2024屆北京市西城區(qū)41中高二物理第一學期期中經(jīng)典模擬試題含解析

2024屆北京市西城區(qū)41中高二物理第一學期期中經(jīng)典模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于力和運動的關(guān)系，下列說法正確的是（）A．力是維持物體運動的原因 B．力是改變物體運動狀態(tài)的原因C．運動的物體合力一定不等于零 D．運動越快的物體所受力的合力一定越大2、雷擊，指打雷時電流通過人、畜、樹木、建筑物等而造成殺傷或破壞，其中一種雷擊形式是帶電的云層與大地上某點之間發(fā)生迅猛的放電現(xiàn)象，叫作“直擊雷”。若某次發(fā)生“直擊雷”前瞬間云層所帶的電荷量為8C，雷擊時放電時間為200，則此次雷擊時的平均電流為A．0.04A B．C．0.08A D．3、如圖甲所示，兩根材料相同的均勻?qū)w柱a和b，a長為l，b長為2l，串聯(lián)在電路中時，沿x軸方向電勢變化φ－x圖象如圖乙所示，選取x＝3l處電勢為零，則導體柱a、b的橫截面積之比為()A．13B．12C．14、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能Ep隨位移x的變化關(guān)系如圖所示，則下列說法正確的是()A．粒子從x1處運動到x2處的過程中電場力做正功B．x1、x2處電場強度方向沿x軸正方向C．x1處的電場強度大小大于x2處的電場強度大小D．x1處的電勢比x2處的電勢高5、如圖所示，勻強磁場中垂直放置一通電直導線，關(guān)于導線在此磁場中受到的安培力，下列判斷不正確的是()A．F方向向上B．F大小與電流大小有關(guān)C．F大小與磁感應強度大小有關(guān)D．F大小與導線在磁場中的長度有關(guān)6、.如圖所示，為一臺小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間按余弦規(guī)律變化，其e-t圖象如圖所示。下列分析正確的是()A．在1.0×10－2s時刻，線圈中的感應電流最大B．在2.0×10－2s時刻，線圈平面轉(zhuǎn)到中性面C．在t=0時刻，穿過線圈的磁通量最大D．在2.0×10－2s時刻,穿過線圈的磁通量變化率最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，當閉合開關(guān)S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大B．燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C．燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D．燈L2變暗，電容器的帶電量減小8、如圖所示是某導體的I﹣U圖象，圖中α=45°，下列說法正確的是()A．此導體的電阻R=0.5ΩB．此導體的電阻R=2ΩC．I﹣U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R="cot"45°=1.0ΩD．在R兩端加6.0V電壓時，每秒通過導體截面的電荷量是3.0C9、在如圖所示的電路中，燈L1、L2的電阻分別為R1、R2，滑動變阻器的最大阻值為R0，若有電流通過，燈就發(fā)光，假設(shè)燈的電阻不變，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，燈L1、L2的亮度變化情況是()A．當R2>R0時，燈L1B．當R2>R0時，燈L1C．當R2<R0時，燈L1D．當R2<R0時，燈L110、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，電表均可以看作是理想電表。當開關(guān)K閉合后，將滑動變阻器的觸頭由上端向下端移動的過程中，下列說法正確的是（）A．電路中總電阻減小 B．電壓表示數(shù)減小C．電流表示數(shù)減小 D．燈泡L變亮三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學想描繪某一熱敏電阻的伏安特性曲線，實驗室提供下列器材：A．電壓表V（量程為0~5V，內(nèi)阻約5kΩ）B．電流表A1（量程為0~25mA，內(nèi)阻約0.2Ω）C．電流表A2（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω)D．滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流1.5A)；E．滑動變阻器R2（0~1000Ω，額定電流0.5A）F．直流電源（電動勢6V，內(nèi)阻忽略不計）G．電鍵一個、導線若干（1）該小組同學用螺旋測微器和游標卡尺分別測量了該元件的直徑及長度，測量情況如下圖所示，則該筆芯的直徑為d=___________mm，L=____________cm。（2）該同學選擇了適當?shù)钠鞑慕M成描繪伏安特性曲線的電路，請在下面的方框中畫出此實驗的電路圖.（熱敏電阻符號為）（______）（3）該同學在實驗中得到熱敏電阻電壓和電流的7組數(shù)據(jù)（如下表），電壓U（V）0.01.02.02.43.03.64.0電流I（mA）0.01.65.88.011.816.020.0請你在方格紙上作出熱敏電阻的伏安特性曲線.（______）（4）由此曲線可知，該熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而_______（選填“增大”或“減小”）．該同學選擇的電流表是______（選填“B”或“C”），選擇的滑動變阻器是____（選填“D”或“E”）12．（12分）用實驗室的斜面小槽等器材裝配如圖甲所示的實驗裝置，小槽末端水平．每次都使鋼球在斜槽上從同一位置由靜止?jié)L下，鋼球在空中做平拋運動，設(shè)法用鉛筆描出小球經(jīng)過的位置，連起來就得到鋼球做平拋運動的軌跡．（1）某同學在安裝實驗裝置和進行其余的實驗操作時都準確無誤，他在分析數(shù)據(jù)時所建立的坐標系如圖乙所示．他的錯誤之處是______________________．（2）該同學根據(jù)自己所建立的坐標系，在描出的平拋運動軌跡圖上任取一點（x，y），運用公式v0=xg2y，求小球的初速度v0，這樣測得的平拋初速度值與真實值相比____（選填“偏大”“偏小”（3）該同學在自己建立的坐標系中描繪出鋼球做平拋運動的軌跡及數(shù)據(jù)如圖丙所示，據(jù)圖象可求得鋼球做平拋運動的初速度為___m/s，鋼球的半徑為__cm．(均保留2位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑導軌與水平面所成角度θ＝60°，置于方向垂直于導軌平面向上勻強磁場中，將質(zhì)量為m＝2kg的金屬桿水平放在導軌上，通過電流I＝4A時，金屬桿正好能靜止（g=10m/s2）.求：（1）金屬桿受到的安培力大小和方向;（2）若金屬桿的長度為m，求磁場B的大小。14．（16分）如圖所示，用一條絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量為1.0×10-2

kg，所帶電荷量為+2.0×10-8

C．現(xiàn)加一水平方向的勻強電場，平衡時絕緣繩與豎直線成30°角，繩長L=0.2m，g=10m/s2，求：（1）這個勻強電場的電場強度大??；（2）突然剪斷輕繩，小球做什么運動？加速度大小和方向如何？15．（12分）間距為L＝20cm的光滑平行導軌水平放置，導軌左端通過開關(guān)S與內(nèi)阻不計、電動勢為E的電源相連，右端與半徑為L的兩段光滑圓弧導軌相接，一根質(zhì)量m＝60g、電阻R＝1Ω、長為L的導體捧ab，用長也為L的絕緣細線懸掛，如圖所示，系統(tǒng)空間有豎直方向的勻強磁場，磁感應強度大小為B＝0.5T，當閉合開關(guān)S后，導體棒沿圓弧擺動，擺到最大高度時細線水平，擺動過程中導體棒始終與導軌接觸良好且細線處于張緊狀態(tài)，不考慮導體棒切割磁感線的影響，導軌電阻不計?；卮鹣铝袉栴}：（1）磁場方向如何？（2）求電源電動勢E大?。唬?）導體棒在向上擺動過程中的最大速度是多大。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

力是改變物體運動狀態(tài)的原因，不是維持物體運動的原因，選項A錯誤，B正確；物體做勻速直線運動時，物體所受的合力等于零，選項C錯誤；運動越快的物體速度大，但是所受力的合力不一定越大，當物體做勻速直線運動時，合力為零，選項D錯誤；故選B.2、B【解題分析】

已知雷擊時放電時間為200μs，放電量等于8C，則此次雷擊時的平均電流為：，故B正確，ACD錯誤；3、A【解題分析】

由圖象可知導體柱a電壓為6V，導體柱b電壓為4V．導體柱a與導體柱b串聯(lián)，故電壓之比等于電阻之比，a、b的長度之比為1:2，由電阻定律R=ρLS可以求出截面積之比為1：3。4、A【解題分析】帶負電粒子從x1運動到x2的過程中電勢能減小，則電場力做正功，故A正確；電場力做正功，說明粒子所受的電場力方向沿x軸正方向，因為粒子帶負電，可知電場強度方向沿x軸負方向，故B錯誤；根據(jù)△Ep=-F△x，可知Ep-x圖象斜率的絕對值等于電場力，可知粒子在x1處所受的電場力小于在x2處所受的電場力，所以x1處的電場強度小于x2處的電場強度的大小，故C錯誤；電場強度方向沿x軸負方向，根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，可得x1處的電勢比x2處的電勢低，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。5、A【解題分析】

如圖可知，通電導線與磁場垂直，由左手定則可知，安培力向下，故A錯誤；由F=BIL可知，F(xiàn)與電流、磁感應強度、導線的長度有關(guān)，故BCD正確；本題要求選擇不正確的，故選A.6、D【解題分析】

A.感應電動勢為0則感應電流為0，故A錯誤B.在2.0×10－2s時刻，感應電動勢最大，線圈平面轉(zhuǎn)到與中性面垂直位置，故B錯誤C.在t=0時刻，穿過線圈的磁通量最小，故C錯誤D.在2.0×10－2s時刻，感應電動勢最大，穿過線圈的磁通量變化率最大，故D正確故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；因路端電壓減小，則電源的效率減小；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗。流過電流表的電流IA=I-I2I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大。R與燈L2并聯(lián)電路的電壓減小，電容器板間電壓減小，則其帶電量減小。A.電壓表和電流表的示數(shù)都增大，與分析不符，故A錯誤。B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小，與分析不符，故B錯誤。C.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小，與分析相符，故C正確。D.燈L2變暗，電容器的帶電量減小，與分析相符，故D正確。8、BD【解題分析】試題分析：由可知，圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，則由圖象可知電阻，故A錯誤；B正確；圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，但不能等于來求，只能根據(jù)求解，故C錯誤；在兩端加的電壓時，電路中電流，則每秒通過電阻的電荷量為，故D正確．考點：歐姆定律【名師點睛】本題考查歐姆定律的應用，注意對于圖象的認識，由圖象的意義可明確電流與電壓的關(guān)系，并能求出電阻的數(shù)值，由電流的定義可求得每秒通過電阻截面的電荷量．9、AD【解題分析】

AB.當R2>R0時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻一定大于右部分的電阻，當變阻器的滑片P由a端向b端移動時，電路總電阻增大，總電流減小，所以通過燈L1的電流減小，燈L1變暗，通過燈L2的電流變大，燈L2變亮，故CD.當R2<R0時，燈L2與滑動變阻器的左部分串聯(lián)的總電阻先大于后小于右部分的電阻，則當滑動變阻器的滑片P由a端向b端移動時，總電阻先增大，后減小，所以總電流先減小后增大，所以通過燈L1的電流先減小后增大，故燈L1先變暗后變亮，而通過L2的電流一直變大，燈L2不斷變亮，故10、AB【解題分析】

將滑動變阻器的觸頭由上端向下端移動的過程中，滑動變阻器阻值變小，則電路中總電阻減小，干路電流變大，則R1分壓變大，則并聯(lián)部分電壓變小，則電壓表示數(shù)變小，燈泡變暗，燈泡支路電流變小，而干路電流變大，故滑動變阻器電流變大，電流表示數(shù)變大，故AB正確CD錯誤。故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.685mm1.455cm電路圖見解析伏安特性曲線見解析減小BD【解題分析】

（1）[1][2]．該筆芯的直徑為d=4.5mm+0.01mm×18.5=4.685mm；L=1.4cm+0.05mm×11=1.455cm。（2）[3]．由表中數(shù)據(jù)可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B，滑動變阻器的特點是：電阻大的調(diào)節(jié)精度低，電阻變化快，操作不方便，故選小電阻的，故選D；該實驗中由于需要測量較多的數(shù)據(jù)，因此滑動變阻器采用分壓接法，由于熱敏電阻阻值較大，因此安培表采用內(nèi)接法，電路圖如圖所示：

（3）[4]．作出熱敏電阻的伏安特性曲線如圖；（4）[5][6][7]．圖象中曲線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而減小；由表中數(shù)據(jù)可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B；為了便于調(diào)節(jié)滑動變阻器，應在安全的情況下選最大阻值較小的D．12、(1)坐標原點O的位置不該選在斜槽末端,而應上移至小球圓心在白紙上的投影處偏大2.02.0【解題分析】(1)該同學的錯誤之處是坐標原點O的位置不該選在斜槽的末端，而應上移至小球圓心在白紙上的投影處；(2)由于坐標原點偏下，所以在計算飛行時間時t=2yg偏小，由v(3)在豎直方向上，根據(jù)△y=gT2得：T=Δy則平拋運動的初速度為：v0縱坐標為18cm處的豎直分速度為：vy拋出點到該點的豎直位移為：y'則鋼球的半徑為：r=20-18cm=2.0cm。點晴：根據(jù)實驗的原理和操作中