎng)恿孔兓酱髣t該物體的速度變化越大，故D正確；故選：D3.一個(gè)已充電的電容器，若使它的電量減少3×10-4C，則其電壓減少為原來的1/3，則(

)A．電容器原來的帶電量為9×10-4C

B．電容器原來的帶電量為4.5×10-4CC．電容器原來的電壓為1V

D．電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?/3參考答案：B4.（單選）關(guān)于核衰變和核反應(yīng)的類型，下列表述正確的是（

）A．是β衰變

B.是α衰變C.是輕核聚變

D.是重核裂變參考答案：C5.穿過一個(gè)單匝閉合線圈的磁通量始終為每秒均勻增加2Wb,則（

）

A.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒增加2V

B.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒減少2VC.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)始終為一個(gè)確定值，但由于線圈有電阻，電動(dòng)勢(shì)小于2VD.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)始終為2V參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.如圖所示是使用光電管的原理圖，當(dāng)用某種可見光照射到陰極K上時(shí)，電流表中有電流通過：（1）當(dāng)變阻器的滑動(dòng)端P向______滑動(dòng)時(shí)（填“左”或“右”），通過電流表的電流將會(huì)減小，當(dāng)電流表電流剛減小到零時(shí)，電壓表的讀數(shù)為U，則陰極K的逸出功為______________（已知電子電荷量為e，普朗克常量為h，可見光的頻率為）。（2）如果保持變阻器的滑動(dòng)端P的位置不變，也不改變?nèi)肷涔獾念l率，而增大入射光的強(qiáng)度，則光電子的最大初動(dòng)能將______（填“增大”、“減小”或“不變”），通過電流表的電流將會(huì)________（填“增大”、“減小”或“不變”）。（3）如果將電源的正負(fù)極對(duì)調(diào)，將變阻器的滑動(dòng)端P從A端逐漸向B端移動(dòng)的過程中，通過電流表的電流先______________后____________（填“增大”、“減小”或“不變”）(電源電壓足夠大）參考答案：

(1).右

(2).hv-eU

(3).不變

(4).增大

(5).增大

(6).保持不變（1）電流表中的電流減小，則兩極上的反向電壓增大，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)向右滑動(dòng)，因?yàn)榉聪螂妷簽閁時(shí)，電流表讀數(shù)為零，根據(jù)動(dòng)能定理得：光電子的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程可得，故（2）根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，可知如果不改變?nèi)肷涔獾念l率，而增加入射光的強(qiáng)度，但光電子的最大初動(dòng)能不變，由于光照強(qiáng)度越大，光子數(shù)目多，那么通過電流表的電量增大，則電流表示數(shù)將增大．（3）對(duì)調(diào)后反向電壓變?yōu)檎螂妷?，光電子受到的電?chǎng)力是動(dòng)力，滑動(dòng)變阻器從A到B過程中兩極間的電壓增大，使得更多的光電子到達(dá)另一極，即電流增大，因?yàn)楣怆娮訑?shù)目由限，所以當(dāng)所有光電子都到達(dá)另一極時(shí)，隨著電壓的增大，光電流不再增大，故先增大后保持不變7.如圖所示，MN和PQ中的一條線是玻璃和空氣的分界面，另一條線是分界面的法線；OA、OB、OC分別是光線在這個(gè)界面上的入射線、反射線和折射線中的某一條光線?？梢苑治龀鯻_______是界面；________是入射線，________是折射線；玻璃在界面的________側(cè)。參考答案：PQBOOC右8.如圖所示是三個(gè)成功的演示實(shí)驗(yàn)，回答下列問題．（1）在實(shí)驗(yàn)中，電流表指針偏轉(zhuǎn)的原因是

。

（2）電流表指針偏轉(zhuǎn)角跟感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小成

關(guān)系（3）第一個(gè)成功實(shí)驗(yàn)（圖a）中，將條形磁鐵從同一高度插入到線圈中同一位置，快速插入和慢速插入有什么量是相同的？

，什么量是不同的？

。（4）從三個(gè)成功的演示實(shí)驗(yàn)可歸納出的結(jié)論是：

。參考答案：磁通量發(fā)生變化，正比，磁通量的變化量，磁通量的變化率9.面積是0.5m2的閉合導(dǎo)線環(huán)處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.4T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)導(dǎo)線環(huán)面與磁場(chǎng)平行時(shí)，穿過環(huán)面的磁通量是0．參考答案：考點(diǎn)：磁通量．分析：在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)線圈與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過線圈的磁通量Φ=BS．當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，磁通量Φ=0．解答：解：當(dāng)環(huán)面與磁場(chǎng)平行時(shí)，沒有磁感線穿過環(huán)面，故穿過環(huán)面的磁通量為0．故答案為：0．點(diǎn)評(píng)：對(duì)于求兩種特殊情況下的磁通量可熟記，也可以根據(jù)磁通量一般公式Φ=BSsinα（α是磁場(chǎng)與線圈平面的夾角）分析理解．17．（3分）（2014秋?三水區(qū)校級(jí)期中）麥克斯韋建立了完整的電磁場(chǎng)理論，后來赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在．【答案】考點(diǎn)：物理學(xué)史．專題：常規(guī)題型．分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．解答：解：麥克斯韋建立了完整的電磁場(chǎng)理論，后來赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在．故答案為：麥克斯韋；赫茲點(diǎn)評(píng)：本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．10.在真空中有兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量均為2×10－8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為______

_N，在兩者連線的中點(diǎn)處，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為__________N/C。參考答案：11.如圖所示，水平放置的長(zhǎng)直導(dǎo)體框架寬L=0.5m，R=0.4歐姆，B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直框架平面，導(dǎo)體ab可無摩擦沿框架滑動(dòng)，當(dāng)Vab=8.0m/s向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中相當(dāng)于電源的部分是

；

相當(dāng)于電源的正極；回路中感應(yīng)電流為I=

A；導(dǎo)體ab受到的安培力大小為

N，方向?yàn)?/p>

。

參考答案：

ab

a

5

1.25

水平向左

12.質(zhì)量為m的物體，在合外力Ｆ的作用下獲得大小為a的加速度，現(xiàn)要使物體獲得大小為２a的加速度，若保持它的質(zhì)量不變，則應(yīng)使合外力變?yōu)?/p>

Ｆ，若保持合外力不變，則應(yīng)使它的質(zhì)量變?yōu)開____m．參考答案：2

0.5

13.（4分）轟炸機(jī)在距離地面490m的高空以20m/s的速度水平飛行投彈。為了使炸彈命中目標(biāo)，必須在與目標(biāo)水平距離為

m遠(yuǎn)處投彈，炸彈投出后經(jīng)

s能命中目標(biāo)。參考答案：200、10三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，小燈泡額定電壓2.5V,額定電流250mA。現(xiàn)有器材規(guī)格如下：直流電流表A1（量程0～300mA，內(nèi)阻約0.5Ω）直流電流表A2（量程0～500mA，內(nèi)阻約0.2Ω）直流電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約5kΩ）直流電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約10kΩ）直流電源E（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍0～15Ω，允許最大電流1.0A）電鍵1個(gè)，導(dǎo)線若干條。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表應(yīng)選擇______，電壓表應(yīng)選擇______。（填儀器字母代號(hào)）（2）在實(shí)物圖(甲)中完成其余連線使之成為完整的實(shí)驗(yàn)電路。（3）某同學(xué)在正確完成實(shí)驗(yàn)后得到如圖（乙）所示的伏安特性曲線，請(qǐng)你分析圖線寫出兩條規(guī)律：①

；②

。參考答案：（1）A1

，（1分）

V1

。（1分）（2）(6分)接錯(cuò)一處扣4分，接錯(cuò)兩處就不給分。（3）小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大；（1分）小燈泡的電阻隨電壓的增大而增大；（1分）小燈泡的電流與電壓的變化關(guān)系是非線性關(guān)系；小燈泡的電流隨電壓的增大而增大。15.如圖所示，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，使重物帶動(dòng)紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可以測(cè)定重力加速度。（1）所需器材有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（帶導(dǎo)線）、紙帶、復(fù)寫紙、帶鐵夾的鐵架臺(tái)和帶夾子的重物，此外還需

（填字母代號(hào)）

A.直流電源、天平及砝碼

B.交流電源、毫米刻度尺

C.交流電源、天平及砝碼

D.直流電源、毫米刻度尺（2）通過作圖象的方法可以剔除偶然誤差較大的數(shù)據(jù)，提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確程度。為使圖線的斜率等于重力加速度，除作v-t圖象外，還可作

圖象，其中橫軸表示的是

。參考答案：（1）

B

（填字母代號(hào)）（3分）（2）（3分），

重物下落的高度

（3分）。（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器用交流電源，同時(shí)利用刻度尺測(cè)量?jī)牲c(diǎn)之間的距離。（2）如果沒有摩擦等阻力，可以存在，所以，其中橫軸表示重物下落的高度，圖像的斜率表示重力加速度。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.某同學(xué)設(shè)計(jì)一個(gè)發(fā)電測(cè)速裝置，工作原理如圖所示，一個(gè)半徑為R＝0.1m的圓形金屬導(dǎo)軌固定在豎直平面上，一根長(zhǎng)為R的金屬棒OA，A端與導(dǎo)軌接觸良好，O端固定在圓心處的轉(zhuǎn)軸上．轉(zhuǎn)軸的左端有一個(gè)半徑為r＝R/3的圓盤，圓盤和金屬棒能隨轉(zhuǎn)軸一起轉(zhuǎn)動(dòng)．圓盤上繞有不可伸長(zhǎng)的細(xì)線，下端掛著一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5kg的鋁塊．在金屬導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T．a(chǎn)點(diǎn)與導(dǎo)軌相連，b點(diǎn)通過電刷與O端相連．測(cè)量a，b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U可算得鋁塊速度．鋁塊由靜止釋放，下落h＝0.3m時(shí)，測(cè)得U＝0.15V．(細(xì)線與圓盤間沒有滑動(dòng)，金屬棒，導(dǎo)軌，導(dǎo)線及電刷的電阻均不計(jì)，重力加速度g＝10m/s2)(1)測(cè)U時(shí)，與a點(diǎn)相接的是電壓表的“正極”還是“負(fù)極”？(2)求此時(shí)鋁塊的速度大??；(3)求此下落過程中鋁塊機(jī)械能的損失．參考答案：(1)正極(2)2m/s(3)0.5J試題分析：（1）根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向即可；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律列式表示出電壓表達(dá)式，求解出角速度；然后根據(jù)求解此時(shí)鋁塊的速度大??；（3）鋁塊機(jī)械能的損失等于重力勢(shì)能的減小量與動(dòng)能增加量的差值．（1）根據(jù)右手定則電動(dòng)勢(shì)方向從O到A，故a連接著電壓表的正極b點(diǎn)相接的是電壓表的負(fù)極．（2）由法拉第電磁感應(yīng)定律，得到：，其中：，故：，鋁塊的速度：，故：（3）此下落過程中鋁塊機(jī)械能的損失：【點(diǎn)睛】對(duì)電磁感應(yīng)電源的理解（1）電源的正負(fù)極可用右手定則或楞次定律判定，要特別注意在內(nèi)電路中電流由負(fù)極到正極。（2）電磁感應(yīng)電路中的電源與恒定電流的電路中的電源不同，前者是由于導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生的，公式為E=BLv，其大小可能變化，變化情況可根據(jù)其運(yùn)動(dòng)情況判斷；而后者的電源電動(dòng)勢(shì)在電路分析中認(rèn)為是不變的。（3）在電磁感應(yīng)電路中，相當(dāng)于電源的導(dǎo)體（或線圈）兩端的電壓與恒定電流的電路中電源兩端的電壓一樣，等于路端電壓，而不等于電動(dòng)勢(shì)。（除非切割磁感線的導(dǎo)體或線圈電阻為零）17.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝4.0×10-2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一根與磁場(chǎng)方向垂直、長(zhǎng)L=0.1m的通電直導(dǎo)線ab，通過直導(dǎo)線的電流強(qiáng)度I＝5A。求：（1）直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力的大??；（2）在圖中標(biāo)出安培力的方向。

參考答案：.解：

（1）F=BIL

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