德州市實驗高中高三上學期第一次調研物理試題

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精德州市實驗高中2020－2021學年度第一學期高三（上）第一次調研物理試卷2020.9一、選擇題（每題4分、合計64分）1.如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平面上,B置于斜面C上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與A相連,連接B的一段細繩與斜面平行，A、B、C處于靜止狀態(tài)，則（)A.水平面對C的支持力小于B、C的總力B.一定愛到C的摩擦力C。C受到水平面的摩擦力為零D.若將細線剪斷，B物體開始沿斜面向下滑動，則水平面對C的摩擦力不為零【答案】AD【解析】把BC看做一個整體，對其受力分析,繩子對B的拉力在豎直方向上有分量，所以水平面對C的支持力比B、C的總重力要小，故A正確;若AB的質量存在關系MAg=MBgsinθ時，B在斜面C上無相對運動趨勢，所以此時BC之間無摩擦力作用,故B錯誤．把BC看做一個整體，對其受力分析，不論B、C間摩擦力大小、方向如何，繩子對B的拉力在水平方向上始終有向右的分量，所以整體有向右的運動趨勢，所以水平面對C的摩擦力方向一定向左,故C錯誤．若將細線剪斷,B向下滑動時,B對C有向下的滑動摩擦力，則C有向左的運動趨勢，因此水平面對C有向右的摩擦力，故D正確．故選AD．點睛：解答該題的關鍵是正確的判斷靜摩擦力的有無，對于靜摩擦力的有無，關鍵在于正確判斷其運動的趨勢,解答過程中重用假設法和特殊值法來判斷靜摩擦力的相關問題．該題還應注意整體法和隔離法的正確應用．2.如圖所示，直線a和曲踐b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置時間(x一t）圖線，由圖可知（)A.在t1時刻，a、b兩車的運動方向相同B.在t2時刻，a、b兩車的速度相同C。在t2到t3這段時間內,a、b兩車的平均速率相等D。在t1到t3這段時間內，a、b兩車的平均速度大小相等【答案】BD【解析】由x-t圖線斜率表示速度，斜率的正負表示運動方向，分析可知，t1時刻a車沿正向運動，b車沿負向運動，兩者運動方向相反，故A錯誤．x-t圖線的斜率的正負表示運動方向，t2時刻，a車沿正方向運動,b車沿正方向運動，方向相同，且斜率大小相同，則速度相同．故B正確．在t2到t3這段時間內，b車的路程大于a車，則a、b兩車的平均速率不相等,選項C錯誤；在t1到t3這段時間內，a、b兩車的位移相同，則平均速度大小相等，選項D正確；故選BD.點睛：解決本題的關鍵知道位移時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示速度的大小，能夠通過圖線得出運動的方向．3.下列說法正確的是(）A.按照玻爾理論,氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量也減小B。β衰變所釋放電子是原子核內的中子轉化成質子和電子所產生的C.在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，因此，光子散射后波長變長D.放射性元素的半衰期會隨溫度或壓強的變化而變化【答案】BC【解析】【詳解】A．可按庫侖力對電子做負功進行分析，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電場力對電子做負功；故電子的動能變小，電勢能變大(動能轉為電勢能)；由于發(fā)生躍遷時要吸收光子，故原子的總能量增加．故A錯誤;B．β衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉化成質子和電子所產生的．故B正確；C．在康普頓效應中，當入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉移給電子，則動量減小，根據(jù)，知波長增大．故C正確；D．放射性元素的半衰期是由原子核內的結構決定的，與溫度或壓強無關．故D錯誤。故選BC。4。a、b兩束色光,分別沿半徑方向射向圓柱形的玻璃磚，其出射光線都是由圓心O沿OP方向射出，如圖所示，則下列說法中正確的是(）A.b在介質中的折射率比a小B。若用a光做單縫衍射實驗，要比用b時中央條紋更寬C.若a、b兩束色光都發(fā)生了全反射，則b光的臨界角小D.a光在玻璃中的速度較小【答案】BC【解析】【分析】光線在底面發(fā)生折射，折射角相同，由折射定律可得出兩光的折射率，從而分析出光的頻率和波長的大小，判斷出波動性強弱.由分析光在玻璃中傳播速度的大小。由分析臨界角的大小?！驹斀狻緼．由圖可知光從底面射出時，折射角相同，而a入射角大于b的入射角,由折射定律可知故a的折射率小于b的折射率，故A錯誤；B．因折射率越大，光的頻率越大，故a的頻率小于b的頻率，a的波長大于b光的波長，則a光的波動性強，若用a光做單縫衍射實驗，要比用b時中央條紋更寬，故B正確;C．由可知，a光的臨界角要大于b光的臨界角，故C正確;D．由分析可知，折射率越大，則光在玻璃中傳播速度越小,故a光在玻璃中的速度較大，故D錯誤。故選：BC。5。如圖所示，形狀和質量完全相同的兩個圓柱體a、b靠在一起，表面光滑,重力為G,其中b的下半部剛好固定在水平面MN的下方，上邊露出另一半，a靜止在平面上.現(xiàn)過a的軸心施加一水平作用力F，可緩慢的將a拉離平面一直滑到b的頂端，對該過程分析，則應有（）A.拉力F先增大后減小，最大值是GB。開始時拉力F最大為G，以后逐漸減小為0C。a、b間的壓力開始最大為2G,而后逐漸減小到D。a、b間的壓力由0逐漸增大，最大為G【答案】BC【解析】【詳解】AB．據(jù)力的三角形定則可知，小球a處于初狀態(tài)時，小球a受到的支持力拉力F=Ncos30°=G當小球a緩慢滑動時,θ增大，拉力F=Gcotθ所以F減??；當小球a滑到小球b的頂端時小球a還是平衡狀態(tài)，此時它受到的拉力必定為0,所以A選項錯誤B選項正確；CD．小球a受到的支持力由可知,θ增大而支持力減小,滑到b球的頂端時由于小球處于平衡狀態(tài),支持力N=G，故選a、b間的壓力開始最大為2G，而后逐漸減小到G，故C正確,D錯誤.故選BC。6。如圖所示，光滑的水平地面上有三塊木塊a、b、c,質量均為m，a、c之間用輕質細繩連接?，F(xiàn)用一水平恒力F作用在b上，三者開始一起做勻加速運動,運動過程中把一塊橡皮泥粘在某一木塊上面，系統(tǒng)仍加速運動,且始終沒有相對滑動。則在粘上橡皮泥并達到穩(wěn)定后，下列說法正確的是(）A.若粘在c木塊上面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都減小B.若粘在a木塊上面，繩的張力減小,a、b間摩擦力增大C。若粘在c木塊上面，繩的張力增大，a、b間摩擦力不變D.若粘在b木塊上面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都減小【答案】BD【解析】【詳解】整體法可知，只要橡皮泥粘在物體上，物體的質量均增大,則由牛頓運動定律可知，加速度都要減小.AC．若橡皮泥粘在c物體上，將ab視為整體F﹣FT=2ma加速度減小，所以拉力FT變大，對b有F﹣fab=ma可知fab增大，故AC錯誤；B．若粘在a木塊上面，以c為研究對象，由牛頓第二定律可得FT=ma因加速度減小，所以拉力減小，而對b物體有F﹣fab=ma可知，摩擦力fab應變大,故B正確；D．若橡皮泥粘在b物體上，將ac視為整體，有fab=2ma所以摩擦力是變小,再對c分析可知，繩子的拉力減小，故D正確。故選BD7.如圖所示,A、B都是重物，A被繞過小滑輪P的細線所懸掛,B放在粗糙的水平桌面上；小滑輪P被一根斜短線系于天花板上的O點；O′是三根細線的結點，bO′水平拉著B物體，cO′沿豎直方向拉著彈簧；彈簧、細線、小滑輪的重力和細線與滑輪間的摩擦力均可忽略，整個裝置處于平衡靜止狀態(tài)，g＝10m/s2．若懸掛小滑輪的斜線OP的張力是20N，則下列說法中正確的是（)A.彈簧的彈力為10NB。重物A的質量為2kgC.桌面對B物體的摩擦力為10ND.OP與豎直方向的夾角為60°【答案】D【解析】【詳解】分別以物體A、B和節(jié)點O′及小滑輪為研究對象進行受力分析,對物體A有:，對小滑輪有：，聯(lián)立解得：，所以B正確；同時，因是同一根繩子，張力相同，故OP延長線的方向為繩子張角的角平分線，由此可知OP與豎直方向的夾角為300，所以D錯誤；節(jié)點O′有：,對物體B有：，聯(lián)立解得彈簧彈力,B物體受力的摩擦力，所以A、C正確；故本題錯誤的選項為D．8.如圖所示，彈簧p和細繩q的上端固定在天花板上，下端用小鉤勾住質量為m的小球C，彈簧、細繩和小鉤的質量均忽略不計。靜止時p、q與豎直方向的夾角均為60°。下列判斷正確的有（)A.若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間q對球拉力大小為mgB.若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間球的加速度大小為gC.若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間p對球的拉力大小為mgD.若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g【答案】D【解析】【詳解】AB．原來p、q對球的拉力大小均為mg．p和球脫鉤后，球將開始沿圓弧運動，將q受的力沿法向和切線正交分解（見圖1)，得解得合力為F合=mgsin60°根據(jù)牛頓第二定律得，加速度故AB錯誤；CD．q和球突然脫鉤后瞬間,p的拉力未來得及改變，仍為mg,因此合力為mg（見圖2）,球的加速度為大小為g．故C錯誤，D正確；故選D。9.河水的流速與離河岸的關系如圖甲所示,船在靜水中的速度與時間關系如圖乙所示，若要使船以最短時間渡河，則(）A。船渡河航程是300mB.船在河水中的最大速度是5m/sC.船渡河的最短時間100sD。船在行駛過程中船頭始終與河岸垂直【答案】BCD【解析】船在沿河岸方向上做變速運動，在垂直于河岸方向上做勻速直線運動，根據(jù)運動的合成,可知，渡河位移大于300

m；故A錯誤．要使船以最短時間渡河，船在航行中與河岸垂直,根據(jù)速度的合成可知，船河水中的最大速度是=5m/s，故BD正確．當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短,故：．故C正確．故選BCD．點睛：解決本題的關鍵將船的運動分解為垂直于河岸方向和沿河岸方向，抓住分運動與合運動具有等時性進行求解．10.如圖所示，一只貓在桌邊猛地將桌布從魚缸下拉出,魚缸最終沒有滑出桌面．若魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動摩擦因數(shù)均相等，則在上述過程中（)A.桌布對魚缸摩擦力的方向向左B.魚缸在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等C。若貓增大拉力,魚缸受到的摩擦力將增大D.若貓減小拉力，魚缸有可能滑出桌面【答案】BD【解析】【詳解】魚缸向右加速運動，桌布對魚缸摩擦力的方向向右，故A錯誤；魚缸在桌布上加速運動，脫離桌布后在桌面上做減速運動，加速度大小相等,且加速運動的末速度等于減速運動的初速度，故可知魚缸在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等，故B正確；魚缸受的摩擦力只與魚缸的重力和摩擦因數(shù)有關,故若貓增大拉力，魚缸受到的摩擦力將不變，故C錯誤；若貓減小拉力,若魚缸能與桌布保持相對靜止，故魚缸能滑出桌面,故D正確．故選BD．11.如圖所示，將小球從傾角為45°的斜面上的P點先后以不同速度向右水平拋出，小球分別落到斜面上的A點、B點，以及水平面上的C點．已知B點為斜面底端點，P、A、B、C在水平方向間隔相等．不計空氣阻力，則（）A。三次拋出小球后，小球在空中飛行的時間均不相同B。小球落到A、B兩點時，其速度的方向不同C.若小球落到A、C兩點，則兩次拋出時小球的速率之比為：3D。若小球落到B、C兩點，則兩次拋出時小球的速率之比為：3【答案】C【解析】根據(jù)，解得，由于B、C下落的高度相同,則這兩球飛行時間相同，大于A球飛行時間，故A錯誤;A、B兩球都落在斜面上，豎直方向的位移和水平方向上位移比值一定，即有：，解得：．則落在斜面上時豎直方向上的分速度為:vy=gt=2v0tan45°=2v0，設球落在斜面上時速度與水平方向的夾角為α，有：，知落在斜面上時,速度與水平方向的夾角與初速度無關,則A、B小球在落點處的速度方向相同，故B錯誤;小球落到A、B兩點,水平位移,根據(jù)題義可知，P、A、B在水平方向間隔相等，可得：兩次拋出時小球的速率之比為：vA：vB=1：，小球落到B、C兩點，則運動的時間相等，而P、A、B、C在水平方向間隔相等,根據(jù)可知，兩次拋出時小球的速率之比為:vB：vC=2：3,所以得：vA：vC=：3，故C正確，D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．12.如圖所示，一質量為1kg的小物塊自斜面上A點由靜止開始下滑，經2s運動到B點后通過光滑的銜接孤面恰好滑上與地面等高的傳送帶上，傳送帶以4m/s的恒定速率順時針運行。已知AB間距離為2m，傳送帶長度(即BC間距離)為10m，物塊與傳送帶間的動縻擦因數(shù)為0。2。取g=10m/s2，下列說法正確的是（）A。物塊在傳送帶上運動的時間為2.32sB.物塊在傳送帶上因摩擦產生的熱量為2JC。物塊在傳送帶上運動過程中傳送帶對物塊做功為4JD。物塊滑上傳送帶后，傳動系統(tǒng)因此而多消耗的能量為8J【答案】BD【解析】【詳解】A．物塊在斜面上做勻加速直線運動，設到達B點速度為v，則有解得=2m/s滑上傳送帶后，物塊在傳送帶上勻加速運動，有μmg=ma代入數(shù)據(jù)得a=2m/s2由v02﹣v2=2as代入數(shù)據(jù)解得s=3m＜L=10m所以速度相等后物塊隨傳送帶一起做勻速運動,勻加速經歷時間為s=1s勻速運動的時間為s=1.75s故總時間為t=t1+t2=2.75s故A錯誤；B．物塊在傳送帶上因摩擦產生的熱量為Q=μmg（v0t1﹣s）=0。2×10×（4×1﹣3）=2J故B正確；C．根據(jù)動能定理得:傳送帶對物塊做功W=mv02﹣mv2=×1×16﹣×1×4=6J故C錯誤;D．物塊滑上傳送帶后，傳動系統(tǒng)因此而多消耗的電能為E=Q+(mv02﹣mv2）=8J故D正確.故選BD.13。如圖甲所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上,上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力F與物體位移x的關系如圖b所示（g=10m/s2)，則正確的結論是（)A。物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)B.彈簧的勁度系數(shù)為7.5N/cmC.物體的質量為20kgD.物體的加速度大小為5m/s2【答案】D【解析】【詳解】A．物體與彈簧分離時,彈簧恢復原長，故A錯誤；BCD．剛開始物體處于靜止狀態(tài)，重力和彈力二力平衡,有拉力為10N時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據(jù)牛頓第二定律有物體與彈簧分離后，拉力為30N，根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得故B錯誤，C錯誤,D正確;故選D.14。如圖1所示，mA=4。0kg,mB=2.0kg，A和B緊靠著放在光滑水平面上,從t=0時刻起，對B施加向右的水平恒力F2=4.0N，同時對A施加向右的水平變力F1，F(xiàn)1變化規(guī)律如圖2所示。下列相關說法中正確的是（）A.當t=0時，A、B物體加速度分別為aA=5m/s2，aB=2m/s2B。A物體作加速度減小的加速運動，B物體作勻加速運動C.t=12s時刻A、B將分離，分離時加速度均為a=2m/s2D.A、B分離前后，A物體加速度變化規(guī)律相同【答案】C【解析】【分析】若AB之間沒有力的作用，求出B的加速度,若A的加速度大于大于B的加速度，則AB以相同的加速度運動，若A的加速度小于B的加速度,則B做勻速運動，A做加速度越來越小的加速運動，分情況討論即可求解。【詳解】A．若AB之間沒有力的作用,則當t=0時，，而，所以F1單獨作用在A上的加速度大于AB之間沒有力的作用時的加速度，此時AB一起運動，加速度為故A錯誤；B．由A得分析可知：隨著F1的減小，剛開始時AB在兩個力的作用下做加速度越來越小的加速運動，故B錯誤；C．當F1單獨在A上的加速度等于F2單獨作用在B上的加速度時,AB之間恰好沒有力的作用,此后F1繼續(xù)減小，A的加速度繼續(xù)減小,AB分離，根據(jù)牛頓第二定律得根據(jù)圖象可知,此時t=12s，所以t=12s時刻A、B將分離,分離時加速度均為a=2m/s2，故C正確；D．AB分離前，A受到F1和B對A的彈力作用,分離后A只受F1作用，A物體加速度變化規(guī)律不相同,故D錯誤。故選C。15。如圖1所示,小物塊靜止在傾角θ=37°的粗糙斜面上?，F(xiàn)對物塊施加一個沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時間t的變化情況如圖2所示，物塊的速率v隨時間t的變化規(guī)律如圖3所示，取sin37°=0.6，cos37°=0。8,重力加速度g=10m/s2.下列說法正確的是（）A.物塊的質量為1kgB。物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.4C.0~3s時間內力F做功的平均功率為0。213WD.0~3s時間內物體克服摩擦力做的功為5.12J【答案】AD【解析】【詳解】C．由v﹣t圖象可知，0～1s時間內,物塊靜止,力F不做功，1～3s時間內，拉力F1=0。8N物塊的位移為1～3s內力F做功的平均功率為故C錯誤；AB．由速度圖象知在1～3s時間內，物塊做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：F1+mgsinθ﹣μmgcosθ=ma由v﹣t圖象可知，加速度為a=0。4m/s2在3～4s時間內，物塊做勻速直線運動，由平衡條件得μmgcosθ﹣mgsinθ=0.4N解得m=1kg，μ=0.8故A正確，B錯誤；D．0～3s時間內物體克服摩擦力做的功為Wf=μmgcosθ?x=0。8×1×10×cos37°×0。8=5。12J故D正確。故選AD。16。如圖所示，質量均為m的A、B兩物體疊放在豎直輕質彈簧上并保持靜止，用大小等于的恒力F豎直向上拉B，當上升距離為h時B與A開始分離．下列說法正確的是(）A。B與A剛分離時，彈簧為原長B.B與A剛分離時，A與B的加速度相同C.彈簧的勁度系數(shù)等于D.從開始運動到B與A剛分離的過程中，B物體的動能先增大后減小【答案】BCD【解析】【詳解】當A和B兩物體疊放在豎直輕質彈簧并保持靜止時，彈簧的彈力由胡克定律，得彈簧的形變量當A和B兩物體一起上升時，把A和B兩物體看成一個整體，由牛頓第二定律，得對B物體進行隔離分析，得當A和B開始分離時，,解得負號表示方向豎直向下,此時彈簧的彈力為，由胡克定律,得彈簧的形變量由題中條件，則故BCD正確A錯誤．故選：BCD。二、實驗題(每題10分、合計20分）17.現(xiàn)要測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，實驗裝置如圖1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度構成斜面；木板上有一滑塊，其后端與穿過打點計時器的紙帶相連；打點計時器固定在木板上，連接頻率為50Hz的交流電源．接通電源后,從靜止釋放滑塊，滑塊帶動紙帶打出一系列的點跡．(1)圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分:0、1、2、3、4、5、6是實驗中選取的計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標出），2、3和5、6計數(shù)點的距離如圖2所示．由圖中數(shù)據(jù)求出滑塊的加速度a=________（結果保留三位有效數(shù)字）．（2）已知木板的長度為L，為了求出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù),還應測量的物理量是()A?；瑝K到達斜面底端的速度vB?；瑝K的質量mC。滑塊的運動時間tD.斜面高度h和底邊長度x（3）設重力加速度為g，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)的表達式為μ=_________(用所需測物理量的字母表示）．【答案】（1).2。51(2）。D（3）?！窘馕觥吭囶}分析：（1）每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點，說明相鄰的計數(shù)點時間間隔:T=0．1s,根據(jù)逐差法有:；（2）要測量動摩擦因數(shù)，由μmgcosθ=ma，可知要求μ,需要知道加速度與夾角余弦值，紙帶數(shù)據(jù)可算出加速度大小,再根據(jù)斜面高度h和底邊長度x，結合三角知識，即可求解，故ABC錯誤,D正確．(3）以滑塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ-μmgcosθ=ma解得:考點：測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)【名師點睛】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，同時要熟練應用所學基本規(guī)律解決實驗問題．18.如圖所示為“探究加速度與物體受力和質量的關系”實驗裝置圖．圖中A為小車，B為裝有砝碼的托盤,C為一端帶有定滑輪的長木板，小車通過紙帶與電火花打點計時器相連，計時器接50Hz交流電．小車的質量為m1，托盤（及砝碼)的質量為m2．（1)下列說法中正確的是________．A．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B．實驗時應先釋放小車后接通電源C．本實驗m2應遠大于m1D．在用圖象探究加速度與質量關系時,應作a-圖象(2)實驗時,某同學因疏忽遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a。F圖象如圖所示，可能是圖中的圖線______．（選填“甲”、“乙"、“丙”)【答案】(1).D（2)。丙【解析】(1）A:平衡摩擦力,假設木板傾角為,則有：，約掉了，故不需要重新平衡摩擦力，故A錯誤；B：實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤；C：讓小車的質量M遠遠大于小桶（及砝碼）的質量，因為：際上繩子的拉力，故應該是，故C錯誤;D：，所以:，當F一定時，與成正比，故D正確．（2)遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況．故圖線為丙．點睛:會根據(jù)實驗原理分析分析為什么要平衡摩擦力和讓小車的質量M遠遠大于小桶(及砝碼）的質量m,且會根據(jù)原理分析實驗誤差．三、計算題(19題10分、20題15分、21題20分、22題22分，合計66分）19。如圖所示:一根光滑的絲帶兩端分別系住物塊A、C,絲帶繞過兩定滑輪，在兩滑輪之間的絲帶上放置了球B、D通過細繩跨過定滑輪水平牽引C物體．整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．已知，，，B物體兩側絲帶間夾角為，C物體連接絲帶與水平面夾角為，此時C恰能保持靜止狀態(tài)．求：(g=10m/s2)（1)物體B的質量m;（2）物體C與地面間的摩擦力f；（3）物體C與地面的摩擦系數(shù)μ(假設滑動摩擦力等于最大靜摩擦力）．【答案】（1)3kg；（2）10N；（3）。【解析】【詳解】（1）對B受力分析，受重力和兩側繩子的拉力，根據(jù)平衡條件，知解得:m=3kg(2）對C受力分析，受重力、兩個細線的拉力、支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件，知水平方向受力平衡：解得:f=10N（3）對C，豎直方向平衡，支持力：由f=μN,知20。質量為10kg的環(huán)在拉力F的作用下，沿粗糙直桿向上做速度v0=5m/s的勻速運動,環(huán)與桿之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，桿與水平地面的夾角為θ=37°，拉力F與桿的夾角也為θ=37°,力F作用1s后撤去，環(huán)在桿上繼續(xù)上滑了一段時間后,速度減為零．取g=10m/s2，sin37°=0.6,cos37°=0。8，桿足夠長,求：（1）環(huán)受到的拉力F；（2）環(huán)運動到桿底端時的速度v．【答案】（1）91N;（2）5m/s。【解析】【詳解】（1）當有F作用時，環(huán)做勻速直線運動，環(huán)的受力如圖，環(huán)受到的合外力為0，則垂直于桿的方向:Fsin37°+N1=mgcos37°①沿桿的方向:Fcos37°﹣μN1﹣mgsin37°=0②由①、②得F=N=91N（2）撤去拉力前,環(huán)的位移：x1=v0t=5×1=5m當撤去F時,有：N2=mgcos37