甘肅省蘭州市西北師大附中屆高三上學(xué)期期末物理試卷

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2015-2016學(xué)年甘肅省蘭州市西北師大附中高三(上）期末物理試卷一、選擇題：本大題公共8小題，每小題3分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，其中1、2、4、6題只有一項(xiàng)符合題目要求；3、5、7、8題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.1．物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的關(guān)系,也確定了單位間的關(guān)系．現(xiàn)有物理量單位：m（米)、s（秒）、N(牛）、W(瓦）、C(庫(kù))、A（安）、Ω(歐）和T（特），由它們組合成的單位與電壓?jiǎn)挝籚（伏）等效的是（）A．N/C B．C?T?m/s C．T?A?m D．2．如圖甲所示，兩物體A,B疊放在光滑水平面上,對(duì)A施加一水平力F,規(guī)定向右為正方向，F(xiàn)隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖乙所示，兩物體在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，且始終保持相對(duì)靜止，則下列說(shuō)法正確的是（)A．第1s末兩物體的速度最大B．第3s內(nèi)，兩物體向左運(yùn)動(dòng)C．第2s內(nèi)，拉力F對(duì)物體A做正功D．第2s內(nèi)，A對(duì)B的摩擦力向左3．如圖所示，六個(gè)點(diǎn)電荷分布在邊長(zhǎng)為a的正六邊形ABCDEF的六個(gè)頂點(diǎn)處，在B、F處的電荷的電荷量為﹣q，其余各處電荷的電荷量均為+q，MN為正六邊形的一條中線，則下列說(shuō)法正確的是（)A．M，N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．M，N兩點(diǎn)電勢(shì)相等C．在中心O處,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為,方向由O指向AD．沿直線從M到N移動(dòng)正電荷時(shí),電勢(shì)能先減小后增大4．如圖所示,勁度系數(shù)為k的彈簧下端固定在地面上，上端與一質(zhì)量為m的小球相連，處于靜止?fàn)顟B(tài),現(xiàn)用力F將小球緩慢上移，直到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)．然后撤掉該力，小球從靜止開(kāi)始下落，下落過(guò)程中的最大速度為v,不計(jì)空氣阻力,重力加速度為g．下列說(shuō)法正確的是（）A．小球的速度最大時(shí),彈簧的彈性勢(shì)能為零B．撤掉力F后，小球從靜止下落到最大速度v的過(guò)程中，克服彈簧彈力做的功為﹣mv2C．彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí),小球的加速度為零D．小球緩慢上移過(guò)程中，力F做功為5．宇航員在某星球表面以初速度2.0m/s水平拋出一物體，并記錄下物體的運(yùn)動(dòng)軌跡,如圖所示，O點(diǎn)為拋出點(diǎn)，若該星球半徑為4000km，萬(wàn)有引力常量G=6。67×10﹣22N?m2?kg﹣2,則下列說(shuō)法正確的是（）A．該星球表面的重力加速度4.0m/s2B．該星球的質(zhì)量為2。4×1023kgC．該星球的第一宇宙速度為4。0km/sD．若發(fā)射一顆該星球的同步衛(wèi)星,則同步衛(wèi)星的繞行速度一定大于4。0km/s6．圖甲所示為驗(yàn)證法拉第電磁感應(yīng)定律的實(shí)驗(yàn)裝置，與電源連接的線圈Ⅰ中的電流i1按圖乙所示的規(guī)律變化，電流i1在線圈Ⅰ的內(nèi)部產(chǎn)生變化的磁場(chǎng),該磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B與線圈中電流i1的關(guān)系:B=ki1（其中k為常數(shù)）．線圈II與電流傳感器連接，并通過(guò)計(jì)算機(jī)繪制出線圈II中感應(yīng)電流i2隨時(shí)間t變化的圖象．若僅將i1變化的頻率適當(dāng)增大，則能正確反映i2﹣t圖象變化的是（圖中以實(shí)線和虛線分別表示調(diào)整前、后的i2﹣t圖象）（）A． B． C． D．7．如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,在豎直平面內(nèi)從a點(diǎn)沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用,兩小球電荷量始終不變，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（)A．沿ab，ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B．B若沿ab做直線運(yùn)動(dòng),則小球帶正電，且一定是勻速運(yùn)動(dòng)C．若沿ac做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶負(fù)電,可能做勻加速運(yùn)動(dòng)D．兩小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能均保持不變8．如圖所示電路中，電源E的內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，R0為滑動(dòng)變阻器的最大阻值，各電表均為理想電表．已知r＜R2電阻R1＜R0．閉合開(kāi)關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．電源內(nèi)阻r消耗的熱功率先變大后變小B．電源的輸出功率先變小后變大C．V1的示數(shù)先變大后變小,V2的示數(shù)先變小后變大D．A1的示數(shù)不斷變小，A2的示數(shù)不斷變大二、非選擇題。9．某同學(xué)找到一條遵循胡克定律的橡皮筋來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：(1)將橡皮筋的兩端分別與兩條細(xì)線相連，測(cè)出橡皮筋的原長(zhǎng)；（2）將橡皮筋一端細(xì)線用釘子固定在豎直板上A點(diǎn)，在橡皮筋的中點(diǎn)O再用細(xì)線系一重物,自然下垂，如圖甲所示；（3）將橡皮筋另一端細(xì)線固定在豎直板上的B點(diǎn)，如圖乙所示．為完成實(shí)驗(yàn)，下述操作中需要的是．A．橡皮筋兩端連接細(xì)線長(zhǎng)度必須相同B．要測(cè)量圖甲中橡皮筋Oa和圖乙中橡皮筋Oa、Ob的長(zhǎng)度C．A、B兩點(diǎn)必須在同一高度處D．要記錄圖甲中O點(diǎn)的位置及過(guò)O點(diǎn)的豎直方向E．要記錄圖乙中結(jié)點(diǎn)O的位置、過(guò)結(jié)點(diǎn)O的豎直方向及橡皮筋Oa，Ob的方向．10．霍爾元件可以用來(lái)檢測(cè)磁場(chǎng)及其變化．圖甲為使用霍爾元件測(cè)量通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的裝置示意圖．由于磁芯的作用，霍爾元件所處區(qū)域磁場(chǎng)可看做勻強(qiáng)磁場(chǎng)．測(cè)量原理如乙圖所示，直導(dǎo)線通有垂直紙面向里的電流，霍爾元件前、后、左、右表面有四個(gè)接線柱，通過(guò)四個(gè)接線柱可以把霍爾元件接入電路．所用器材已在圖中給出，部分電路已經(jīng)連接好．為測(cè)量霍爾元件所處區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B;（1）制造霍爾元件的半導(dǎo)體參與導(dǎo)電的自由電荷帶負(fù)電，電流從乙圖中霍爾元件左側(cè)流入，右側(cè)流出，霍爾元件(填“前表面”或“后表面"）電勢(shì)高；（2）在圖中畫(huà)線連接成實(shí)驗(yàn)電路圖；(3）已知霍爾元件單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為n,每個(gè)自由電荷的電荷量為e，霍爾元件的厚度為h，為測(cè)量霍爾元件所處區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B,還必須測(cè)量的物理量有（寫出具體的物理量名稱及其符號(hào))，計(jì)算式B=．11．小明同學(xué)乘坐京石“和諧號(hào)”動(dòng)車，發(fā)現(xiàn)車廂內(nèi)有速率顯示屏．當(dāng)動(dòng)車在平直軌道上經(jīng)歷勻加速、勻速與再次勻加速運(yùn)行期間，他記錄了不同時(shí)刻的速率，進(jìn)行換算后數(shù)據(jù)列于表格中．在0﹣600s這段時(shí)間內(nèi)，求：t/sv/m?s﹣1030100403005040050500605507060080（1)動(dòng)車兩次加速的加速度大小;（2）動(dòng)車位移的大?。?2．如圖所示,在半徑分別為r和2r的同心圓（圓心在O點(diǎn)）所形成的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．在大圓邊界上A點(diǎn)有一粒子源，垂直AO向左發(fā)射一質(zhì)量為m，電荷量為+q，速度大小的粒子．求:(1)若粒子能進(jìn)入磁場(chǎng)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則該粒子第一次到達(dá)磁場(chǎng)小圓邊界時(shí)，粒子速度相對(duì)于初始方向偏轉(zhuǎn)的角度；(2）若粒子每次到達(dá)磁場(chǎng)大圓邊界時(shí)都未從磁場(chǎng)中射出，那么至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間該粒子能夠回到出發(fā)點(diǎn)A．【物理——選修3—3】13．以下說(shuō)法正確的是(）A．大量氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，速率有大有小，但是分子的速率按“中間多,兩頭少”的規(guī)律分布B．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增大，氣體的壓強(qiáng)一定增大C．由于液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距離,液體表面存在張力D．空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)接近飽和汽壓，水蒸氣越慢E．用油膜法測(cè)出油分子的直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，只需再知道油的密度即可14．如圖所示，開(kāi)口豎直向上的固定氣缸右側(cè)連一“U”形管氣壓計(jì)，在距氣缸底部1.2l處有一個(gè)卡環(huán)，一質(zhì)量為m的活塞可以在氣缸內(nèi)卡環(huán)以上部分無(wú)摩擦滑動(dòng)且不漏氣，在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的氣體，當(dāng)溫度為T0時(shí)，活塞靜止在距氣缸底部為1。5l處，已知大氣壓強(qiáng)恒為p0，氣缸橫截面積為s，不計(jì)“U"行管內(nèi)氣體的體積，現(xiàn)緩慢降低缸內(nèi)氣體的溫度,求：(1）當(dāng)活塞缸接觸卡環(huán)時(shí)，氣體的溫度T1；（2）當(dāng)氣壓計(jì)兩管水銀面相平時(shí)，氣體的溫度T2．物理——選修3-415．在某種均勻介質(zhì)中,S1，S2處有相距4m的兩個(gè)波源，沿垂直紙面方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),其周期分別為T1=0.8s和T2=0.4s,振幅分別為A1=2cm和A2=lcm，在該介質(zhì)中形成的簡(jiǎn)諧波的波速為v=5m/s．S是介質(zhì)中一質(zhì)點(diǎn)，它到S1的距離為3m，且SS1⊥S1S2,在t=0時(shí)刻,兩波源同時(shí)開(kāi)始垂直紙面向外振動(dòng)，則t=0時(shí)刻的振動(dòng)傳到S處的時(shí)間差為，t=10s時(shí)，S處質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移大小為．16．某種液體的折射率為,在液面下有一可繞垂直紙面的軸O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的平面鏡OA，OA的初始位置與液面平行，如圖所示，在液面與平面鏡間充滿自左向右的平行光線，若在平面鏡逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)一周的過(guò)程中，有光線射入空氣中的時(shí)間為2s,求:（1）平面鏡由初始位置轉(zhuǎn)過(guò)多大角度時(shí)，光線開(kāi)始進(jìn)入空氣；（2）平面鏡旋轉(zhuǎn)的角速度為多大．物理——選修3—517．已知?dú)湓拥趎級(jí)能量為En=，其中E1為基態(tài)能量,當(dāng)用頻率為v0的光照射大量處于基態(tài)的氫原子時(shí)，在所發(fā)射的光譜中僅能觀測(cè)到頻率分別為v1，v2，v3，v4，v5，v6的六條譜線，且頻率由v1到v6逐漸增大，則v0=；當(dāng)氫原子由第4能級(jí)躍遷到第2能級(jí)時(shí)發(fā)出的光子頻率為（結(jié)果均用六種頻率之一來(lái)表示)18．如圖所示，靜置在水平地面的兩輛手推車沿一直線排列,質(zhì)量均為m，人在極短時(shí)間內(nèi)給第一輛車一水平?jīng)_量使其運(yùn)動(dòng)了距離l時(shí)與第二輛車相碰，兩車瞬間結(jié)為一體，以共同速度據(jù)繼續(xù)運(yùn)動(dòng)了距離l,與豎直墻相碰，反彈后運(yùn)動(dòng)停止，已知車與墻相碰損失80%的機(jī)械能,車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦阻力恒為車所受重力的k倍,重力加速度為g，忽略空氣阻力,求：（1）兩車與墻碰后反彈的速度大小；（2)人給第一輛車水平?jīng)_量的大?。?/p>

2015-2016學(xué)年甘肅省蘭州市西北師大附中高三（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題:本大題公共8小題，每小題3分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，其中1、2、4、6題只有一項(xiàng)符合題目要求;3、5、7、8題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1．物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的關(guān)系，也確定了單位間的關(guān)系．現(xiàn)有物理量單位:m（米）、s（秒）、N(牛）、W(瓦）、C（庫(kù)）、A(安）、Ω（歐)和T（特)，由它們組合成的單位與電壓?jiǎn)挝籚（伏）等效的是（）A．N/C B．C?T?m/s C．T?A?m D．【考點(diǎn)】3A：力學(xué)單位制．【分析】單位制包括基本單位和導(dǎo)出單位，規(guī)定的基本量的單位叫基本單位,由物理公式推導(dǎo)出的但為叫做導(dǎo)出單位．【解答】解：A、由電場(chǎng)力做功的公式W=qU，知U=,所以單位J/C與電壓?jiǎn)挝籚等效，故A錯(cuò)誤；B、由F=qvB知，C?T?m/s是力的單位，是與牛頓N等效的，故B錯(cuò)誤；C、由F=BIL可知，T?A?m是和力的單位牛頓等效的．故C錯(cuò)誤；D、由P=可得U=，所以和電壓的單位等效的，故D正確；故選：D．2．如圖甲所示，兩物體A，B疊放在光滑水平面上,對(duì)A施加一水平力F，規(guī)定向右為正方向，F(xiàn)隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖乙所示，兩物體在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),且始終保持相對(duì)靜止，則下列說(shuō)法正確的是（）A．第1s末兩物體的速度最大B．第3s內(nèi)，兩物體向左運(yùn)動(dòng)C．第2s內(nèi)，拉力F對(duì)物體A做正功D．第2s內(nèi)，A對(duì)B的摩擦力向左【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律;1E:勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】根據(jù)物體受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力的對(duì)稱性，判斷兩物體的運(yùn)動(dòng)情況；根據(jù)力與速方向的關(guān)系判斷功的正負(fù)；通過(guò)對(duì)整體加速度的變化,得知B物體加速度的變化,再根據(jù)牛頓第二定律得出摩擦力的變化．【解答】解：A、在0﹣2s內(nèi)整體向右做加速運(yùn)動(dòng);2﹣4s內(nèi)加速度反向,做減速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閮啥螘r(shí)間內(nèi)受力是對(duì)稱的,所以2s末的速度最大，4s末速度變?yōu)榱?，故A錯(cuò)誤；B、在0﹣4s內(nèi)一直向前運(yùn)動(dòng)，然后又重復(fù)以前的運(yùn)動(dòng)，第3s內(nèi)，兩物體向右運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、第2s內(nèi)，拉力F的方向與速度方向相同，拉力F對(duì)物體A做正功，故C正確；D、對(duì)整體分析，整體的加速度與F的方向相同，B物體所受的合力為摩擦力，故摩擦力的方向與加速度方向相同，即與F的方向相同．所以第2s內(nèi),A對(duì)B的摩擦力向右，故D錯(cuò)誤;故選：C．3．如圖所示，六個(gè)點(diǎn)電荷分布在邊長(zhǎng)為a的正六邊形ABCDEF的六個(gè)頂點(diǎn)處,在B、F處的電荷的電荷量為﹣q,其余各處電荷的電荷量均為+q，MN為正六邊形的一條中線，則下列說(shuō)法正確的是（）A．M，N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．M，N兩點(diǎn)電勢(shì)相等C．在中心O處,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向由O指向AD．沿直線從M到N移動(dòng)正電荷時(shí)，電勢(shì)能先減小后增大【考點(diǎn)】AG：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；A6：電場(chǎng)強(qiáng)度．【分析】由題意可知,根據(jù)矢量疊加原理，則相當(dāng)于等量的異種電荷分布;MN連線即為等量的異種電荷的中垂線，根據(jù)平行四邊形定則分析出中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)方向和大小．根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，判斷電勢(shì)的高低．【解答】解：A、中間一組﹣q和+q電荷在MN兩處合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向水平向左，最上邊一組正電荷在M點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為0,最下面一組在N點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為0,最上邊一組正電荷在N點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下,最下邊一組正電荷在M點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上，最上邊一組正電荷在N點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)大小和最下邊一組正電荷在M點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，所以M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤;B、若將正電荷從M點(diǎn)沿直線移動(dòng)到N點(diǎn)，垂直MN方向上的電場(chǎng)力一直不做功,豎直方向上電場(chǎng)力先做負(fù)功,后做正功,由對(duì)稱性可知所做總功一定為零，所以MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等,正電荷電勢(shì)能先增大后減小；故B正確，D錯(cuò)誤．C、上下兩組正電荷共四個(gè)+q在O點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為0，中間﹣q和+q電荷在O點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)大小為2，方向沿O指向﹣q方向，所以中心O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為2，方向沿O指向A方向，故C正確．故選：BC．4．如圖所示，勁度系數(shù)為k的彈簧下端固定在地面上，上端與一質(zhì)量為m的小球相連，處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用力F將小球緩慢上移，直到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)．然后撤掉該力，小球從靜止開(kāi)始下落，下落過(guò)程中的最大速度為v，不計(jì)空氣阻力,重力加速度為g．下列說(shuō)法正確的是（）A．小球的速度最大時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為零B．撤掉力F后,小球從靜止下落到最大速度v的過(guò)程中，克服彈簧彈力做的功為﹣mv2C．彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，小球的加速度為零D．小球緩慢上移過(guò)程中，力F做功為【考點(diǎn)】6C：機(jī)械能守恒定律；37：牛頓第二定律．【分析】分析小球的受力情況，判斷其運(yùn)動(dòng)情況，從而確定其速度最大時(shí)彈簧的狀態(tài)．速度最大時(shí)，小球的合力為零,由胡克定律和平衡條件求出此時(shí)彈簧壓縮量,再根據(jù)動(dòng)能定理，即可求解克服彈簧彈力做的功；當(dāng)速度最大時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能不為零，而彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，速度為零．【解答】解：A、撤掉該力，小球從靜止開(kāi)始下落的過(guò)程中，受到彈簧向上的彈力和重力，彈力先小于重力,再等于重力,后大于重力，所以小球先向下加速后減速，當(dāng)彈力等于重力時(shí)速度最大，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈性勢(shì)能不為零．故A錯(cuò)誤．B、小球速度最大時(shí)，有mg=kx，得x=．小球從靜止下落到最大速度v的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理，則有：mgx﹣W克=mv2，解得克服彈簧彈力做的功：W克=﹣mv2，故B正確；C、彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，小球的速度為零,彈簧形變量最大，彈力大于重力，則加速度不為零，故C錯(cuò)誤；D、小球處于平衡位置時(shí)，則有:mg=kx；小球緩慢上移過(guò)程中，拉力是變力，取平均值，根據(jù)做功表達(dá)式，則有：力F做功W==，故D錯(cuò)誤；故選：B5．宇航員在某星球表面以初速度2.0m/s水平拋出一物體，并記錄下物體的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示，O點(diǎn)為拋出點(diǎn)，若該星球半徑為4000km，萬(wàn)有引力常量G=6。67×10﹣22N?m2?kg﹣2，則下列說(shuō)法正確的是（)A．該星球表面的重力加速度4.0m/s2B．該星球的質(zhì)量為2.4×1023kgC．該星球的第一宇宙速度為4。0km/sD．若發(fā)射一顆該星球的同步衛(wèi)星，則同步衛(wèi)星的繞行速度一定大于4。0km/s【考點(diǎn)】4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；48：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．【分析】由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可求得重力加速度;再由萬(wàn)有引力公式等于重力可求得星球質(zhì)量；根據(jù)第一宇宙速度的定義可求得第一宇宙速度；并明確同步衛(wèi)星的速度．【解答】解：A、由平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式，有：x=v0ty=gt2聯(lián)立解得：t=1sg=4m/s2；該星球表面的重力加速度為4.0m/s2；故A正確；B、由=mg可得：M===9.6×1023kg;故B錯(cuò)誤；C、由g=可得，v===4。0km/s；故C正確;D、第一守宙速度是繞星球表面運(yùn)行的速度；而衛(wèi)星的半徑越大，則繞行速度越小;故同步衛(wèi)星的速度一定小于4.0km/s;故D錯(cuò)誤;故選:AC．6．圖甲所示為驗(yàn)證法拉第電磁感應(yīng)定律的實(shí)驗(yàn)裝置，與電源連接的線圈Ⅰ中的電流i1按圖乙所示的規(guī)律變化，電流i1在線圈Ⅰ的內(nèi)部產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，該磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B與線圈中電流i1的關(guān)系：B=ki1（其中k為常數(shù)）．線圈II與電流傳感器連接，并通過(guò)計(jì)算機(jī)繪制出線圈II中感應(yīng)電流i2隨時(shí)間t變化的圖象．若僅將i1變化的頻率適當(dāng)增大，則能正確反映i2﹣t圖象變化的是（圖中以實(shí)線和虛線分別表示調(diào)整前、后的i2﹣t圖象）（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】NF：研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象．【分析】大線圈Ⅰ與多功能電源連接，在每個(gè)時(shí)間段內(nèi)電流隨時(shí)間均勻變化，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)均勻變化,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，判斷小線圈中電流的變化．當(dāng)多功能電源輸出電流變化的頻率適當(dāng)增大,則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)適當(dāng)增加．【解答】解:根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，E=NS，因?yàn)榇缶€圈中每個(gè)時(shí)間段內(nèi)電流均勻變化,則每個(gè)時(shí)間段內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，則小線圈中每個(gè)時(shí)間段內(nèi)感應(yīng)電流的大小不變．因?yàn)槎喙δ茈娫摧敵鲭娏髯兓念l率適當(dāng)增大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)適當(dāng)增加，感應(yīng)電流大小適當(dāng)增加,變化的周期變?。蔇正確，ABC錯(cuò)誤．故選：D．7．如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，在豎直平面內(nèi)從a點(diǎn)沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用,兩小球電荷量始終不變，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（)A．沿ab，ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B．B若沿ab做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶正電，且一定是勻速運(yùn)動(dòng)C．若沿ac做直線運(yùn)動(dòng),則小球帶負(fù)電，可能做勻加速運(yùn)動(dòng)D．兩小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能均保持不變【考點(diǎn)】CM:帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】根據(jù)左手定則,結(jié)合正負(fù)電荷，可確定洛倫茲力的方向，再由受力平衡條件，即可確定是否可以直線運(yùn)動(dòng)，因速度影響洛倫茲力，因此是直線運(yùn)動(dòng)，必是勻速直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)由于電場(chǎng)力做功,導(dǎo)致小球的機(jī)械能不守恒．【解答】解：ABC、沿ab拋出的帶電小球，根據(jù)左手定則，及正電荷的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，可知，只有帶正電，才能平衡，而沿ac方向拋出的帶電小球，由上分析可知，小球帶負(fù)電時(shí)，才能做直線運(yùn)動(dòng)，因速度影響洛倫茲力大小，所以是直線運(yùn)動(dòng)，必然是勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確，B正確，C錯(cuò)誤;D、在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，因電場(chǎng)力做功,導(dǎo)致小球的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；故選：AB．8．如圖所示電路中，電源E的內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻,R0為滑動(dòng)變阻器的最大阻值，各電表均為理想電表．已知r＜R2電阻R1＜R0．閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是（）A．電源內(nèi)阻r消耗的熱功率先變大后變小B．電源的輸出功率先變小后變大C．V1的示數(shù)先變大后變小,V2的示數(shù)先變小后變大D．A1的示數(shù)不斷變小,A2的示數(shù)不斷變大【考點(diǎn)】BG：電功、電功率；BB：閉合電路的歐姆定律．【分析】電阻R1的阻值小于滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由中點(diǎn)向左滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再由歐姆定律分析R2兩端電壓的變化，確定三個(gè)電表示數(shù)的變化．【解答】解：A、由題，電阻R1的阻值小于滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內(nèi)電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數(shù)先變大后變小．V2測(cè)量R2兩端的電壓，R2不變,則V2的示數(shù)先變小后變大．并聯(lián)電壓U并=U﹣U2,先變大后變小，電阻R1所在支路電阻R1支路逐漸減小，所以電流I1增大，電流表A2示數(shù)增大；I2=I﹣I1，電流表A1示數(shù)變小，電源內(nèi)部的熱功率P=I2r，因?yàn)殡娏鱅先變小后變大，所以電源內(nèi)部的熱功率，先變小后變大，故A錯(cuò)誤,CD正確．B、因?yàn)閞＜R2，所以外電阻總是大于內(nèi)電阻的,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)的過(guò)程中,變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小,所以電源的輸出功率先變小后變大，故B正確．故選：BCD二、非選擇題。9．某同學(xué)找到一條遵循胡克定律的橡皮筋來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn):（1）將橡皮筋的兩端分別與兩條細(xì)線相連，測(cè)出橡皮筋的原長(zhǎng)；（2)將橡皮筋一端細(xì)線用釘子固定在豎直板上A點(diǎn)，在橡皮筋的中點(diǎn)O再用細(xì)線系一重物，自然下垂，如圖甲所示；（3）將橡皮筋另一端細(xì)線固定在豎直板上的B點(diǎn),如圖乙所示．為完成實(shí)驗(yàn)，下述操作中需要的是BE．A．橡皮筋兩端連接細(xì)線長(zhǎng)度必須相同B．要測(cè)量圖甲中橡皮筋Oa和圖乙中橡皮筋Oa、Ob的長(zhǎng)度C．A、B兩點(diǎn)必須在同一高度處D．要記錄圖甲中O點(diǎn)的位置及過(guò)O點(diǎn)的豎直方向E．要記錄圖乙中結(jié)點(diǎn)O的位置、過(guò)結(jié)點(diǎn)O的豎直方向及橡皮筋Oa,Ob的方向．【考點(diǎn)】M3：驗(yàn)證力的平行四邊形定則．【分析】本實(shí)驗(yàn)是通過(guò)作合力與分力圖示的方法來(lái)驗(yàn)證平行四邊形定則，需要測(cè)量合力與分力的大小，根據(jù)這個(gè)原理來(lái)選擇．【解答】解：A、橡皮筋連接的細(xì)繩要稍微長(zhǎng)些，并非要求等長(zhǎng),故A錯(cuò)誤；B、三條橡皮筯遵守胡克定律,要測(cè)量拉力可以通過(guò)測(cè)量橡皮筋的長(zhǎng)度，得到橡皮筋的伸長(zhǎng)量,研究拉力與伸長(zhǎng)量的倍數(shù)來(lái)根據(jù)比例作力的圖示．故B正確；C、A、B兩點(diǎn)不必須等高，故C錯(cuò)誤;D、記錄圖甲中O點(diǎn)的位置和O點(diǎn)的豎直方向不需要記錄，故D錯(cuò)誤；E、要記錄圖乙中結(jié)點(diǎn)O的位置、過(guò)結(jié)點(diǎn)O的豎直方向及橡皮筋Oa，Ob的方向．故E正確；故選：BE10．霍爾元件可以用來(lái)檢測(cè)磁場(chǎng)及其變化．圖甲為使用霍爾元件測(cè)量通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的裝置示意圖．由于磁芯的作用，霍爾元件所處區(qū)域磁場(chǎng)可看做勻強(qiáng)磁場(chǎng)．測(cè)量原理如乙圖所示，直導(dǎo)線通有垂直紙面向里的電流，霍爾元件前、后、左、右表面有四個(gè)接線柱，通過(guò)四個(gè)接線柱可以把霍爾元件接入電路．所用器材已在圖中給出，部分電路已經(jīng)連接好．為測(cè)量霍爾元件所處區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；（1)制造霍爾元件的半導(dǎo)體參與導(dǎo)電的自由電荷帶負(fù)電，電流從乙圖中霍爾元件左側(cè)流入，右側(cè)流出，霍爾元件前表面（填“前表面”或“后表面")電勢(shì)高；（2）在圖中畫(huà)線連接成實(shí)驗(yàn)電路圖；(3）已知霍爾元件單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為n,每個(gè)自由電荷的電荷量為e，霍爾元件的厚度為h,為測(cè)量霍爾元件所處區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，還必須測(cè)量的物理量有電壓表讀數(shù)U,電流表讀數(shù)I（寫出具體的物理量名稱及其符號(hào)），計(jì)算式B=．【考點(diǎn)】CO:霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用．【分析】（1）磁場(chǎng)是直線電流產(chǎn)生，根據(jù)安培定則判斷磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則判斷負(fù)電荷的受力分析，得到前后表面的電勢(shì)高度；（2）通過(guò)變阻器控制電流,用電壓表測(cè)量電壓；（3）根據(jù)載流子受累積電荷的電場(chǎng)力和洛倫茲力而平衡列式,再根據(jù)電流的微觀表達(dá)式列式，最后聯(lián)立求解即可．【解答】解:（1)磁場(chǎng)是直線電流產(chǎn)生，根據(jù)安培定則,磁場(chǎng)方向向下;電流向右，根據(jù)左手定則，安培力向內(nèi),載流子是負(fù)電荷,故后表面帶負(fù)電，前表面帶正電，故前表面電勢(shì)較高；（2)變阻器控制電流，用電壓表測(cè)量電壓，電路圖如圖所示:（3）設(shè)前后表面的厚度為d，最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡,有:q=qvB根據(jù)電流微觀表達(dá)式，有:I=neSv=ne（dh)v聯(lián)立解得：B=故還必須測(cè)量的物理量有：電壓表讀數(shù)U，電流表讀數(shù)I;故答案為：(1)前表面；（2）如圖所示；（3）電壓表讀數(shù)U，電流表讀數(shù)I；．11．小明同學(xué)乘坐京石“和諧號(hào)”動(dòng)車，發(fā)現(xiàn)車廂內(nèi)有速率顯示屏．當(dāng)動(dòng)車在平直軌道上經(jīng)歷勻加速、勻速與再次勻加速運(yùn)行期間，他記錄了不同時(shí)刻的速率，進(jìn)行換算后數(shù)據(jù)列于表格中．在0﹣600s這段時(shí)間內(nèi)，求：t/sv/m?s﹣1030100403005040050500605507060080（1）動(dòng)車兩次加速的加速度大小;（2）動(dòng)車位移的大?。究键c(diǎn)】1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，通過(guò)速度時(shí)間公式求出兩段加速階段的加速度，根據(jù)速度時(shí)間圖線通過(guò)面積求出動(dòng)車組的位移．【解答】解：（1）通過(guò)記錄表格可以看出，動(dòng)車組有兩個(gè)時(shí)間段處于加速狀態(tài)，設(shè)加速度分別為a1、a2．由a=，代入數(shù)據(jù)得：，（2）通過(guò)作出動(dòng)車組的v﹣t圖可知，第一次加速運(yùn)動(dòng)的結(jié)束時(shí)間是200s，第二次加速運(yùn)動(dòng)的開(kāi)始時(shí)刻是450s．x2=v2t2=50×250=12500m所以x=x1+x2+x3=8000+12500+9750=30205m．答：（1）動(dòng)車兩次加速的加速度值分別為0.1m/s2、0。2m/s2．(2）動(dòng)車組位移的大小為30205m．12．如圖所示,在半徑分別為r和2r的同心圓（圓心在O點(diǎn)）所形成的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．在大圓邊界上A點(diǎn)有一粒子源，垂直AO向左發(fā)射一質(zhì)量為m，電荷量為+q，速度大小的粒子．求:（1）若粒子能進(jìn)入磁場(chǎng)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則該粒子第一次到達(dá)磁場(chǎng)小圓邊界時(shí)，粒子速度相對(duì)于初始方向偏轉(zhuǎn)的角度；（2)若粒子每次到達(dá)磁場(chǎng)大圓邊界時(shí)都未從磁場(chǎng)中射出，那么至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間該粒子能夠回到出發(fā)點(diǎn)A．【考點(diǎn)】CI:帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】（1）作出粒子運(yùn)動(dòng)規(guī)律，由幾何知識(shí)求出粒子的偏角．（2)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律與粒子的周期公式可以求出粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解答】解：（1）如圖1所示，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)初速度為v0，軌跡半徑為R==r，如圖所示：粒子將沿著AB弧（圓心在O1)運(yùn)動(dòng)，交內(nèi)邊界于B點(diǎn)．△OO1B為等邊三角形，則∠BO1O=60°，粒子的軌跡AB弧對(duì)應(yīng)的圓心角為∠BO1A=120°，則速度偏轉(zhuǎn)角為120°．(2）粒子從B點(diǎn)進(jìn)入中間小圓區(qū)域沿直線BC運(yùn)動(dòng),又進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)偏轉(zhuǎn)與外邊界相切于D點(diǎn)．在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示,粒子在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t1=3××T=2T，周期:T=，每通過(guò)一次無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域，粒子在該區(qū)域運(yùn)動(dòng)的距離：l=2rcos30°=r，粒子在無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間：t2=，代入：v0=，解得：t2=，則粒子回到A點(diǎn)所用的總時(shí)間：t=t1+t2=；答：(1）粒子速度相對(duì)于初始方向偏轉(zhuǎn)的角度為120°;（2）若粒子每次到達(dá)磁場(chǎng)大圓邊界時(shí)都未從磁場(chǎng)中射出,那么至少經(jīng)過(guò)時(shí)間該粒子能夠回到出發(fā)點(diǎn)A．【物理-—選修3-3】13．以下說(shuō)法正確的是（）A．大量氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng),速率有大有小，但是分子的速率按“中間多，兩頭少"的規(guī)律分布B．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增大，氣體的壓強(qiáng)一定增大C．由于液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力D．空氣相對(duì)濕度越大時(shí),空氣中水蒸氣壓強(qiáng)接近飽和汽壓，水蒸氣越慢E．用油膜法測(cè)出油分子的直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù),只需再知道油的密度即可【考點(diǎn)】86:分子間的相互作用力;88：分子運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律；9C：氣體壓強(qiáng)的微觀意義．【分析】分子的運(yùn)動(dòng)雜亂無(wú)章，在某一時(shí)刻，向著任何一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)的分子都有,而且向各個(gè)方向運(yùn)動(dòng)的氣體分子數(shù)目都相等，分子的速率按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布；氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動(dòng)能、分子的密集程度這兩個(gè)因素有關(guān);凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解答】解：A、大量氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，速率有大有小，但是分子的速率按“中間多,兩頭少”的規(guī)律正態(tài)分布，故A正確；B、氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動(dòng)能、分子的密集程度這兩個(gè)因素有關(guān)，若溫度升高的同時(shí)體積增大，壓強(qiáng)不一定增大，故B錯(cuò)誤；C、由于蒸發(fā),液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距離,故液體表面存在張力，故C正確；D、空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，壓強(qiáng)越大,水蒸發(fā)越慢,故D正確；E、用油膜法測(cè)出油分子的直徑后,可以計(jì)算單個(gè)分子的體積；要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù),需要知道摩爾體積，故要知道摩爾質(zhì)量和密度；故E錯(cuò)誤；故選：ACD14．如圖所示，開(kāi)口豎直向上的固定氣缸右側(cè)連一“U"形管氣壓計(jì)，在距氣缸底部1.2l處有一個(gè)卡環(huán)，一質(zhì)量為m的活塞可以在氣缸內(nèi)卡環(huán)以上部分無(wú)摩擦滑動(dòng)且不漏氣，在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的氣體,當(dāng)溫度為T0時(shí)，活塞靜止在距氣缸底部為1。5l處,已知大氣壓強(qiáng)恒為p0,氣缸橫截面積為s,不計(jì)“U”行管內(nèi)氣體的體積，現(xiàn)緩慢降低缸內(nèi)氣體的溫度，求：(1）當(dāng)活塞缸接觸卡環(huán)時(shí)，氣體的溫度T1;（2）當(dāng)氣壓計(jì)兩管水銀面相平時(shí)，氣體的溫度T2．【考點(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9K：封閉氣體壓強(qiáng)．【分析】（1）根據(jù)活塞平衡求得氣體壓強(qiáng)，降低溫度直至活塞剛接觸卡環(huán)的過(guò)程中，氣體做等壓變化,根據(jù)蓋﹣呂薩克定律求解出溫度；（2）然后體積保持不變,根據(jù)查理定律即可求出最后的壓強(qiáng)．【解答】解：(1）降低溫度直至活塞剛接觸卡環(huán)的過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)不變,初態(tài)：P1=p0+，V1=1。5ls，T=T0活塞剛接觸卡環(huán)時(shí)：P2=P1，V2=1。2ls，T1=？根據(jù)蓋呂薩克定律有:（2）從活塞接觸卡環(huán)到液面相平的過(guò)程中，氣體等容變化，有：P3=P0，V3=1。2ls,T2=？根據(jù)查理定律可得:所以:答：(1）當(dāng)活塞缸接觸卡環(huán)時(shí),氣體的溫度是0。8T0;（2）當(dāng)氣壓計(jì)兩管水銀面相平時(shí)，氣體的溫度是．物理—-選修3—415．在某種均勻介質(zhì)中，S1,S2處有相距4m的兩個(gè)波源，沿垂直紙面方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其周期分別為T1=0.8s和T2=0.4s，振幅分別為A1=2cm和A2=lcm,在該介質(zhì)中形成的簡(jiǎn)諧波的波速為v=5m/s．S是介質(zhì)中一質(zhì)點(diǎn)，它到S1的距離為3m，且SS1⊥S1S2，在t=0時(shí)刻,兩波源同時(shí)開(kāi)始垂直紙面向外振動(dòng)，則t=0時(shí)刻的振動(dòng)傳到S處的時(shí)間差為0.4s，t=10s時(shí),S處質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的位移大小為2cm．【考點(diǎn)】F6:波的疊加．【分析】波形勻速平移，先根據(jù)公式v=求解兩列波傳到S點(diǎn)的時(shí)間，再求解時(shí)間差；質(zhì)點(diǎn)s離開(kāi)平衡位置的位移大小等于兩列簡(jiǎn)諧波單獨(dú)傳播到S點(diǎn)引起位移的矢量和．【解答】解：由題意可知：SS2=5m；S1在t=0時(shí)的振動(dòng)傳到S質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間:t1===0。6sS2在t=0時(shí)的振動(dòng)傳到S質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間：t2===1sS1、S2在t=0時(shí)的振動(dòng)傳到S質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間差為:△t=﹣=﹣=0。4st=l0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)s按S1的振動(dòng)規(guī)律已經(jīng)振動(dòng)了：△t1=t﹣t1=9。4s=(11+）T1；即t=10s時(shí)S1引起質(zhì)點(diǎn)S的位移大小為:x1=A1=2cm;t=l0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)s按S2的振動(dòng)規(guī)律已經(jīng)振動(dòng)了：△t2=t﹣t2=9s=(22+）T2即t=10s時(shí)S2引起質(zhì)點(diǎn)S的位移為x2=0；=l0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)s離開(kāi)平衡位置的位移為S1和S2單獨(dú)傳播引起S位移的矢量和,故：x=x1+x2=2+0=2cm；故答案為：0.4s，2cm．16．某種液體的折射率為，在液面下有一可繞垂直紙面的軸O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的平面鏡OA，OA的初始位置與液面平行，如圖所示，在液面與平面鏡間充滿自左向右的平行光線，若在平面鏡逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)一周的過(guò)程中，有光線射入空氣中的時(shí)間為2s，求：（1)平面鏡由初始位置轉(zhuǎn)過(guò)多大角度時(shí)，光線開(kāi)始進(jìn)入空氣;(2)平面鏡旋轉(zhuǎn)的角速度為多大．【考點(diǎn)】H3：光的折射定律．【分析】（1)平面鏡的反射光射到水面時(shí)，若不發(fā)全反射，光線將射入空氣中．根據(jù)公式sinC=求出臨界角C．當(dāng)入射角等于C時(shí)，恰好發(fā)生全反射．再結(jié)合平面鏡轉(zhuǎn)過(guò)的角度等于反射光線轉(zhuǎn)過(guò)角度的一半,進(jìn)行求解．（2）由反射定律和幾何知識(shí)確定出人光線