2021-2022學(xué)年湖南省懷化市高三（上）第一次診斷物理試卷（附詳解）

2021-2022學(xué)年湖南省懷化市高三（上）第一次診斷物理

試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

1.2021年8月1日。在東京奧運(yùn)會男子100米半決賽中，蘇炳添跑出9秒83的成績。成

功闖入決賽并創(chuàng)造了亞洲紀(jì)錄。成為我國首位闖入奧運(yùn)會男子百米決賽的運(yùn)動員。

下列說法正確的是（）

A.百米賽跑過程中蘇炳添的位移就是路程

B.9秒83表示蘇炳添沖到終點(diǎn)時的時刻

C.蘇炳添百米賽跑的平均速度大于36km/h

D.蘇炳添百米全程瞬時速度始終大于其他運(yùn)動員

2.已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為仇以一定的速度勻速運(yùn)動。某時刻在傳

送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖a所示），以此時為《=。時刻記錄

了小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動的速度隨時間的變化關(guān)系，如圖b所示（圖中取沿斜面

向上的運(yùn)動方向為正方向，其中兩坐標(biāo)大小巧＞以。已知傳送帶的速度保持不變，

gmom/s2,則下列判斷正確的是（）

A.0?L內(nèi)，傳送帶對物塊做正功

B.物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為“，”tan。

C.0~t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功為：⑺諺-mvf）

D.系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大

3.如圖所示，光滑直角三角形支架4BC豎直固定在水平地面上，B、C兩點(diǎn)均在地面

上，AB與BC間的夾角為8,分別套在AB、AC上的小球a和b用輕繩連接，系統(tǒng)處于

靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與間的夾角為a.a、b的質(zhì)量之比為（）

A

4.口罩中使用的熔噴布經(jīng)駐極處理后，對空氣的過濾增加靜電吸附功能。駐極處理裝

置如圖所示，針狀電極與平板電極分別接高壓直流電源正負(fù)極，針尖附近的空氣被

電離后，帶電粒子在電場力作用下運(yùn)動，熔噴布捕獲帶電粒子帶上靜電，平板電極

表面為等勢面，熔噴布帶電后對電場的影響可忽略不計，下列說法正確的是（）

接電源正極

J-----針狀電極

I

I

/熔噴布

jX

接電源負(fù)極

、平板電極

A.針狀電極上，針尖附近的電場較弱

B.熔噴布上表面因捕獲帶電粒子將帶負(fù)電

C.沿圖中虛線向熔噴布運(yùn)動的帶電粒子，其加速度逐漸減小

D.兩電極相距越遠(yuǎn)，熔噴布捕獲的帶電粒子速度越大

5.在我國南海上有一浮桶式燈塔，其結(jié)構(gòu)如甲圖所示。浮桶下部由內(nèi)、外兩密封圓筒

構(gòu)成（圖乙中陰影部分），其內(nèi)部為產(chǎn)生磁場的磁體，磁體通過支柱固定在暗礁上，

浮桶內(nèi)置圓形線圈能夠隨波浪相對磁體沿豎直方向上下運(yùn)動，線圈與塔燈相連。下

列說法錯誤的是（）

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A.當(dāng)海面無波浪時，該燈塔無法發(fā)光

B.該裝置的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象

C.當(dāng)線圈上下運(yùn)動時，回路中無感應(yīng)電流

D.圓形線圈上各位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等

6.如圖所示，傾角為。的斜面足夠長，小球以大小相等的初

A.小球豎直向下拋，所用時間最短’

B.小球垂直斜面向下拋出用時最短

C.小球水平向左拋出用時最長

D.小球豎直向上拋出用時最長

二、多選題（本大題共4小題，共20.0分）

7.一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三""e

6a

點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢分別為15V、29V、471/,°'一

下列說法正確的是（）9.；

A.坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢為-3V-o246^cm

B.電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的高14eU

C.電子從b點(diǎn)運(yùn)動至心點(diǎn)，克服電場力做功為18eV

D.電場強(qiáng)度的大小為5v'/an,方向沿Oc連線，由c指向。

8.一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把質(zhì)量為巾1的物體1輕放在彈簧上端，物體1由

靜止向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，其機(jī)械能與彈簧壓縮量x間的關(guān)系如圖線1所示;

把質(zhì)量為爪2的物體2輕放在彈簧上端，物體2由靜止向下運(yùn)動，物體向下運(yùn)動到最

低點(diǎn)的過程中其機(jī)械能與彈簧壓縮量工間的關(guān)系如圖線2所示（彈簧始終處于彈性限

度范圍內(nèi)）。以桌面為零勢能面，已知彈簧的彈性勢能與形變量之間的關(guān)系滿足Ep=

海2,則（）

A.兩物體的質(zhì)量之比mi：m2=3：1

：

B.圖中Xi：%2=13

C.mi與m2的最小機(jī)械能之比為1：3

D.與m2的最大動能之比為1：9

9.2021年6月，神舟十二號載人飛船順利升空，并與軌道高度為400km的“天和”核

心艙在圖1中M點(diǎn)成功對接，對接時，神舟十二號已關(guān)閉動力。軌道I是神舟十二

號軌道示意圖，口是“天和”核心艙運(yùn)動的軌道示意圖，圖2為兩航天員出艙情景

圖。已知地球半徑為6400/cin,地球表面重力加速度g取10m/s2,（^）2=0.89?則

下列說法中正確的是（）

圖I圖2

A.質(zhì)量為50kg的航天員在核心艙內(nèi)對核心艙的壓力為445N

B.神舟十二號載人飛船在M點(diǎn)的加速度與“天和”核心艙的加速度相等

C.神舟十二號載人飛船在N點(diǎn)發(fā)射速度大于7.9km/s

D.圖2中兩個航天員處于完全失重狀態(tài)，所以二者間的萬有引力為0

10.如圖所示，電路中有阻值均為R的五個完全相同的純電阻元件，a、b兩端接交流電

源，所有電表均為理想電表，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為七、n2?開關(guān)S閉

合前、后，電壓表匕的示數(shù)分別為a、U/,電壓表％的示數(shù)分別為g、外‘。已知

%=〃2,開關(guān)S閉合前、后，電壓表%的示數(shù)%始終不變，下列說法正確的是（）

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A.=3n

2B.C.U<=*UoD.U2'=

三、實驗題(本大題共2小題，共15.0分)

11.用如圖(a)所示的實驗裝置測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?。質(zhì)量為巾2的重錘從高處由

靜止開始下落，質(zhì)量為mi的重錘上拖著紙帶利用電磁打點(diǎn)計時器打出一系列的點(diǎn),

對紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行分析，即可測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭值。如圖(b)給出的是實驗

中獲取的一條紙帶中的某一段，相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，電源的頻率為

50Hz,相鄰計數(shù)點(diǎn)間的距離如圖(b)所示。已知恤=80g、=120g,要求所有

計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。則：

(1)在紙帶上打下計數(shù)點(diǎn)5時的速度%=m/s；

(2)用逐差法求出重錘的加速度大小a=m/s2,而得出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却?/p>

小為g=m/s2o

12.某實驗小組為了測量一個量程為3V的電壓表的內(nèi)電阻R-,設(shè)計了以下實驗方案，

甲圖為實驗電路圖，圖中電壓表為待測電壓表，R為電阻箱。

(1)小明實驗步驟如下：先將電阻箱電阻調(diào)至0,閉合開關(guān)S,電壓表讀數(shù)如圖乙所

示，讀出此時電壓%=V；然后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值至適當(dāng)值，讀出電阻箱

阻值R和此時電壓表的電壓小，忽略電源內(nèi)阻，則電壓表電阻的測量結(jié)果即=

(用符號U1、4和R表示)；如果考慮電源內(nèi)阻，則測量結(jié)果即與真實值比

較(選填“偏大”或“偏小”)。

(2)小李實驗步驟如下：閉合開關(guān)S,多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出電阻箱阻值R及對應(yīng)電

壓表的電壓U,作出圖象如圖丙所示，不考慮電源內(nèi)阻，從圖象可知電壓表內(nèi)

阻的測量值為n；如果已知電源內(nèi)電阻為r(0,則電壓表內(nèi)阻的真實值為

______必

四、計算題(本大題共3小題，共41.0分)

13.如圖所示，一足夠長的固定斜面與水平方向的夾角為

e=37°,物體B與斜面間的動摩擦因數(shù)為〃=0.5。將

物體4以初速度火從斜面頂端水平拋出的同時，物體

B在斜面上距頂端L=16.5m處由靜止釋放，經(jīng)歷時間

t,物體4第一次落到斜面上時，恰與物體B相碰，已知s譏37。=0.6,cos370=0.8,

g=10m/s2,不計空氣阻力，兩物體都可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

(1)物體B沿斜面下滑的加速度a：

(2)%和t的大小。

14.CT掃描是計算方IX射線斷層掃描技術(shù)的簡稱，CT掃描機(jī)可用于對多種病情的探測。

圖(a)是某利CT機(jī)主要部分的剖面圖，其中X射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。

圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場，加速電壓恒定；高度足夠高、寬度為d的

虛線框內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場。電子束從靜止開始在M、N之間加速后以速

度u水平射出并進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場，速度方向改變60。角后打到靶環(huán)上的P點(diǎn)產(chǎn)生X射線,

探測器能夠探測到豎直向上射出的X射線?靶環(huán)形狀是以P點(diǎn)為圓心的圓面，P點(diǎn)距

偏轉(zhuǎn)磁場中心的水平距離為I。已知電子質(zhì)量為電量為e,電子重力不計、始終

在真空中運(yùn)動。

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圖(a)圖⑹

(1)求偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向;

(2)若撤去磁場，在虛線框中加一沿豎直方向的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場，也可使電子偏轉(zhuǎn)60。

角后打在靶環(huán)上產(chǎn)生X射線。

①求偏轉(zhuǎn)電場對電子的沖量大?。?/p>

②求靶環(huán)的最小半徑；

③若②問中求得靶環(huán)的最小半徑為R，且電子以初速度處進(jìn)入M、N之間開始加速

時，電子仍能打到靶環(huán)上，求多的最大值。

15.如圖，一質(zhì)量a?=0.25kg的平頂小車，車頂右端放一質(zhì)量=0.30kg的小物體，

小物體可視為質(zhì)點(diǎn)，與車頂之間的動摩擦因數(shù)〃=04,小車靜止在光滑的水平軌

道上。現(xiàn)有一質(zhì)量恤=0.05kg的子彈以水平速度%=24m/s射中小車左端，并留

在車中。子彈與車相互作用時間很短。若使小物體不從車頂上滑落，g取10m/s2。

求：

(1)子彈射中小車過程中損失的機(jī)械能4E為多少？

(2)最后物體與車的共同速度為多少？

(3)小木塊在小車上滑行的時間。

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、100m跑道是直線跑道，此時的100m既是路程也是位移大小，位移是

矢量，路程是標(biāo)量，不能說位移就是路程，故A錯誤；

B、9秒83是時間間隔，并非時刻，故B錯誤；

C、蘇炳添百米賽跑的平均速度大小5=攔m/s=10.2m/s=366km"，故C正確；

9.83

。、物體經(jīng)過某一位置的速度是瞬時速度，蘇炳添百米全程瞬時速度不一定大于其他運(yùn)

動員，故力錯誤；

故選：C。

明確位移和路程的定義，知道位移是矢量而路程是標(biāo)量；時間是時間軸上的一段，與位

移相對應(yīng)；而時刻是坐標(biāo)軸上的一個點(diǎn)，與位置相對應(yīng)；物體經(jīng)過某一位置的速度是瞬

時速度.物體在某一過程上的速度是指平均速度；平均速度等于位移與時間的比值。

本題考查位移和路程、平均速度、時間和時刻等內(nèi)容，要注意明確平均速度和瞬時速度

的區(qū)別，瞬時速度可以精確描述物體的運(yùn)動狀態(tài)，而平均速度只能粗略地描述物體的運(yùn)

動。

2.【答案】D

【解析】解：4、由圖知，物塊先向下運(yùn)動后向上運(yùn)動，則知傳送帶的運(yùn)動方向應(yīng)向上，

。?ti內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶做負(fù)功，故A錯

誤；

B、在匕?12內(nèi)，物塊向上運(yùn)動，則有卬ngcos。>mgsinO,得“>tan。，故8錯誤；

C、0?弓內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力

對物塊做正功，設(shè)為心，根據(jù)動能定理得：據(jù)動能定理得：W+WG=^mvl

則傳送帶對物塊做功W*,故C錯誤；

。、根據(jù)功能關(guān)系，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于物塊重力勢能的減小量和動能的減小量之和，

有t圖像可知，在0?t2時間內(nèi)，物體的重力勢能減小量為正；t=12時刻之后，物體

隨傳送帶一起運(yùn)動，系統(tǒng)不再產(chǎn)生熱量，物塊的動能也不再發(fā)生變化，所以系統(tǒng)產(chǎn)生的

熱量一定比物塊動能的減小量大，故D正確；

故選：D。

由圖看出，物塊先向下運(yùn)動后向上運(yùn)動，則知傳送帶的運(yùn)動方向應(yīng)向上。0?方內(nèi)，物

塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，可知物塊對傳送帶做功情況。由于物塊能向上

運(yùn)動，則有pngcosO>mgs譏0,根據(jù)動能定理研究0?內(nèi)，傳送帶對物塊做功，根據(jù)

功能關(guān)系結(jié)合物塊的運(yùn)動情況分析產(chǎn)生的熱量與動能的減小量的大小關(guān)系。

本題由速度圖象要能分析物塊的運(yùn)動情況，再判斷其受力情況，得到動摩擦因數(shù)的范圍，

根據(jù)動能定理求解功是常用的方法。

3.【答案】A

【解析】解：分別以a和b為研究對象，進(jìn)行受力分析，受到重力、支持力和繩子拉力,

將重力和支持力進(jìn)行合成，如圖所示;

根據(jù)幾何關(guān)系得到圖中各個角度，利用正弦定理可得:

詠=三，解得加a=雪7

smasm0sin。

而赤石一而赤p解得：mb=^T

所以有：詈=鬻，故4正確、8co錯誤。

iiif)ian(7

故選：Ao

分別以a和b為研究對象，進(jìn)行受力分析，受到重力、支持力和繩子拉力，將重力和支持

力進(jìn)行合成，利用正弦定理列方程求解。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)

行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后

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在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

4.【答案】C

【解析】解：4、針狀電極上，針尖附近的電場線較密，電場較強(qiáng)，故A錯誤；

8、針狀電極帶正電，平板電極帶負(fù)電，它們之間的電場大致向下，空氣被電離后的正

電荷在電場力作用下向下運(yùn)動，則熔噴布上表面因捕獲帶電粒子將帶正電，故B錯誤;

C、沿圖中虛線向熔噴布運(yùn)動的帶電粒子，所受的電場力逐漸減小，則其加速度逐漸減

小，故C正確；

以設(shè)兩電極間電壓為U,熔噴布捕獲的帶電粒子速度為。，根據(jù)動能定理得qU=\mv2,

得v=陛,與兩電極間的距離無關(guān)，所以熔噴布捕獲的帶電粒子速度一定,故D錯誤。

Ym

故選：C。

根據(jù)電場線的分布情況分析電場的強(qiáng)弱；根據(jù)熔噴布上表面的帶電情況分析所捕獲的帶

電粒子的電性；根據(jù)電場力的變化分析加速度的變化；根據(jù)動能定理分析熔噴布捕獲的

帶電粒子速度情況。

解決本題時，要了解電場的分布情況，運(yùn)用力學(xué)的基本規(guī)律，如牛頓第二定律、動能定

理進(jìn)行分析。

5.【答案】C

【解析】解：4、當(dāng)海面無波浪時，線圈沒有相對磁體上下運(yùn)動，則線圈沒有切割磁感

線，所以該燈塔無法發(fā)光，故A正確；

8、該裝置的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故8正確；

C、當(dāng)線圈上下運(yùn)動時，線圈切割磁感線，所以回路中有感應(yīng)電流，故C錯誤；

。、根據(jù)對稱性可知，圓形線圈上各位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，故。正確；

本題選錯誤的

故選：Co

根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件進(jìn)行判斷即可；結(jié)合磁場分布的特點(diǎn)判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度。

本題要注意解題關(guān)鍵在于明確磁場的分布特點(diǎn)。

6.【答案】B

故選：B。

假想拋出點(diǎn)也拋出后自由下落，以其為參考系，分析各個小球相對于拋出點(diǎn)的距離，確

定某一時刻小球的位置，畫出圖線進(jìn)行分析即可。

本題主要是考查拋體運(yùn)動，解答本題的關(guān)鍵是巧選參考系，分析各個小球的位置關(guān)系,

畫圖進(jìn)行分析即可。

7.【答案】ABD

【解析】解：力、在勻強(qiáng)電場中％-0a=-解得：3O=-3V,故4正確

3、根據(jù)負(fù)電荷在電勢越低的點(diǎn)，其電勢能越大，可知電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的高，

且Epa-Epb--e(0a-Wb)=14W,故B正確

C、電子從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)，電場力做功為W=—eUbc——e((Pb—%)=~ex(29—

47"=18eV,所以電子從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)，電場力做功18W,故C錯誤

D、沿%方向的場強(qiáng)大小為E*=三二|/7(771=4l//cm

沿y方向的場強(qiáng)大小為Ey=V/cm=3V/cm

合場強(qiáng)為E=相不砥=<42+32V/cm=5V7cm,

合場強(qiáng)與%方向的夾角。滿足tan。=T=l

Ex4

根據(jù)沿電場線電勢逐漸降低，根據(jù)幾何關(guān)系可知方向沿0c連線，由c指向0,故。正確。

故選：ABD.

根據(jù)勻強(qiáng)電場電勢差的規(guī)律解得坐標(biāo)原點(diǎn)的電勢;根據(jù)Epa-Epb=-e((pa-%)解得電

子在ab間電勢能再計算；根據(jù)電場力做功公式W=-e%c解得；分別解得沿x軸和y軸

的分場強(qiáng)，再根據(jù)矢量的合成解得合場強(qiáng)。

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本題考查電勢差與勻強(qiáng)電場的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握電場力做功的計算公式，同時注意場

強(qiáng)是矢量。

8.【答案】BD

【解析】解：4、設(shè)彈簧原長為八以桌面為零勢能面，當(dāng)x=0時，其機(jī)械能為mg/,

從圖中可以看出X=0時,與爪2的機(jī)械能之比為1：3,則兩物體的質(zhì)量之比加1：瓶2=1：

3,故A錯誤；

B、當(dāng)物體將彈簧壓縮到最短時，物體的機(jī)械能最小，彈簧和物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守

2

恒，則=|fcx,可知最大壓縮量x與質(zhì)量小成正比，圖中與：x2=m1：m2=1：3,

故8正確；

C、當(dāng)物體將彈簧壓縮到最短時，物體的機(jī)械能最小，最小機(jī)械能E=其

比值無法確定，故C錯誤；

D、當(dāng)物體的重力與彈簧彈力平衡時，物體的動能最大，則有mg=kx',mgx'=\kx'2+

Ekm,解得最大動能以m=誓，則與7712的最大動能之比為1：9,故O正確。

故選：BD。

根據(jù)初始兩物體機(jī)械能可解得質(zhì)量之比；當(dāng)物體將彈簧壓縮到最短時，物體的機(jī)械能最

小，彈簧和物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可解得最大壓縮量之比；當(dāng)物體的重力與彈簧

彈力平衡時，物體的動能最大。

解決本題的關(guān)鍵是正確分析物體的運(yùn)動情況，知道在加速度為零的時候小球的速度達(dá)到

最大值；掌握功能轉(zhuǎn)化關(guān)系。

9.【答案】BC

【解析】解：力、“天和”核心艙在太空做勻速圓周運(yùn)動時處于完全失重狀態(tài)，所以航

天員對核心艙無壓力作用，故A錯誤；

3、神舟十二號與“天和”核心艙在M點(diǎn)時與地心距離相等，由萬有引力定律和牛頓第

二定律得

故二者的加速度相等，故8正確;

C、根據(jù)第一宇宙速度概念可知，第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，故C正確；

。、題圖2兩個航天員處于完全失重狀態(tài)，但二者間仍然符合萬有引力定律，故二者間

萬有引力不為0,故。錯誤。

故選:BC。

4、根據(jù)完全失重狀態(tài)的理解，可知航天員對核心艙無壓力作用；

8、由萬有引力定律和牛頓第二定律，結(jié)合神舟十二號與“天和”核心艙在M點(diǎn)時與地

心距離相等，可知二者的加速度相等；

C、根據(jù)第一宇宙速度的理解，可以判斷該項；

根據(jù)萬有引力定律的普遍性，可知兩個宇航員間的萬有引力不為零。

本題以神舟十二號為背景考查天體運(yùn)動知識，考查考生應(yīng)用萬有引力知識綜合分析能力。

10.【答案】AC

【解析】解：4、由U]=4和歐姆定律可知，通過理想變壓器原、副線圈的電流大小之

比為1：3,根據(jù)變壓器原理得：

%.=2=2

n2ii1

故A正確；

B、根據(jù)變壓器原理得：

UQ-U^_n-i_3

U2九21'

解得：

力=卻0，

故B錯誤；

CD、閉合開關(guān)S后，設(shè)通過副線圈的每個純電阻元件的電流大小為/￡通過副線圈的總

電流為4/‘2，通過原線圈的電流大小為?’2，則

1rl=4凡

u'2=I'2R,

又=U\+3U'2,

聯(lián)立解得：

U'2=^U0,U\=^uo,

故C正確，。錯誤;

第14頁，共19頁

故選：AC?

根據(jù)U1=U2求出原副線圈電流之比，根據(jù)變流之比可求匝數(shù)比；根據(jù)變壓器變壓之比

及歐姆定律知識,可求U1和間的關(guān)系；根據(jù)變壓器變流之比及歐姆定律知識,可求U'l、

U’2和％間的關(guān)系。

該題的突破口是利用理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，表示出原線圈中的電流和原

線圈回路中的電阻分得的電壓，找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值

關(guān)系，即可解決本題。

11.【答案】1.51.99.5

【解析】解:(1)相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，故相鄰兩計數(shù)點(diǎn)時間間隔是=0.1s,

5點(diǎn)的瞬時速度為：%=士=(13-78+I5.7O)XIO-2工1.5/n/s,

、2T2x0.1/'

(2)采用逐差法處理數(shù)據(jù)，則加速度大小為：

2

c_X36-X03_(11,92+13.78+15.7O-6.19-8.11-1O.OO)X1O-,2_q,2

a~~m/s-1Vm〃；

33

已知7nl—80g=80x10~kgm2-120g=120x10~kg,

根據(jù)牛頓第二定律，則有：m2g-mrg=(mx+m2)a

m+m

則有：9=兀A不2

二;22

代入數(shù)據(jù)，解得：g=xl.9m/s=9.5m/so

故答案為：(1)1.5；(2)1.9；9.5

(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時刻的瞬時速度等于該過程的平均速度求計數(shù)點(diǎn)5時運(yùn)動的

瞬時速度:

(2)利用勻變速直線運(yùn)動的推論a=器，結(jié)合逐差法求加速度大小，再由牛頓第二定律,

即可求解重力加速度大小；

考查求解瞬時速度的方法，掌握逐差法求解加速度的內(nèi)容，對于紙帶問題的處理，我們

要熟練應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律以及推論進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，因此在平時訓(xùn)練中要提高應(yīng)

用基本規(guī)律解答實驗問題的能力。

12.【答案】2.97晨偏大a…

【解析】解:(1)電壓表量程為3匕由圖乙所示表盤可知,其分度值為0.1U,示數(shù)為2.97匕

忽略電源內(nèi)阻，根據(jù)圖甲所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得：E=U+/R=U+*R,

由題意得：E=U[,E=U+^R,解得，電壓表內(nèi)阻：即=黑";

x2KyU]一

考慮電源內(nèi)阻：E=[7]+*,E=U2+^(R+r),

解得：即='_「，由此可知，考慮電源內(nèi)阻時，電壓表內(nèi)阻測量值偏大。

(2)不考慮電源內(nèi)阻，由圖甲所示電路圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：E=U+IR=

U+小，

RV

整理得：3擊R+j由圖丙所示A-R圖象可知，圖象的斜率上=白-=T義=5,

UCKycUcKyU-(一a)A

縱軸截距b=i

E

解得，電壓表內(nèi)阻Ry=a；

考慮電源內(nèi)阻，由圖甲所示電路圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：E=U+/(r+R)=

U+5(r+R),

Rv

整理得:"=2/?+￡+喘由圖丙所示5-/?圖象可知，圖象的斜率卜=言=/右=

Uc.KyC.tKy(JtiKyU-1—Q)

縱軸截距b=E

actKy

解得：Rv=a-r；

故答案為：(1)2.97(2.93?2.99均正確)；找p偏大；(2)a；a-r?

(1)根據(jù)電壓表量程由圖乙所示表盤確定其分度值，根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；根據(jù)圖

甲所示電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律分析答題。

(2)根據(jù)圖甲所示電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖

示圖象分析答題。

本題考查了測電壓表內(nèi)阻實驗，理解實驗原理是解題的前提，根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合

電路的歐姆定律，結(jié)合圖示圖象即可解題。

13.【答案】解：(1)對B：做勻加速運(yùn)動，由牛頓第二定律有,zngsin37。一/nngcos37。=ma,

解得a-2m/s2

222

(2)對4；做平拋運(yùn)動，則有(|at+L)cos37°=vot,(^at+L)sin37°=^gt,而

且=tan37°

VOt

2

聯(lián)立以上三式解得：a=2m/s,t=1.5s,v0=10m/s.

第16頁，共19頁

答：⑴物體B沿斜面下滑的加速度a為2m/s2；

(2)幾和t的大小分別為10m/s和1.5s.

【解析IB沿斜面向下做勻加速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可求出8的加速度，物體4做平

拋運(yùn)動，4沿著斜面方向的位移比B大L,根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律，4水平方向上做勻速直

線運(yùn)動，豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)位移公式和兩物體的位移關(guān)系，列方程求解

即可。

本題是相遇問題，關(guān)鍵需要根據(jù)4、B之間位移關(guān)系列出方程，求解。

14.【答案】解：(1)由左手定則知，磁場方向垂直紙面向內(nèi)

2

洛倫茲力提供向心力：evB=^~