2022屆河南省安陽三十高考考前模擬物理試題含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A,8兩小車在同一直線上運動，它們運動的位移s隨時間/變化的關系如圖所示，已知A車的s-f圖象為拋物線的

一部分，第7s末圖象處于最高點，8車的圖象為直線，則下列說法正確的是（）

A.A車的初速度為7m/s

B.A車的加速度大小為2m/s2

C.A車減速過程運動的位移大小為50m

D.10s末兩車相遇時，8車的速度較大

2,如圖，自動卸貨車靜止在水平地面上，質量為機的貨物放在車廂內擋板附近，車廂在液壓機的作用下，，角緩慢

增大，當，增大到一定角度時貨物開始加速下滑，貨物與車廂的動摩擦因數(shù)為〃，重力加速度為g.若貨物還未離開

車廂，下列說法正確的是

A.0增大過程中，貨物對車廂壓力大小不變

B.。增大過程中，貨物的摩擦力大小等于〃mgcos”

C.貨物加速下滑時，貨車受到地面向右的摩擦力

D.貨物加速下滑時，地面對貨車的支持力小于貨車和貨物重力之和

3、場是物理學中的重要概念。物體之間的萬有引力是通過引力場發(fā)生的，地球附近的引力場又叫重力場。若某點與地

心相距x,類比電場強度的定義，該點的重力場強度用E表示。已知質量均分布均勻的球殼對殼內任一物體的萬有引

力為零，地球半徑為R。則能正確反應E與x關系的圖像是（）

4、如圖所示，接在家庭電路上的理想降壓變壓器給小燈泡L供電，如果將原、副線圈減少相同匝數(shù)，其他條件不變,

A.小燈泡變亮

B.小燈泡變暗

C.原、副線圈兩端電壓的比值不變

D.通過原、副線圈電流的比值不變

5、如圖所示,傾角為30。的斜面固定在水平地面上斜面上放有一重為G的物塊，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)等于立,

3

水平輕彈簧一端頂住物塊，另一端頂住豎直墻面物塊剛好沿斜面向上滑動，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，彈簧的彈

6、如圖所示，兩個可視為質點的小球A、B通過固定在。點的光滑滑輪用輕繩相連，小球A置于光滑半圓柱上，小

球B用水平輕繩拉著，水平輕繩另一端系于豎直板上，兩球均處于靜止狀態(tài)。已知。點在半圓柱橫截面圓心。|的正

上方，0A與豎直方向成30。角、其長度與半圓柱橫截面的半徑相等，?！ㄅc豎直方向成60。角，則（）

A.輕繩對球A的拉力與球A所受彈力的合力大小相等

B.輕繩對球A的拉力與半網(wǎng)柱對球A的彈力大小不相等

C.輕繩A03對球A的拉力與對球B的拉力大小之比為挺：73

D.球A與球B的質量之比為26：1

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、一個電子在電場力作用下做直線運動（不計重力）。從0時刻起運動依次經(jīng)歷小、2%、3小時刻。其運動的圖

象如圖所示。對此下列判斷正確的是（）

A.0時刻與2。時刻電子在同一位置

B.0時刻、小時刻、3%時刻電子所在位置的電勢分別為死、兇、小，其大小比較有外>%>@

C.0時刻、小時刻、3。時刻電子所在位置的場強大小分別為4、4、E,,其大小比較有E3<E°<耳

D.電子從。時刻運動至％時刻，連續(xù)運動至3fo時刻，電場力先做正功后做負功

8、如圖所示為平行于x軸的靜電場電勢9隨x變化的圖象。電子只受電場力，自-入位置靜止釋放，到達。點時的動

能為耳，已知電子電量為e,質量為,〃，2X,=X2,則下列分析正確的是（）

A.電子在工=%處速度為B.電子在％"處加速度為溢

12m1

C.電子將沿X軸做往復運動，周期T=8X|J——D.電子在X=X1處動能與電勢能之和為士耳

e（

\Pm2

9,如圖（a）,靜止在水平地面上的物體，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時間t的變化關系如圖（b）所示.設物塊與

地面間的最大靜摩擦力Ffm的大小與滑動摩擦力大小相等，則h?t3時間內（）

⑹

A.t2時刻物體的加速度最大

B.t2時刻摩擦力的功率最大

C.t3時刻物體的動能最大

D.t3時刻物體開始反向運動

10、真空中質量為，"的帶正電小球由A點無初速自由下落f秒，在?秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再

經(jīng)過r秒小球又回到A點。小球電荷量不變且小球從未落地，重力加速度為g。則

A.整個過程中小球電勢能變化了2mg2t2

B.整個過程中小球速度增量的大小為2gf

C.從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能變化了mg*

D.從A點到最低點小球重力勢能變化了gmg2產

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了探究質量一定時加速度與力的關系，一同學設計了如圖所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的

質量，機為砂和砂桶的質量。（滑輪質量不計）

彳彈簧測力計

______打點計時器

2a十M寸"-

m力

⑴實驗時，一定要進行的操作是。

A.用天平測出砂和砂桶的質量

B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)

D.改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶

E.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量，〃遠小于小車的質量M

（2）該同學在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為

50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字）。

單位：cm

,1.4,1.9?2.3,2.8,3.3以3.8

rrTTTT1

0123456

⑶以彈簧測力計的示數(shù)尸為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的a-尸圖象是一條直線，圖線與橫坐標的夾角為仇求得

圖線的斜率為A,則小車的質量為.

12

A.2tan6>B.-----C.kD.—

tan。k

12.（12分）某同學用打點計時器測量做勻速直線運動的物體的加速度，電源頻率戶50Hz,在紙帶上打出的點中，選

出零點，每隔4個點取1個技術點，因保存不當，紙帶被污染，如圖1所示，A、B、C、。是本次排練的4個計數(shù)點,

僅能讀出其中3個計數(shù)點到零點的距離：SA=16.6mm、Su=126.5mm>SD=624.5mm。

_.BJD_______

礙逆強前漏輔芯編?,涯，：洪［運1之.士即驪3若無法再做實驗，可由以上

一一圖［

信息推知:

（1）相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為S；

（2）打C點時物體的速度大小為m/s（取2位有效數(shù)字）

（3）物體的加速度大小為（用SA、SB、SD和/表示）

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）一列簡諧橫波沿》軸傳播,U0時的圖像如圖所示，此時刻后介質中尸質點回到平衡位置的最短時間為0.2s,

。質點回到平衡位置的最短時間為Is,已知U0時，P、。兩質點相對平衡位置的位移相同，貝！I：

⑴波的傳播周期為多少秒?

(2)傳播速度是多大？

(3)U0.8s時刻算起到質點。第二次回到平衡位置波傳播的距離?

14.(16分)如圖所示，光滑的斜面傾角，=30°，斜面底端有一擋板P,斜面固定不動。長為2/質量為M的兩端開口

的圓筒置于斜面上，下端在3點處，PB=2l,圓筒的中點處有一質量為，"的活塞，活塞與圓筒壁緊密接觸，

它們之間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等其值為/=詈，其中g為重力加速度的大小。每當圓筒中的活塞運動到

斜面上A、5區(qū)間時總受到一個沿斜面向上、大小為尸=醒的恒力作用，AB=K現(xiàn)由靜止開始從8點處釋放圓筒。

(1)求活塞進入A、B區(qū)間前后的加速度大??；

⑵求圓筒第一次與擋板P碰撞前的速度大小和經(jīng)歷的時間；

⑶若圓筒第一次與擋板P碰撞后以原速度大小彈回，活塞離開圓筒后粘在擋板上。那么從圓筒第一次與擋板碰撞到圓

筒沿斜面上升到最高點所經(jīng)歷的時間為多少？

15.(12分)一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，底面AO8鍍銀，。表示平圓截面的圓心，一束光線在橫截面內從

加點入射，經(jīng)過面反射后從N點射出。已知光線在加點的入射角為37°,ZMOA=60°,ZNOB=30°,求:

①光線在加點的折射角;

②透明物體的折射率。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

AB.A車做勻變速直線運動，設A車的初速度為％,加速度大小為。，由圖可知f=7s時，速度為零，由運動學公式

可得：

V7=V()-76Z=0

根據(jù)圖象和運動學公式可知t=10s時的位移為：

xl0=40m-0=40m

12

at

Xi。=vor~~~=10%-50。

聯(lián)立解得a=2m/s2,%=14m/s,故選項B正確，A錯誤；

C.A車減速過程運動的位移大小為％7=用3/=三巴x7m=49m,故選項C錯誤；

D.位移時間圖象的斜率等于速度，10s末兩車相遇時B車的速度大小為：

Ar..

vR=■=4m/s

A車的速度為：

vA=v0-at--6m/s

兩車的速度大小相等，故選項D錯誤。

故選B。

2、D

【解析】

本題考查牛頓定律在斜面上的應用。

【詳解】

A.對貨物受力分析可知，貨物受到的支持力

FN=wngcos0

當角度變化時，支持力也變化，故A錯誤；

B.對貨物受力分析可知，貨物受到的摩擦力

f=mgsin0

故B錯誤；

C.當貨物加速下滑時，對貨物進行受力分析，受到重力、支持力，滑動摩擦力，因為加速度沿斜面向下，所以支持力

和滑動摩擦力的合力的方向偏向左上方，根據(jù)牛頓第三定律可知，物體對車廂的壓力和摩擦力的合力方向偏向右下方,

對車廂進行受力分析可知，地面對汽車有向左的摩擦力，故c錯誤；

D.當貨物相對車廂加速下滑時，物體對車廂的壓力和摩擦力的合力小于貨物的重力，所以汽車對地面的壓力小于貨物

和汽車的總重力，故D正確。

故選D。

3、C

【解析】

電場中F=Eq,類比電場強度定義，當x>K時

F方GM

E91=-_-=g=~

X'x~

即在球外E可與*2成反比；當XVR時，由于質量均分布均勻的球殼對殼內任一物體的萬有引力為零，距地心r處的引

力場強是有半徑為x的“地球”產生的。設半徑為x的“地球”質量為Mx,則

則

GMrGM

故C正確。

故選c。

4、B

【解析】

因變壓器為降壓變壓器，原線圈匝數(shù)大于副線圈匝數(shù)；而當同時減小相同匝數(shù)時，匝數(shù)之比一定變大；再根據(jù)變壓器

原理進行分析即可.

【詳解】

Un,YLn一〃("一巧)八

由變壓器相關知識得：7TL}=」，原、副線圈減去相同的匝數(shù)"后：—-4=—P—^<0,則說明變壓器原、

〃2n2n2n2[n2—n)

副線圈的匝數(shù)比變大，則可得出C、D錯誤.由于原線圈電壓恒定不變，則副線圈電壓減小，小燈泡實際功率減小，

小燈泡變暗，A錯誤，B正確.

【點睛】

本題考查理想變壓器的基本原理，要注意明確電壓之比等于匝數(shù)之比；而電流之比等于匝數(shù)的反比；同時還要注意數(shù)

學知識的正確應用.

5、D

【解析】

對物體受力分析，物體受向下的摩擦力，根據(jù)正交分解法建立平衡方程即可求解F.

【詳解】

根據(jù)物體的受力情況可知：Fcos300=mgsin30°+MFsin30°+mgcos300),解得F=^G,故選D.

6、D

【解析】

設輕繩中拉力為7,球A受力如圖

A.所受彈力為繩對A的拉力和半圓對球A的彈力的合力，與重力等大反向，大于7,故A錯誤;

B.受力分析可得

7sin30°=Nsin30°

7cos30°+Ncos30°=m^g

解得

T=N=-mAg

故B錯誤；

C.細線對A的拉力與對球B的拉力都等于T,故C錯誤;

D.對球B

7cos60°=mBg

T=2mag

解得

mA_2+

a1

故D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

A.電子只受電場力作用沿直線運動，該直線為一條電場線。結合其V-f圖象知其運動情景如圖所示。則0時刻與2fo

時刻電子在同一位置。所以A正確；

紋

_y%

3%2t0*qE

F

B.電子受電場力向左，則場強方向向右，沿電場線方向電勢逐漸降低，則有

<P\<（P0<

所以B錯誤；

C.u-f圖象的斜率為加速度。由圖象知Of2過程加速度增大，％f3ro過程加速度減小。又有

qE=ma

則有

E?<E（）<E[

所以C正確；

D.由圖象知0-。過程速度減小，3fo過程速度增大，則其動能先減小、后增大。由動能定理知電場力先做負

功，后做正功。所以D錯誤。

故選AC。

8、BC

【解析】

A.靜電場平行于X軸，則0—X圖線的斜率表示場強，所以-》2到0間的電場為勻強電場，0到々間電場也為勻強

電場，設電子在x=x處速度為力根據(jù)動能定理

0“、e=Ek

1112

3%?=5線r=-mv

所以

故A錯誤；

B.電子只受電場力，根據(jù)牛頓第二定律

a=Ee=een,=e(p、、、

mmx22mxt

故B正確；

C.電子將沿X軸做往復運動，設從-》2到0電子的運動時間為，1，根據(jù)運動學公式

所以

往復運動的周期

T。12m

T=4t,=8x,——

e(

\Pm

故C正確；

D.點子只受電場力，所以動能和電勢能之和不變，初始時動能為零，電勢能也為零，所以任意位置動能和電勢能之和

為0,故D錯誤。

故選：BC.

9、AC

【解析】

當拉力小于最大靜摩擦力時，物體靜止不動，靜摩擦力與拉力二力平衡，當拉力大于最大靜摩擦力時，物體開始加速,

當拉力重新小于最大靜摩擦力時，物體由于慣性繼續(xù)減速運動.

【詳解】

A、在0-h時間內水平拉力小于最大靜摩擦力，t2時刻物體受到的拉力最大；故物體的加速度最大，故A正確；

BCD、物體運動后摩擦力大小不變，當速度最大時摩擦力的功率最大；而在h到t3時刻，合力向前，物體一直加速前

進，t3時刻后合力反向，要做減速運動，所以t3時刻A的速度最大，動能最大.摩擦力的功率最大；故BD錯誤，C

正確

故選AC

【點睛】

根據(jù)受力情況分析物體運動情況，h時刻前，合力為零，物體靜止不動，h到t3時刻，合力向前，物體加速前進，t3

之后合力向后，物體減速運動.

10、AB

【解析】

小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反。設電場強度大小為E,加電場后小

球的加速度大小為?取豎直向下方向為正方向，則由gg『=_(近一ga/2),又尸gj,解得a=3g,則小球回到A點

f

時的速度為v=v-at=-2gtt整個過程中小球速度增量的大小為Av=v'=-2gt,速度增量的大小為2gf。由牛頓第二定律得

222

a^qE-mg,聯(lián)立解得，qE=4mg,qE-gt=lmgt,故A正確；從加電場開始到小球運動到最低點時

m2

小球動能減少了西,故C錯誤。設從A點到最低點的高度為h,根據(jù)動能定理得

I29

mgh-qEe/)=O解得,h=-gt2,從A點到最低點小球重力勢能減少了△￡P=mg/z=不咫2汽D錯誤。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11,BCD1.3D

【解析】

(DIUAE.本題拉力可以由彈簧測力計測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使小桶(包括砂)的質

量遠小于車的總質量，AE錯誤；

B.該題是彈簧測力計測出拉力，從而表示小車受到的合外力，將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，B正確；

C.打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和質量的關系，要記錄

彈簧測力計的示數(shù)，C正確；

D.改變砂和砂桶質量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨尸變化關系，D正確；

故選：BCD.

(2)[2]相鄰計數(shù)點間的時間間隔為

7=3x0.02=0.06s,

連續(xù)相等時間內的位移之差:

Ax=0.5cm，

根據(jù)以二42得：

△X0.5x10-2

m/s2=1.3m/s2；

0.062

(3)[3]對a-尸圖來說，圖象的斜率表示小車質量的倒數(shù)，此題，彈簧測力計的示數(shù):

2F=Ma,

即

a-尸圖線的斜率為左，則

一

M

故小車質量為：

M=~,

k

故D正確。

故選D。

（又-3品+25八）

12、0.12.5

75T2

【解析】

考查實驗“用打點計時器測量做勻速直線運動的物體的加速度”。

【詳解】

(1)[1].電源的頻率為50Hz,知每隔0.02s打一個點，每隔4個點取1個計數(shù)點，可知相鄰兩計數(shù)點，每隔4個點

取1個計數(shù)點，可知相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為0.1s；

(2)[2].C點的瞬時速度等于80段的平均速度，則

%=^Bp.=2,5m/s；

c2T

(3)[3].勻加速運動的位移特征是相鄰的相等時間間隔內的位移以均勻增大，有:

BC=AB+aT2

CD=BC+aT2=AB+2aT2

BD=2AB+3aT2

/SD-SB)-2(SB-SA)_(SD-3SB+2SA)

“3T2-75T2

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)T=2.4s(2)v=5m/s(3)x=11.0m

【解析】

(1)由題意簡諧橫波沿X軸正向傳播，分析得知，此時尸點向下運動，。點向上，

它們周期相同，則7=2X(0.2S+1S)=2.4S

之12

(2)根據(jù)圖象可知，2=12m,則波速v=—=—m/s=5m/s