江蘇省高考物理壓軸卷

2016屆江蘇省高考物理壓軸卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．1．2011年中俄曾聯(lián)合實(shí)施探測火星計(jì)劃，由中國負(fù)責(zé)研制的“螢火一號(hào)”火星探測器與俄羅斯研制的“福布斯﹣土壤”火星探測器一起由俄羅斯“天頂”運(yùn)載火箭發(fā)射前往火星．由于火箭故障未能成功，若發(fā)射成功，且已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的．下列關(guān)于火星探測器的說法中正確的是（）A．發(fā)射速度只要大于第一宇宙速度即可B．發(fā)射速度只有達(dá)到第三宇宙速度才可以C．發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度D．火星的第一宇宙速度是地球的3倍2．如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個(gè)等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知錯(cuò)誤的是（）A．三個(gè)等勢面中，c的電勢最高B．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的電勢能較Q點(diǎn)大C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大3．如圖1所示，一個(gè)圓形線圈的匝數(shù)n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個(gè)阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖2所示．下列說法中正確的是（）A．電阻R兩端的電壓保持不變B．初始時(shí)刻穿過線圈的磁通量為0.4WbC．線圈電阻r消耗的功率為4×10﹣4WD．前4s內(nèi)通過R的電荷量為4×10﹣44．原來都是靜止的質(zhì)子和α粒子，經(jīng)過同一電壓的加速電場后，它們的速度大小之比為（）A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：15．一個(gè)物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)．如果僅使用其中的一個(gè)力大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大?。ù肆Φ姆较蚴冀K未變），在這過程中其余各力均不變，那么下列各圖中，能正確描述該過程中物體速度變化情況的（）A． B． C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．6．（4分）如圖所示，兩根長度不同的細(xì)線分別系有兩個(gè)小球m1、m2，細(xì)線的上端都系于O點(diǎn)．設(shè)法讓兩個(gè)小球在同一水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．已知兩細(xì)線長度之比L1：L2=：1，L1跟豎直方向的夾角為60°角，下列說法正確的是（）A．兩小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等B．兩小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度相等C．兩小球的質(zhì)量比一定是m1：m2=：1D．L2細(xì)線跟豎直方向成45°角7．（4分）圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形金屬線圈繞與磁場方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為10Ω，外接一只電阻為90Ω的燈泡，不計(jì)電路的其他電阻，則（）A．t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直B．每秒鐘內(nèi)電流方向改變100次C．燈泡兩端的電壓為22VD．0～0.01s時(shí)間內(nèi)通過燈泡的電量為08．（4分）某質(zhì)點(diǎn)在0～3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象如圖所示．關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的平均速度等于第2s內(nèi)的平均速度B．t=3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移最大C．質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的加速度與第3s內(nèi)的加速度大小相等，方向相反D．質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的位移與第3s內(nèi)的位移大小相等，方向相反9．（4分）如圖所示圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于紙面方向的勻強(qiáng)磁場，一束質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準(zhǔn)圓心O射入勻強(qiáng)磁場，又都從該磁場中射出，這些粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間有的較長，有的較短，若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的帶電粒子以下不正確的是（）A．速率一定越小B．速率一定越大C．在磁場中通過的路程一定越長D．在磁場中的周期一定越大三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第1220題）兩部分，共42分，請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．必做題：10．（10分）某同學(xué)為了探究物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)裝置如圖1．長直平板一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上．在平板上標(biāo)出A、B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)時(shí)器記錄滑塊通過光電門時(shí)擋光的時(shí)間，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①用游標(biāo)卡尺測測最滑塊的擋光長度d，用天平測量滑塊的質(zhì)量m；②用直尺測量A、B之間的距離s，A點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h1，B點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h2；③將滑塊從A點(diǎn)靜止釋放．由光電計(jì)時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間t；④重復(fù)步驟③數(shù)次，井求擋光時(shí)間的平均值⑤利用所測數(shù)據(jù)求出摩擦力f和斜面傾角的余弦值cosα；⑥多次改變斜面的傾角，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟②③④⑤做出f﹣cosα關(guān)系曲線．（1）用測量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）①斜面傾角的余弦cosα=；②滑塊通過光電門時(shí)的速度v=；③滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a=；④滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)所受到的摩擦阻力f=；（2）測量滑塊擋光長度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖2所示，讀得d=．11．（8分）某同學(xué)利用伏安法測量某未知電阻Rx的精確電阻（阻值恒定），進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：（1）他先用萬用電表歐姆擋測該未知電阻的阻值．將開關(guān)置于1擋位，指針示數(shù)如圖，若想更準(zhǔn)確一些，下面操作正確的步驟順序是（填序號(hào)）A．將兩表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零B．將兩表筆短接進(jìn)行機(jī)械調(diào)零C．將開關(guān)置于1k擋D．將開關(guān)置于100擋E．將兩表筆接未知電阻兩端，待指針穩(wěn)定后讀數(shù)（2）然后用以下器材用伏安法盡可能精確地測量該電阻：A．直流電源E：電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻忽略B．電流表A1：量程0.3A，內(nèi)阻約為0.1ΩC．電流表A2：量程3mA，內(nèi)阻約為10ΩD．電壓表V1：量程3V，內(nèi)阻約為3KΩE．電壓表V2：量程15V，內(nèi)阻約為50KΩF．滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10ΩG．滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值1000ΩH．開關(guān)S，導(dǎo)線若干①為較準(zhǔn)確測量該電阻的阻值，要求各電表指針能有較大的變化范圍，以上器材中電流表應(yīng)選（填“B”或“C”），電壓表應(yīng)選（填“D”或“E”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填“F”或“G”）②請畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖．選做題：本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)答題區(qū)域內(nèi)作答，若多作，則按A、B兩小題評分．A（選修33）12．（4分）下列說法正確的是（）A．液體溫度越高、懸浮顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈B．不考慮分子勢能，則質(zhì)量、溫度均相同的氫氣和氧氣的內(nèi)能也相同C．第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成，因?yàn)檫`背了能量守恒定律D．物體吸收熱量，則其內(nèi)能一定增加E．能量耗散從能量轉(zhuǎn)化角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性13．（4分）汽車內(nèi)燃機(jī)氣缸內(nèi)汽油燃燒時(shí)，氣體體積膨脹推動(dòng)活塞對外做功．已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學(xué)能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J．該內(nèi)燃機(jī)的效率為．隨著科技的進(jìn)步，可設(shè)法減少熱量的損失，則內(nèi)燃機(jī)的效率能不斷提高，其效率（選填“有可能”或“仍不可能”）達(dá)到100%．14．（4分）如圖，上端開口的圓柱形汽缸豎直放置，截面積為5×10﹣3m2，一定質(zhì)量的氣體被質(zhì)量為2.0kg的光滑活塞封閉在汽缸內(nèi)，求其壓強(qiáng)多大（1大氣壓強(qiáng)取1.01×105Pa，g取10N/kg）．若從初溫27℃開始加熱氣體，使活塞離汽缸底部的高度由0.5m緩慢變?yōu)锽.（選修34）15．下列說法正確的是（）A．胃鏡利用了光的全反射原理B．用三棱鏡觀察太陽光譜是利用光的干涉現(xiàn)象C．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象D．電視機(jī)遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)來換頻道的16．如圖所示為一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的圖象．此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，且當(dāng)t=0.55s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P恰好第3次到達(dá)y軸正方向最大位移處．則該簡諧橫波的波速v的大小和方向?yàn)?？周期是?7．如圖所示，扇形AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角∠AOB=60°．一束平行于角平分線OM的單色光由OA射入介質(zhì)，經(jīng)OA折射的光線恰平行于OB．（1）求介質(zhì)的折射率．（2）折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光線（填“能”或“不能”）發(fā)生全反射（給出證明過程）．C選修3518．關(guān)于核反應(yīng)方程Th→Pa+X+△E（△E為釋放出的核能，X為新生成粒子），已知Th的半衰期為T，則下列說法正確的是（）A．Pa沒有放射性B．Pa比Th少1個(gè)中子，X粒子是從原子核中射出的，此核反應(yīng)為β衰變C．N0個(gè)Th經(jīng)2T時(shí)間因發(fā)生上述核反應(yīng)而放出的核能為N0△E（N0數(shù)值很大）D．Th的比結(jié)合能為E．Th的化合物的半衰期等于T19．如圖甲所示為研究發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)通過光電管上的電流隨電壓變化的電路，用頻率為υ的單色光照射陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)，改變光電管兩端的電壓，測得電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示，已知電子的帶電荷量為﹣e，真空中的光速為c，普朗克常量為h．①從陰極K逸出光電子的最大初動(dòng)能Ek=，陰極K的極限頻率υ0=；②若用上述單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，恰能使氫原子躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)，氫原子處于基態(tài)時(shí)的能量E1=（已知?dú)湓觧級上的能量En與基態(tài)的能量滿足En=）．20．質(zhì)量M=2kg的小平板車靜止在光滑水平面上，車的一端靜止著質(zhì)量為mA=2kg的物體A（可視為質(zhì)點(diǎn)），如圖所示．一顆質(zhì)量為mB=20g的子彈以600m/s的水平速度迅速射穿A后，速度變?yōu)?00m/s最后物體A仍靜止在車上．若物體A與小車間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)μ=0.5，取g=10m/s2，求：（1）平板車最后的速度是多大？（2）從子彈射穿A到物體A靜止在車上需多少時(shí)間？四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21．（15分）如圖所示，高臺(tái)的上面有一豎直的圓弧形光滑軌道，半徑R=m，軌道端點(diǎn)B的切線水平．質(zhì)量M=5kg的金屬滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）由軌道頂端A由靜止釋放，離開B點(diǎn)后經(jīng)時(shí)間t=1s撞擊在斜面上的P點(diǎn)．已知斜面的傾角θ=37°，斜面底端C與B點(diǎn)的水平距離x0=3m．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計(jì)空氣阻力．（1）求金屬滑塊M運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大?。?）若金屬滑塊M離開B點(diǎn)時(shí)，位于斜面底端C點(diǎn)、質(zhì)量m=1kg的另一滑塊，在沿斜面向上的恒定拉力F作用下由靜止開始向上加速運(yùn)動(dòng)，恰好在P點(diǎn)被M擊中．已知滑塊m與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，求拉力F大?。?）滑塊m與滑塊M碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，碰后立即撤去拉力F，此時(shí)滑塊m速度變?yōu)?m/s，仍沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，為了防止二次碰撞，迅速接住并移走反彈的滑塊M，求滑塊m此后在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．22．（16分）如圖，等量異種點(diǎn)電荷，固定在水平線上的M、N兩點(diǎn)上，有一質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷）的小球，固定在長為L的絕緣輕質(zhì)細(xì)桿的一端，細(xì)桿另一端可繞過O點(diǎn)且與MN垂直的水平軸無摩擦地轉(zhuǎn)動(dòng)，O點(diǎn)位于MN的垂直平分線上距MN為L處．現(xiàn)在把桿拉起到水平位置，由靜止釋放，小球經(jīng)過最低點(diǎn)B時(shí)速度為v，取O點(diǎn)電勢為零，忽略q對等量異種電荷形成電場的影響．求：（1）小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)對桿的拉力大??；（2）在+Q、﹣Q形成的電場中，A點(diǎn)的電勢φA；（3）小球繼續(xù)向左擺動(dòng)，經(jīng)過與A等高度的C點(diǎn)時(shí)的速度大?。?3．（16分）如圖甲所示，一個(gè)質(zhì)量m=0.1kg的正方形金屬框總電阻R=0.5Ω，金屬框放在表面絕緣的斜面AA′B′B的頂端（金屬框上邊與AA′重合），自靜止開始沿斜面下滑，下滑過程中穿過一段邊界與斜面底邊BB′平行、寬度為d的勻強(qiáng)磁場后滑至斜面底端（金屬框下邊與BB′重合），設(shè)金屬框在下滑過程中的速度為v，與此對應(yīng)的位移為x，那么v2﹣x圖象如圖乙所示，已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場方向垂直斜面向上，金屬框與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，斜面傾角θ=53°取g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：（1）金屬框下滑加速度a和進(jìn)入磁場的速度v1；（2）金屬框經(jīng)過磁場時(shí)受到的安培力FA大小和產(chǎn)生的電熱Q；（3）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B．

2016屆江蘇省高考物理壓軸卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．1．2011年中俄曾聯(lián)合實(shí)施探測火星計(jì)劃，由中國負(fù)責(zé)研制的“螢火一號(hào)”火星探測器與俄羅斯研制的“福布斯﹣土壤”火星探測器一起由俄羅斯“天頂”運(yùn)載火箭發(fā)射前往火星．由于火箭故障未能成功，若發(fā)射成功，且已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的．下列關(guān)于火星探測器的說法中正確的是（）A．發(fā)射速度只要大于第一宇宙速度即可B．發(fā)射速度只有達(dá)到第三宇宙速度才可以C．發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度D．火星的第一宇宙速度是地球的3倍【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【分析】第一宇宙速度是衛(wèi)星發(fā)射的最小速度．第二宇宙速度是人造天體脫離地球引力束縛所需的最小速度．第三宇宙速度是人造天體脫離太陽束縛所需的最小速度．求一個(gè)物理量之比，我們應(yīng)該把這個(gè)物理量先表示出來，再進(jìn)行之比．【解答】解：ABC、火星探測器前往火星，脫離地球引力束縛，還在太陽系內(nèi)，發(fā)射速度應(yīng)大于第二宇宙速度、可以小于第三宇宙速度，故AB錯(cuò)誤、C正確．D、由G=m得：v=已知火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，火星的半徑約為地球半徑的，可得火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比：===，故D錯(cuò)誤．故選：C．【點(diǎn)評】本題要求同學(xué)們了解三個(gè)宇宙速度的基本含義．通過物理規(guī)律把進(jìn)行比較的物理量表示出來，再通過已知的物理量關(guān)系求出問題是選擇題中常見的方法．2．如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個(gè)等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知錯(cuò)誤的是（）A．三個(gè)等勢面中，c的電勢最高B．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的電勢能較Q點(diǎn)大C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大【考點(diǎn)】等勢面【分析】由于質(zhì)點(diǎn)只受電場力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場力指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右下方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強(qiáng)度大．【解答】解：A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，故A正確；B、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點(diǎn)的電勢能大于Q點(diǎn)的電勢能，故B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動(dòng)能增大，故P點(diǎn)的動(dòng)能小于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D、等勢線密的地方電場線密場強(qiáng)大，故P點(diǎn)位置電場強(qiáng)，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．本題選錯(cuò)誤的，故選：C．【點(diǎn)評】解決這類帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的思路是：根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢、電場強(qiáng)度、電勢能、動(dòng)能等物理量的變化．3．如圖1所示，一個(gè)圓形線圈的匝數(shù)n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個(gè)阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖2所示．下列說法中正確的是（）A．電阻R兩端的電壓保持不變B．初始時(shí)刻穿過線圈的磁通量為0.4WbC．線圈電阻r消耗的功率為4×10﹣4WD．前4s內(nèi)通過R的電荷量為4×10﹣4【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律【分析】線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時(shí)間均勻變化時(shí)，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流．由楞次定律可確定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢大小，運(yùn)用功率與電量的表達(dá)式，從而即可求解．【解答】解：A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可知，磁通量的變化率恒定，所以電動(dòng)勢恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故A正確．B、初始時(shí)刻穿過線圈的磁通量為?=BS=0.2×200×10﹣4=0.004Wb，故B錯(cuò)誤；C、由法拉第電磁感應(yīng)定律：E=N=N=100××0.02V=0.1V，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為I==A=0.02A，所以線圈電阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正確；D、前4s內(nèi)通過R的電荷量為：Q=It=0.02×4C=0.08C，故D錯(cuò)誤；故選：AC．【點(diǎn)評】考查楞次定律來判定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律來求出感應(yīng)電動(dòng)勢大?。?dāng)然本題還可求出電路的電流大小，及電阻消耗的功率．同時(shí)磁通量變化的線圈相當(dāng)于電源．4．原來都是靜止的質(zhì)子和α粒子，經(jīng)過同一電壓的加速電場后，它們的速度大小之比為（）A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：1【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)【分析】根據(jù)動(dòng)能定理列式得到加速獲得的速度表達(dá)式，結(jié)合質(zhì)子和α粒子的比荷求解速度之比．【解答】解：設(shè)任一帶電粒子的質(zhì)量為m，電量為q，加速電場的電壓為U，根據(jù)動(dòng)能定理得：qU=得速度大?。簐=，即得速度大小與比荷的平方根成正比．質(zhì)子和α粒子比荷之比為：=：=2：1所以解得速度之比vH：vα=：1．故選：C．【點(diǎn)評】本題帶電粒子在電場中加速問題，根據(jù)動(dòng)能定理求速度是常用方法．本題還要對質(zhì)子與α粒子的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)要區(qū)分清楚．5．一個(gè)物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)．如果僅使用其中的一個(gè)力大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大?。ù肆Φ姆较蚴冀K未變），在這過程中其余各力均不變，那么下列各圖中，能正確描述該過程中物體速度變化情況的（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【分析】據(jù)題，物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體所受的合力為零，其中的一個(gè)力與其他各力的合力大小相等、方向相反．當(dāng)保持這個(gè)力方向不變、大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大小，分析物體的合力如何變化，確定物體的加速度如何變化，分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，判斷速度的變化情況，再選擇圖象．【解答】解：依題，原來物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體所受的合力為零，使其中的一個(gè)力保持方向不變、大小逐漸減小到零，然后又從零逐漸恢復(fù)到原來的大小的過程中，物體的合力從開始逐漸增大，又逐漸減小恢復(fù)到零，物體的加速度先增大后減小，物體先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)．根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度可知，速度圖象的斜率先增大后減小，所以圖象D正確．故選：D．【點(diǎn)評】本題考查根據(jù)物體的受力情況來分析物體運(yùn)動(dòng)情況的能力，要用到共點(diǎn)力平衡條件的推論：物體在幾個(gè)力作用下平衡時(shí)，其中一個(gè)力與其他各力的合力大小相等、方向相反．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．6．（4分）如圖所示，兩根長度不同的細(xì)線分別系有兩個(gè)小球m1、m2，細(xì)線的上端都系于O點(diǎn)．設(shè)法讓兩個(gè)小球在同一水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．已知兩細(xì)線長度之比L1：L2=：1，L1跟豎直方向的夾角為60°角，下列說法正確的是（）A．兩小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等B．兩小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度相等C．兩小球的質(zhì)量比一定是m1：m2=：1D．L2細(xì)線跟豎直方向成45°角【考點(diǎn)】向心力；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速【分析】小球受重力和拉力，兩個(gè)力的合力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；通過合力提供向心力，比較出兩球的角速度大小，從而比較出周期的關(guān)系；抓住小球距離頂點(diǎn)O的高度相同求出L2與豎直方向上的夾角；抓住小球距離頂點(diǎn)O的高度相同求出半徑的關(guān)系，根據(jù)v=ωr比較線速度關(guān)系．【解答】解：A、設(shè)繩與豎直方向夾角為θ，水平面距懸點(diǎn)高為h，由牛頓第二定律得：mgtanθ=m（h?tanθ）則：T=2π由上式可知T與繩長無關(guān)，所以A正確；B、兩球在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則L1cos60°=L2cosθ，解得：θ=45°由于v=，故v正比于r，故線速度之比為：；故B錯(cuò)誤，D正確；C、根據(jù)mgtanθ=mLsinθω2，知小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)與質(zhì)量無關(guān)，無法求出兩小球的質(zhì)量比，故C錯(cuò)誤；故選：AD【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵會(huì)正確地受力分析，知道勻速圓周運(yùn)動(dòng)向心力是由物體所受的合力提供．7．（4分）圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形金屬線圈繞與磁場方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為10Ω，外接一只電阻為90Ω的燈泡，不計(jì)電路的其他電阻，則（）A．t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直B．每秒鐘內(nèi)電流方向改變100次C．燈泡兩端的電壓為22VD．0～0.01s時(shí)間內(nèi)通過燈泡的電量為0【考點(diǎn)】交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式【分析】當(dāng)線框經(jīng)過中性面時(shí)通過線圈的磁通量最大．感應(yīng)電動(dòng)勢最小為零．由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢的周期，即可求解角速度．線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次．【解答】解：A、由圖象乙可知t=0時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢為零，處于中性面上，故A錯(cuò)誤；B、由題圖乙可知周期T=0.02s，線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次，每秒電流方向改變100次，故B正確；C、由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢的最大值是Em=31.1v，有效值為：，根據(jù)閉合電路的分壓特點(diǎn)得電壓表的示數(shù)為：，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)得：0～0.01s時(shí)間內(nèi)通過燈泡的電量為①②代入數(shù)據(jù)①②聯(lián)立得：q=0.00198c，故D錯(cuò)誤；故選：B．【點(diǎn)評】本題是準(zhǔn)確理解感應(yīng)電動(dòng)勢與磁通量的變化，知道磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢反而最?。鞔_線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次．能從圖象讀取有效信息8．（4分）某質(zhì)點(diǎn)在0～3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象如圖所示．關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的平均速度等于第2s內(nèi)的平均速度B．t=3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移最大C．質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的加速度與第3s內(nèi)的加速度大小相等，方向相反D．質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的位移與第3s內(nèi)的位移大小相等，方向相反【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【分析】在v﹣t中圖象的斜率代表物體的加速度，圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體在該段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移，平均速度等于位移除以時(shí)間，據(jù)此即可求解．【解答】解：A、v﹣t圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示物體在該段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移大小，故第1s位移大于第2s位移，故第1s內(nèi)的平均速度大于第2s內(nèi)的平均速度，故A錯(cuò)誤；B、0﹣2s沿著正方向運(yùn)動(dòng)，第3s沿著負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移最大，故B錯(cuò)誤；C、v﹣t圖象的斜率表示加速度，故質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)的加速度與第3s內(nèi)的加速度大小相等，方向相同，故D錯(cuò)誤；D、圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體在該段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移，則第2s內(nèi)的位移與第3s內(nèi)的位移大小相等，方向相反，故D正確；故選：D【點(diǎn)評】速度圖象的斜率等于物體的加速度，速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體在該段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移．掌握了這一規(guī)律即可順利解決此類題目．9．（4分）如圖所示圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于紙面方向的勻強(qiáng)磁場，一束質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準(zhǔn)圓心O射入勻強(qiáng)磁場，又都從該磁場中射出，這些粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間有的較長，有的較短，若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的帶電粒子以下不正確的是（）A．速率一定越小B．速率一定越大C．在磁場中通過的路程一定越長D．在磁場中的周期一定越大【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)【分析】因?yàn)槭且皇|(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準(zhǔn)圓心O射入勻強(qiáng)磁場的，則粒子射出磁場時(shí)的方向必背向圓心方向．再由周期公式，這些粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同．而在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，顯然時(shí)間越長，偏轉(zhuǎn)角越大．偏轉(zhuǎn)角越大，則半徑越小，由半徑公式，則速度越小．而在磁場中通過的路程s=θr，一大一小相的積不定大．【解答】解：AB因?yàn)槭且皇|(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準(zhǔn)圓心O射入勻強(qiáng)磁場的，則粒子射出磁場時(shí)的方向必背向圓心方向．再由周期公式，這些粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同．而在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，顯然時(shí)間越長，偏轉(zhuǎn)角越大．偏轉(zhuǎn)角越大，則半徑越小，由半徑公式，則速度越小．故A選項(xiàng)正確B選項(xiàng)錯(cuò)誤．C、通過的路程s=θr，與半徑和圓心角有關(guān)，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤．D、由周期公式看出，周期只與粒子本身和磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)，與時(shí)間和速度無關(guān)，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤．故選：BCD【點(diǎn)評】本題要注意以下幾點(diǎn)：一是粒子沿半徑方向射入的，則射出磁場方向一定是背向圓心的，這樣就很容易看出偏轉(zhuǎn)角的大小．二是本題直接利用了半徑公式和周期公式，沒有進(jìn)行推導(dǎo)（當(dāng)然由洛侖茲力提供向心力很容易得出結(jié)果）．三是本題要求填的是錯(cuò)誤選項(xiàng)，不要把正確的填上．三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第1220題）兩部分，共42分，請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．必做題：10．（10分）某同學(xué)為了探究物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)裝置如圖1．長直平板一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上．在平板上標(biāo)出A、B兩點(diǎn)，B點(diǎn)處放置一光電門，用光電計(jì)時(shí)器記錄滑塊通過光電門時(shí)擋光的時(shí)間，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①用游標(biāo)卡尺測測最滑塊的擋光長度d，用天平測量滑塊的質(zhì)量m；②用直尺測量A、B之間的距離s，A點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h1，B點(diǎn)到水平桌面的垂直距離h2；③將滑塊從A點(diǎn)靜止釋放．由光電計(jì)時(shí)器讀出滑塊的擋光時(shí)間t；④重復(fù)步驟③數(shù)次，井求擋光時(shí)間的平均值⑤利用所測數(shù)據(jù)求出摩擦力f和斜面傾角的余弦值cosα；⑥多次改變斜面的傾角，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟②③④⑤做出f﹣cosα關(guān)系曲線．（1）用測量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）①斜面傾角的余弦cosα=；②滑塊通過光電門時(shí)的速度v=；③滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a=；④滑塊運(yùn)動(dòng)時(shí)所受到的摩擦阻力f=mg﹣m；（2）測量滑塊擋光長度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖2所示，讀得d=3.62cm．【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)題意應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)求解正余弦函數(shù)值；滑塊在通過光電門時(shí)，平均速度等于遮光片的寬度d與其通過的時(shí)間之比，由于寬度較小，時(shí)間很短，所以瞬時(shí)速度接近平均速度；熟練應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v2﹣v02=2ax求解物體的加速度大?。粚瑝K受力分許，由牛頓第二定律列方程可以求出摩擦阻力．（2）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．【解答】解：（1）①由數(shù)學(xué)知識(shí)可知：cosα=；②滑塊通過光電門時(shí)的速度：v=；③由v2﹣v02=2ax可得：v2=2as，即：（）2=2as，解得加速度為：a=；④由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣f=ma，其中：sinθ=，解得：f=mg﹣m；（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3.6cm，游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對齊，因此其讀數(shù)為為0.1×2mm=0.2mm=0.02cm，所以最終讀數(shù)為：3.6cm+0.02cm=3.62cm；故答案為：（1）①；②；③；④mg﹣m；（2）3.62cm．【點(diǎn)評】熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)和牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問題；掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．11．（8分）某同學(xué)利用伏安法測量某未知電阻Rx的精確電阻（阻值恒定），進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：（1）他先用萬用電表歐姆擋測該未知電阻的阻值．將開關(guān)置于1擋位，指針示數(shù)如圖，若想更準(zhǔn)確一些，下面操作正確的步驟順序是DAE（填序號(hào)）A．將兩表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零B．將兩表筆短接進(jìn)行機(jī)械調(diào)零C．將開關(guān)置于1k擋D．將開關(guān)置于100擋E．將兩表筆接未知電阻兩端，待指針穩(wěn)定后讀數(shù)（2）然后用以下器材用伏安法盡可能精確地測量該電阻：A．直流電源E：電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻忽略B．電流表A1：量程0.3A，內(nèi)阻約為0.1ΩC．電流表A2：量程3mA，內(nèi)阻約為10ΩD．電壓表V1：量程3V，內(nèi)阻約為3KΩE．電壓表V2：量程15V，內(nèi)阻約為50KΩF．滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10ΩG．滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值1000ΩH．開關(guān)S，導(dǎo)線若干①為較準(zhǔn)確測量該電阻的阻值，要求各電表指針能有較大的變化范圍，以上器材中電流表應(yīng)選C（填“B”或“C”），電壓表應(yīng)選D（填“D”或“E”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F（填“F”或“G”）②請畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖．【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線；伏安法測電阻【分析】（1）明確歐姆表測電阻的基本步驟即可解答；（2）①根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求可明確滑動(dòng)變阻器接法，從而選擇滑動(dòng)變阻器；明確電流表和電壓表的使用方法從而確定電表；②根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求和原理明確電路圖．【解答】解：（1）選擇倍率后，歐姆表指針讀數(shù)偏大，應(yīng)該換用小倍率，更好倍率需要重新歐姆調(diào)零，所以先更好大倍率即步驟D，再歐姆調(diào)零即步驟A，最后測量電阻即步驟E．（2）①要使得電表指針有較大變化范圍，滑動(dòng)變阻器選擇分壓式接入，所以滑動(dòng)變阻器選擇阻值小的即F；電壓電動(dòng)勢為3v，所以電壓表為讀數(shù)準(zhǔn)確選擇小量程即D．根據(jù)歐姆表可知待測電阻阻值在1000Ω左右，而電壓最大只有3v，所以電流不會(huì)超過3mA，電流表選擇C．②滑動(dòng)變阻器已經(jīng)確定分壓式，而待測電阻阻值較大，電流表內(nèi)阻較小，所以電流表選擇內(nèi)接法．如圖所示．故答案為：（1）DAE；（2）①C；D；F；②如圖所示．【點(diǎn)評】本題考查伏安法測電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中分壓和限流接法的正確選擇，同時(shí)注意電表的改裝原理的應(yīng)用．選做題：本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應(yīng)答題區(qū)域內(nèi)作答，若多作，則按A、B兩小題評分．A（選修33）12．（4分）下列說法正確的是（）A．液體溫度越高、懸浮顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈B．不考慮分子勢能，則質(zhì)量、溫度均相同的氫氣和氧氣的內(nèi)能也相同C．第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成，因?yàn)檫`背了能量守恒定律D．物體吸收熱量，則其內(nèi)能一定增加E．能量耗散從能量轉(zhuǎn)化角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性【考點(diǎn)】熱力學(xué)第二定律；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；熱力學(xué)第一定律【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志；第一類永動(dòng)機(jī)是指不需消耗能量而能輸出機(jī)械能的裝置；熱力學(xué)第二定律公式△U=W+Q．【解答】解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，液體溫度越高、懸浮顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，故A正確；B、不考慮分子勢能，則質(zhì)量、溫度相同的氫氣和氧氣的分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能相同，但由于氫氣分子的分子數(shù)多，故是氫氣的內(nèi)能大，故B錯(cuò)誤；C、第一類永動(dòng)機(jī)是指不需消耗能量而能輸出機(jī)械能的裝置，因?yàn)檫`背了能量守恒定律，故第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成；故C正確；D、物體吸收熱量的同時(shí)可能對外做功，故其內(nèi)能不一定增加，故D錯(cuò)誤；E、能量耗散從能量轉(zhuǎn)化角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性，符合熱力學(xué)第二定律，故E正確；故選：ACE．【點(diǎn)評】本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、內(nèi)能、溫度微觀意義、熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律等，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵是記住基礎(chǔ)知識(shí)．13．（4分）汽車內(nèi)燃機(jī)氣缸內(nèi)汽油燃燒時(shí)，氣體體積膨脹推動(dòng)活塞對外做功．已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學(xué)能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J．該內(nèi)燃機(jī)的效率為20%．隨著科技的進(jìn)步，可設(shè)法減少熱量的損失，則內(nèi)燃機(jī)的效率能不斷提高，其效率仍不可能（選填“有可能”或“仍不可能”）達(dá)到100%．【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律【分析】解答本題需掌握：熱力學(xué)第一定律公式：△U=W+Q；熱力學(xué)第二定律：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力過程中熵的微增量總是大于零．【解答】解：汽油燃燒釋放的化學(xué)能為1×103J，因尾氣排放、汽缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8.0×102J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的能量為：200J；機(jī)械效率：η=×100%=20%；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響，故熱機(jī)的效率不可能達(dá)到100%；故答案為：20%，仍不可能．【點(diǎn)評】本題考查了熱力學(xué)第一定律和熱力學(xué)第二定律，關(guān)鍵熟悉熱力學(xué)第二定律的不同表述形式，基礎(chǔ)題．14．（4分）如圖，上端開口的圓柱形汽缸豎直放置，截面積為5×10﹣3m2，一定質(zhì)量的氣體被質(zhì)量為2.0kg的光滑活塞封閉在汽缸內(nèi)，求其壓強(qiáng)多大（1大氣壓強(qiáng)取1.01×105Pa，g取10N/kg）．若從初溫27℃開始加熱氣體，使活塞離汽缸底部的高度由0.5m緩慢變?yōu)椤究键c(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；氣體的體積、溫度、壓強(qiáng)之間的關(guān)系【分析】對活塞應(yīng)用平衡條件可以求出封閉氣體的壓強(qiáng)；求出氣體的狀態(tài)參量，應(yīng)用蓋呂薩克定律可以求出氣體的溫度．【解答】解：封閉氣體的壓強(qiáng)：p1=p0+=1.05×105Pa，氣體的狀態(tài)參量：V1=0.5S，T1=273+27=300K，V2=0.51S，氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律得：=，即：=，解得：T2=306K，氣體的溫度：t2=306﹣273=33℃；答：氣體的壓強(qiáng)為1.05×105Pa；此時(shí)氣體的溫度為33℃．【點(diǎn)評】本題考查了求氣體的壓強(qiáng)與氣體溫度問題，應(yīng)用平衡條件可以求出氣體的壓強(qiáng)；分析清楚氣體狀態(tài)變化過程、求出氣體的狀態(tài)參量，應(yīng)用蓋呂薩克定律可以解題．B.（選修34）15．下列說法正確的是（）A．胃鏡利用了光的全反射原理B．用三棱鏡觀察太陽光譜是利用光的干涉現(xiàn)象C．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象D．電視機(jī)遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)來換頻道的【考點(diǎn)】全反射；光的干涉；光的偏振【分析】胃鏡利用了光的全反射現(xiàn)象；三棱鏡觀察太陽光譜是利用光的折射色散現(xiàn)象；檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象；遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號(hào)，從而即可各項(xiàng)求解．【解答】解：A、胃鏡利用了光的全反射原理，故A正確；B、三棱鏡觀察太陽光譜，是利用光的折射率不同，出現(xiàn)光的折射色散現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C、標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度，是利用光的空氣薄層的反射面，得到頻率相同的光，進(jìn)行相互疊加，體現(xiàn)光的干涉現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D、遙控器是利用發(fā)出紅外線，波長較長，容易發(fā)生衍射，故D正確；故選：AD．【點(diǎn)評】考查光的全反射、干涉與衍射原理及其區(qū)別與聯(lián)系，注意光的偏振的意義，同時(shí)理解干涉色散與折射色散的不同．16．如圖所示為一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的圖象．此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，且當(dāng)t=0.55s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P恰好第3次到達(dá)y軸正方向最大位移處．則該簡諧橫波的波速v的大小和方向?yàn)?m/s，沿x軸負(fù)向？周期是0.2s？【考點(diǎn)】橫波的圖象【分析】由質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)情況，確定出波的周期，讀出波長，再由波速公式求出波速大小和方向．【解答】解：t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，由“上下坡法”可知此波沿x軸負(fù)向傳播．在t1=0到t2=0.55s這段時(shí)間里，質(zhì)點(diǎn)P恰好第3次到達(dá)y正方向最大位移處則有（2+）T=0.55s解得T=0.2s由圖象可得簡諧波的波長為λ=0.4m則波速v===2m/s故答案為：2m/s，沿x軸負(fù)向．0.2s．【點(diǎn)評】本題要由質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向確定波的傳播方向，這波的圖象中基本問題，方法較多，其中一種方法是“上下坡法”，把波形象看成山坡：順著波的傳播方向，上坡的質(zhì)點(diǎn)向下，下坡的質(zhì)點(diǎn)向上．17．（2011?山東）如圖所示，扇形AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角∠AOB=60°．一束平行于角平分線OM的單色光由OA射入介質(zhì)，經(jīng)OA折射的光線恰平行于OB．（1）求介質(zhì)的折射率．（2）折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光線不能（填“能”或“不能”）發(fā)生全反射（給出證明過程）．【考點(diǎn)】光的折射定律【分析】（1）根據(jù)題意作出光路圖，由幾何知識(shí)求出入射角和折射角，即可由折射定律公式n=求解折射率．（2）由幾何知識(shí)求出光線在M點(diǎn)的入射角，與臨界角比較，分析能否發(fā)生全反射．【解答】解：（1）作出光路圖，由幾何知識(shí)可知，入射角i=60°，折射角r=30°根據(jù)折射定律得：n===（2）由幾何知識(shí)求出光線在M點(diǎn)的入射角i′=30°，sini′=0.5臨界角的正弦為sinC==＞sini′，即有i′＜C故折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光線不能發(fā)生全反射．答：（1）介質(zhì)的折射率為；（2）不能【點(diǎn)評】對于幾何光學(xué)，作出光路圖是解題的基礎(chǔ)，并要充分運(yùn)用幾何知識(shí)求解入射角和折射角．C選修3518．關(guān)于核反應(yīng)方程Th→Pa+X+△E（△E為釋放出的核能，X為新生成粒子），已知Th的半衰期為T，則下列說法正確的是（）A．Pa沒有放射性B．Pa比Th少1個(gè)中子，X粒子是從原子核中射出的，此核反應(yīng)為β衰變C．N0個(gè)Th經(jīng)2T時(shí)間因發(fā)生上述核反應(yīng)而放出的核能為N0△E（N0數(shù)值很大）D．Th的比結(jié)合能為E．Th的化合物的半衰期等于T【考點(diǎn)】原子核的人工轉(zhuǎn)變【分析】質(zhì)量數(shù)較大的核都有放射性，β衰變是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而釋放一個(gè)電子，半衰期與原子核所處狀態(tài)無關(guān)．【解答】解：A、質(zhì)量數(shù)較大的核都有放射性，故A錯(cuò)誤；B、由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知X為電子，是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而釋放一個(gè)電子，是β衰變，故B正確；C、經(jīng)2T時(shí)間還剩余四分之一沒衰變，發(fā)生上述核反應(yīng)而放出的核能為N0△E，故C正確；D、的比結(jié)合能是234個(gè)核子結(jié)合成時(shí)放出的能量，該能量不是它衰變時(shí)放出的能量△E，所以的比結(jié)合能不是，故D錯(cuò)誤；E、半衰期與原子核所處狀態(tài)無關(guān)，則的化合物的半衰期等于T，故E正確；故選：BCE【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是掌握愛因斯坦質(zhì)能方程△E=△mc2以及比結(jié)合能的計(jì)算公式，掌握衰變的實(shí)質(zhì)和半衰期的特點(diǎn)19．如圖甲所示為研究發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)通過光電管上的電流隨電壓變化的電路，用頻率為υ的單色光照射陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)，改變光電管兩端的電壓，測得電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示，已知電子的帶電荷量為﹣e，真空中的光速為c，普朗克常量為h．①從陰極K逸出光電子的最大初動(dòng)能Ek=eUC，陰極K的極限頻率υ0=v﹣；②若用上述單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，恰能使氫原子躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)，氫原子處于基態(tài)時(shí)的能量E1=（已知?dú)湓觧級上的能量En與基態(tài)的能量滿足En=）．【考點(diǎn)】愛因斯坦光電效應(yīng)方程【分析】①根據(jù)遏止電壓，結(jié)合動(dòng)能定理求出光電子的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程求出陰極K的極限頻率．②根據(jù)吸收的能量等于兩能級間的能級差，求出氫原子處于基態(tài)的能量．【解答】解：①由圖乙，根據(jù)動(dòng)能定理可知﹣eUC=0﹣Ek解得：Ek=eUC根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)有：Ek=hυ﹣W0又W0=hv0解得：v0=v﹣．②在原子躍遷過程中，根據(jù)能量守恒定律有：hv=△E=E4﹣E1=（﹣1）E1解得：E1=．故答案為：①eUC，v﹣；②．【點(diǎn)評】本題考查了光電效應(yīng)和能級躍遷的綜合運(yùn)用，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系，掌握光電效應(yīng)方程，知道能級躍遷輻射或吸收的能量等于兩能級間的能級差．20．質(zhì)量M=2kg的小平板車靜止在光滑水平面上，車的一端靜止著質(zhì)量為mA=2kg的物體A（可視為質(zhì)點(diǎn)），如圖所示．一顆質(zhì)量為mB=20g的子彈以600m/s的水平速度迅速射穿A后，速度變?yōu)?00m/s最后物體A仍靜止在車上．若物體A與小車間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)μ=0.5，取g=10m/s2，求：（1）平板車最后的速度是多大？（2）從子彈射穿A到物體A靜止在車上需多少時(shí)間？【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【分析】（1）子彈與A組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出A的速度，A與平板車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出平板車的速度．（2）應(yīng)用動(dòng)量定理可以求出從子彈射穿A到物體A靜止在車上需多少時(shí)間．【解答】解：（1）研究子彈、物體打擊過程，動(dòng)量守恒有：mv0=mv′+MAv代入數(shù)據(jù)得vA=5m/s同理分析M和MA系統(tǒng)自子彈穿出后直至相對靜止有：MAvA=（M+MA）v代入數(shù)據(jù)得平板車最后速度為：v=2.5m/s注意：也可全過程研究三者組成的系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒求平板車最后的速度．（2）對物體A在小平板車上滑動(dòng)過程中，由動(dòng)量定理可得：﹣μmg?t=mv﹣mvA，解得：t=0.5s答：（1）平板車最后的速度是2.5m/s；（2）從子彈射穿A到物體A靜止在車上需0.5s時(shí)間．【點(diǎn)評】本題考查了求速度、距離與時(shí)間問題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律、動(dòng)量定理即可正確解題．四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21．（15分）如圖所示，高臺(tái)的上面有一豎直的圓弧形光滑軌道，半徑R=m，軌道端點(diǎn)B的切線水平．質(zhì)量M=5kg的金屬滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）由軌道頂端A由靜止釋放，離開B點(diǎn)后經(jīng)時(shí)間t=1s撞擊在斜面上的P點(diǎn)．已知斜面的傾角θ=37°，斜面底端C與B點(diǎn)的水平距離x0=3m．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計(jì)空氣阻力．（1）求金屬滑塊M運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大?。?）若金屬滑塊M離開B點(diǎn)時(shí)，位于斜面底端C點(diǎn)、質(zhì)量m=1kg的另一滑塊，在沿斜面向上的恒定拉力F作用下由靜止開始向上加速運(yùn)動(dòng)，恰好在P點(diǎn)被M擊中．已知滑塊m與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，求拉力F大?。?）滑塊m與滑塊M碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，碰后立即撤去拉力F，此時(shí)滑塊m速度變?yōu)?m/s，仍沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，為了防止二次碰撞，迅速接住并移走反彈的滑塊M，求滑塊m此后在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；平拋運(yùn)動(dòng)【分析】（1）由機(jī)械能守恒定律求出滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度，然后由牛頓第二定律求出軌道對滑塊的支持力，再由牛頓第三定律求出滑塊對B的壓力．（2）由平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)求出M的水平位移，然后由幾何知識(shí)求出M的位移，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出M的加速度，由牛頓第二定律求出拉力大?。?）由牛頓第二定律求出加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求出滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解答】解：（1）從A到B過程，由機(jī)械能守恒定律得：MgR=M，解得：vB=5m/s，在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得：F﹣Mg=M，解得：F=150N，由牛頓第三定律可知，M在B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小F′=F=150N，方向豎直向下．（2）M離開B后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移：x=vBt=5m/s×1s=5m，由幾何知識(shí)可知，m的位移：xm==2.5m，設(shè)滑塊m向上運(yùn)動(dòng)的加速度為a，由勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式得：xm=at2，解得：a=5m/s2，對滑塊