2023屆福建省泉州市高三下學期5月適應性練習物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1泉州市2023屆高三適應性練習卷物理一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖為高速攝影機拍攝到子彈穿過撲克牌瞬間的照片，子彈的速度約為，長度約為撲克牌寬度的，則子彈穿過撲克牌的時間接近于（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗子彈的長度約為2cm，所以撲克牌的寬度約為6cm，則子彈穿過撲克牌的時間故B正確。故選B。2.2022年10月31日，夢天實驗艙搭乘長征五號遙四運載火箭，在中國文昌航天發(fā)射場發(fā)射升空，進入預定軌道，并按照預定程序與空間站組合體交會對接。對接前夢天實驗艙處于比空間站更低的圓軌道。下列說法正確的是（）A.夢天實驗艙運行的速度大于第一宇宙速度B.夢天實驗艙對接后運行周期變小C.要完成對接，夢天實驗艙應該在原軌道適當減速D.若已知空間站在軌運行周期、運行速度及引力常量，則可估算出地球的質(zhì)量〖答案〗D〖解析〗A．第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球表面運行的最大速度，根據(jù)夢天實驗艙運行半徑大于地球半徑，可知運行的速度小于第一宇宙速度，故A錯誤；B．根據(jù)可得對接前夢天實驗艙處于比空間站更低的圓軌道，對接后運行軌道半徑變大，可知周期變大，故B錯誤；C．要完成對接，夢天實驗艙應該在原軌道適當加速，做離心運動，故C錯誤；D．根據(jù)，可估算出地球的質(zhì)量，故D正確。故選D。3.如圖，建筑工地上工人用磚夾把四塊磚夾住，并用豎直向上的拉力勻加速提起，磚與磚、磚與磚夾之間未發(fā)生相對滑動，每塊磚的重力大小均為，磚夾的質(zhì)量不計。若，則在加速提起過程中第2、3塊磚之間的摩擦力大小為（）A.0 B. C. D.〖答案〗A〖解析〗整體法將四塊磚看成一個整體，則加速度為將第2、3塊磚看成整體，則磚塊1對磚塊2的摩擦力與磚塊4對磚塊3的摩擦力都為f，且方向均豎直向上，有解得對磚塊3，根據(jù)牛頓第二定律有由以上各式解得即在加速提起過程中第2、3塊磚之間的摩擦力大小為，故A正確，BCD錯誤。故選A。4.間距為的平行光滑金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，整個裝置處于豎直向下的磁場中，沿方向建立坐標，磁感應強度大小隨坐標的關(guān)系為（均為大于零的常數(shù)）。將質(zhì)量為的金屬桿鎖定在坐標原點處，間接一恒流裝置，該裝置可使回路保持恒定的電流，電流方向由到，如圖所示。某時刻解除鎖定的同時對施加一個大小為、方向沿軸正方向的恒定外力，使從靜止開始向右運動，始終與導軌垂直且接觸良好。則在運動過程中，金屬桿（）A.運動的加速度大小不變B.速度達到最大時的坐標值為C.最大速度為D.最大位移為〖答案〗C〖解析〗A．由于導體棒長度、電流恒定，磁感應強度隨位置線性增加，安培力隨位置線性增加，有即隨變化規(guī)律如圖由圖像可知隨線性變化，故加速度也隨線性變化，A選項錯誤；BC．當速度達到最大時即加速度為零，可得到圖像與橫軸交點坐標為，也可算出從靜止開始向右運動到過程中合力做的功為，由動能定理有可得最大速度B選項錯誤，C選項正確；D．在從靜止開始向右運動的過程中做的功為零，即圖像與坐標軸構(gòu)成的兩三角形面積相等，可得到圖像與橫軸交點坐標，D選項錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.“玉兔二號”是我國自主設(shè)計制造并成功登陸月球的第二輛無人探測車，在太陽光照射不到時，由同位素電池為其保暖供電。衰變時放出射線，生成原子核，并產(chǎn)生射線，已知的半衰期為88年。下列說法正確的是（）A.由于衰變時釋放能量，衰變過程質(zhì)量數(shù)不再守恒B.射線的電離能力比射線強，射線的貫穿能力比射線強C.原子核和粒子的結(jié)合能之和大于原子核的結(jié)合能D.經(jīng)過44年后，電池中的原子核數(shù)將剩為原來的一半〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒，衰變時的核反應方程式為衰變時釋放能量，衰變過程質(zhì)量數(shù)守恒，A錯誤；B．三種射線中射線的電離能力比射線強，射線的貫穿能力比射線強，B正確；C．反應過程，生成物比反應物穩(wěn)定，生成物的比結(jié)合能大于反應物的比結(jié)合能，可知原子核和粒子的結(jié)合能之和大于原子核的結(jié)合能，C正確；D．的半衰期為88年，即經(jīng)過88年后，電池中的原子核數(shù)將剩為原來的一半，D錯誤。故選BC。6.如圖，平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，為兩板間的一固定點。靜電計的金屬球與電容器的負極板連接，外殼接地。若保持電容器負極板不動，僅將正極板緩慢向左平移一小段距離，則（）A.電容器的電容減小，靜電計指針的偏角增大B.電容器的電容增大，靜電計指針的偏角減小C.兩板間的電場強度不變，點的電勢降低D.兩板間的電場強度減小，點的電勢升高〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)，根據(jù)題意，極板所帶電荷量不變，極板間距增大，可知電容減小，極板之間的電勢差增大，即靜電計指針的偏角增大，A正確，B錯誤；CD．根據(jù)結(jié)合上述解得極板所帶電荷量不變，可知，兩板間的電場強度不變，令P點到左極板間距為x，則有由于解得正極板緩慢向左平移一小段距離，x增大，則點的電勢降低，C正確，D錯誤。故選AC。7.心電圖儀是將心肌收縮產(chǎn)生的脈動轉(zhuǎn)化為電壓脈沖的儀器，其輸出部分可等效為一個不計內(nèi)阻的交流電源，其電壓會隨著心跳頻率發(fā)生變化。如圖所示，心電圖儀與理想電流表、理想變壓器的初級線圈相連接，指示燈的阻值恒為滑動變阻器總阻值的一半?；瑒幼冏杵鞯幕跏紩r剛好位于的正中央。在滑動的過程中，始終發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi)，下列說法正確的是（）A.保持不動，當變大時，變亮B.保持不動，當變小時，電流表示數(shù)變大C.保持不變，在從中央緩慢向下滑動過程中，先變亮再變暗D.保持不變，在從中央緩慢向上滑動過程中，電流表示數(shù)先變小后變大〖答案〗AD〖解析〗AB．保持滑動變阻器滑片P不動，當變大時，根據(jù)變壓器原、副線圈的電壓與匝數(shù)關(guān)系可知，次級電壓變大，根據(jù)歐姆定律公式可知，次級電流減大，L變亮，根據(jù)變流比可知，原線圈電流表示數(shù)也變大，故A正確，B錯誤；C．若保持不變，根據(jù)變壓比可知，次級電壓不變，在從中央緩慢向下滑動過程中，L所在支路電阻逐漸增大，由歐姆定律可知流過燈泡的電流減小，所以L變暗，C錯誤；D．若保持不變，根據(jù)變壓比可知，次級電壓不變，在從中央緩慢向上滑動過程中，副線圈中的總電阻由題意，的阻值恒為滑動變阻器總阻值的一半，所以易得當時，副線圈中的總電阻最大，所以在從中央緩慢向上滑動過程中，R總先變大后變小，所以電流表示數(shù)先變小后變大，D正確。故選AD。8.如圖，在與勻強電場方向平行的平面內(nèi)取一個圓，圓心為，半徑為為圓周上的三個點，為直徑，。一群電荷量均為的相同粒子從點以相同的初動能沿紙面向各個方向均勻發(fā)射，從圓周上通過的粒子的最大動能為，到達點的粒子的動能為，沿方向射入的粒子從圓周上的點（未畫出）射出，不計粒子重力及粒子間的相互作用，則（）A.電場強度方向與垂直B.電場強度大小為C.可能沒有粒子到達點D.粒子從到過程電勢能減少量小于〖答案〗BC〖解析〗A．由動能定理可知設(shè)從圓上點離開動能最大，則延長到，使得，過點做圓的切線分別交圓在處，則場強可能是圖1和圖2兩個方向。如圖1，場強方向可能沿方向，對應的是粒子到達圓周上動能最大的位置；如圖2，場強可能沿與夾角為斜向右下方，對應的是粒子到達圓周上動能最大的位置，A選項錯誤；B．由B選項正確。C．若電場為圖1情況，粒子不可能達到點，C選項正確；D．由曲線運動的性質(zhì)可知沿著方向射入的粒子的運動軌跡應為速度方向與電場力方向所夾的一條曲線如圖3，曲線與圓的交點應在圓弧段（不包括兩點），從到電場力做功大于，電勢能變化量的絕對值大于，D錯誤。故選BC。三、非選擇題：共60分。考生根據(jù)要求作答。9.如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為，則整個過程外界對氣體所做的功為________。〖答案〗不變Q〖解析〗[1]氣體狀態(tài)由過程中所以是等壓過程，氣體壓強不變。[2]的整個過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則整個過程中氣體放出的熱量為，由熱力學第一定律可知解得整個過程外界對氣體所做功為10.半球形玻璃磚截面如圖所示，為圓心，為直徑。一束復色光沿方向入射，經(jīng)面折射后分成兩束，與邊的夾角分別為，則光在玻璃磚中傳播時間之比為________；當用光分別照射同一雙縫干涉裝置時，________（選填“”或“”）光形成的干涉條紋間距較大。〖答案〗a〖解析〗[1]設(shè)光束a，b入射角為，在璃磚中的折射率又則光在玻璃磚中傳播時間之比為[2]由na<nb，可知，根據(jù)可知，a的干涉條紋間距較大。11.某同學在研究共點力的合成規(guī)律時，用雙手分別拉住兩把彈簧測力計的拉環(huán)，將一重物懸掛豎直木板前，靜止時如圖甲所示，分別讀出和的示數(shù)，并在貼于木板的白紙上記錄點的位置和拉線的方向。在實驗過程中，請回答以下問題（1）某次實驗時彈簧測力計的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為______；（2）該同學在白紙上要記錄點的位置和拉線的方向時發(fā)現(xiàn)兩只手都用上了，無法記錄，請?zhí)岢鲆粋€能解決該問題的建議______；（3）該同學正確操作后，作出的拉力及合力的圖示，如圖丙，則的質(zhì)量約為______。A.0.1B.0.2C.0.4D.0.5〖答案〗（1）3.13（2）見〖解析〗（3）D〖解析〗（1）[1]由題圖可知，彈簧測力計分度值為0.1N，需要估讀到分度值下一位，所以彈簧測力計的示數(shù)為3.13N。（2）[2]先在白紙上畫出兩拉力方向及結(jié)點，兩測力計按預設(shè)的結(jié)點及方向拉重物（一測力計端固定，拉另一測力計）。（3）[3]由圖丙可知，合力F約5N，則的質(zhì)量約為0.5kg。故選D。12.手機快充線是否合格至關(guān)重要。很多手機都在用圖（a）所示的接口。協(xié)會關(guān)于充電線有個規(guī)范：長的充電線電阻應小于。實驗室有一條長的導線，某同學要通過實驗判斷該導線的電阻是否符合協(xié)會規(guī)范。實驗室提供的器材有：A.電流表（量程為，內(nèi)阻）B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）C.定值電阻（阻值為）D.定值電阻（阻值為）E.滑動變阻器（阻值范圍）F.電源（電動勢約為，內(nèi)阻不計）G.開關(guān)一個，導線若干該同學設(shè)計了如圖（b）所示的測量電路。請回答下列問題：（1）定值電阻應選用________（選填“C”或“D”）。（2）根據(jù)圖（b）所示的電路圖，請用筆畫線代替導線將圖（c）所示的實驗電路補充連接完整________。（3）該同學利用電流表示數(shù)和電流表示數(shù)，作出圖像如圖（d）所示（4）該同學所用導線的電阻為________，可以判定該導線________（選填“滿足”或“不滿足”）協(xié)會規(guī)范?！即鸢浮剑?）C（2）（4）0.40或0.38或0.39或0.41或0.42不滿足〖解析〗（1）[1]因待測電阻阻值較小，故在測量電路中串個電阻以保護電路，根據(jù)電源電動勢和電流表的量程分析可知定值電阻應選用定值電阻（阻值為），故選C。（2）[2]根據(jù)圖（b）所示的電路圖，實驗電路補充連接完整如下：（3）[3]由歐姆定律可得，待測電阻的阻值為由圖像斜率可知故該同學所用導線的電阻為[4]該導線電阻大于0.25Ω，可以判定不滿足協(xié)會規(guī)范。13.在芯片領(lǐng)域，人們通過離子注入的方式優(yōu)化半導體。其原理簡化如圖所示，Ⅰ區(qū)域為速度選擇器，存在著互相垂直的勻強電場和勻強磁場，電場強度大小為，磁感應強度大小為；Ⅱ區(qū)域為磁感應強度大小可調(diào)的勻強磁場，其邊界是邊長為的正方形。一長度為的半導體材料放在邊上，下端與點重合，上端為點。一束離子流從狹縫射入速度選擇器，沿著直線通過速度選擇器并從的中點垂直射入Ⅱ區(qū)域的磁場。已知每個離子的電量均為，質(zhì)量均為，不考慮離子重力以及離子間的相互作用。（1）求離子從射入的速度大小；（2）若離子打在點，求Ⅱ區(qū)域的磁感應強度大?。唬?）若離子打在點，求Ⅱ區(qū)域的磁感應強度大小〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）離子在Ⅰ區(qū)域做直線運動，根據(jù)平衡條件，有解得（2）離子打到點時，設(shè)其軌道半徑為，則洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得（3）離子打到點時，設(shè)其軌道半徑為，根據(jù)幾何知識，有解得又解得14.如圖為某科技興趣小組制作的重力投石機示意圖。支架固定在水平地面上，輕桿AB可繞水平軸上的O點在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動。A端小凹槽內(nèi)裝有一質(zhì)量為m的石子，B端固定一配重?，F(xiàn)將桿轉(zhuǎn)至水平方向由靜止釋放，桿在配重作用下轉(zhuǎn)到豎直位置時石子被水平拋出，擊中前方豎直靶上的P點，P與O點恰好在同一水平線上。已知OA=2L，OB=L，OP=4L，重力加速度大小為g，不計一切摩擦及空氣阻力。求：（1）石子被水平拋出時的速度大小v1；（2）桿由水平轉(zhuǎn)到豎直的過程中凹槽對石子做的功W，以及配重的質(zhì)量M；（3）石子拋出前瞬間，桿對水平軸的作用力大小?！即鸢浮剑?）；（2）4mgL，8m；（3）15mg〖解析〗（1）設(shè)石子拋出時速度大小為v1，從水平拋出經(jīng)時間t擊中靶，有解得（2）對石子，根據(jù)動能定理，有解得桿由水平轉(zhuǎn)到豎直時，配重的速度大小為v2，對石子和配重，根據(jù)機械能守恒定律，有解得（3）石子拋出前瞬間，設(shè)桿對石子的作用力為F1，方向向下；桿對配重的作用力為F2，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，有石子拋出前瞬間，桿對水平軸的作用力大小為15.如圖甲，一水平傳送帶兩端分別與固定的光滑弧形軌道、光滑水平面平滑對接，傳送帶的傳動方向和速度大小均任意可調(diào)，每次調(diào)節(jié)后傳送帶速度保持不變。現(xiàn)在將物塊從弧形軌道頂端由靜止釋放，經(jīng)過傳送帶后與靜置于水平面上物塊發(fā)生彈性正碰。已知弧形軌道頂端與底端的高度差，傳送帶左右兩端距離與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)的質(zhì)量分別為，取重力加速度大小。（1）求從軌道頂端滑到底端時的速度大?。唬?）若，求碰后可獲得的速度大小范圍；（3）若，且，取順時針傳動的方向為傳送帶速度的正方向，請在圖乙所給坐標系中作出經(jīng)過傳送帶過程中，系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量與對應的傳送帶速度的關(guān)系圖像（只要作出圖像即可，不必寫分析過程）?！即鸢浮剑?）5m/s；（2）；（3）見〖解析〗〖解析〗（1）沿光滑弧形軌道下滑過程中，根據(jù)機械能守恒定律，有①解得②（2）設(shè)在傳送帶上全程做勻減速，到達右端時速度大小為，根據(jù)動能定理，有③解得④設(shè)在傳送帶上全程做勻加速，到達右端時速度大小為，由動能定理可得⑤解得⑥不管傳送帶傳動方向與速度大小如何，與發(fā)生彈性碰撞前瞬間的速度大小范圍為設(shè)與發(fā)生彈性碰撞后瞬間，速度大小為的速度大小為，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律，有⑦⑧解得，⑨由于與不可能發(fā)生第二次碰撞，故可能獲得的速度大小范圍為?（3）系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量與對應的傳送帶速度的關(guān)系圖像如圖①當傳送帶沿逆時針傳動時，物塊將在傳送帶上全程做勻減速，離開傳送帶時的速度，勻減速運動時間這段時間傳送帶運行的路程，物塊和傳送帶的相對路程摩擦生熱②當傳送帶沿順時針傳動的速度為時，物塊也在傳送帶上全程做勻減速，離開傳送帶時的速度，勻減速運動時間，這段時間傳送帶運行的路程，物塊和傳送帶的相對路程摩擦生熱③當傳送帶沿順時針傳動的速度為物塊進入傳送帶后將做勻減速運動，然后與傳動帶共速做勻速運動，勻減速運動時間物塊和傳送帶的相對路程摩擦生熱當傳送帶沿順時針傳動的速度為時物塊進入傳送帶后將做勻加速運動，然后與傳動帶共速做勻速運動，勻加速運動時間物塊和傳送帶的相對路程摩擦生熱④當傳送帶沿順時針傳動的速度為時，物塊將在傳送帶上全程做勻加速，離開傳送帶時的速度，運動時間這段時間傳送帶運行的路程，物塊和傳送帶的相對路程摩擦生熱綜上可得：（i）當傳送帶沿逆時針傳動或沿順時針傳動的速度為時，對應圖像段；（ii）當傳送帶沿順時針傳動的速度為時，對應圖中段；（iii）當傳送帶沿順時針傳動的速度為時，對應圖像段。泉州市2023屆高三適應性練習卷物理一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖為高速攝影機拍攝到子彈穿過撲克牌瞬間的照片，子彈的速度約為，長度約為撲克牌寬度的，則子彈穿過撲克牌的時間接近于（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗子彈的長度約為2cm，所以撲克牌的寬度約為6cm，則子彈穿過撲克牌的時間故B正確。故選B。2.2022年10月31日，夢天實驗艙搭乘長征五號遙四運載火箭，在中國文昌航天發(fā)射場發(fā)射升空，進入預定軌道，并按照預定程序與空間站組合體交會對接。對接前夢天實驗艙處于比空間站更低的圓軌道。下列說法正確的是（）A.夢天實驗艙運行的速度大于第一宇宙速度B.夢天實驗艙對接后運行周期變小C.要完成對接，夢天實驗艙應該在原軌道適當減速D.若已知空間站在軌運行周期、運行速度及引力常量，則可估算出地球的質(zhì)量〖答案〗D〖解析〗A．第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球表面運行的最大速度，根據(jù)夢天實驗艙運行半徑大于地球半徑，可知運行的速度小于第一宇宙速度，故A錯誤；B．根據(jù)可得對接前夢天實驗艙處于比空間站更低的圓軌道，對接后運行軌道半徑變大，可知周期變大，故B錯誤；C．要完成對接，夢天實驗艙應該在原軌道適當加速，做離心運動，故C錯誤；D．根據(jù)，可估算出地球的質(zhì)量，故D正確。故選D。3.如圖，建筑工地上工人用磚夾把四塊磚夾住，并用豎直向上的拉力勻加速提起，磚與磚、磚與磚夾之間未發(fā)生相對滑動，每塊磚的重力大小均為，磚夾的質(zhì)量不計。若，則在加速提起過程中第2、3塊磚之間的摩擦力大小為（）A.0 B. C. D.〖答案〗A〖解析〗整體法將四塊磚看成一個整體，則加速度為將第2、3塊磚看成整體，則磚塊1對磚塊2的摩擦力與磚塊4對磚塊3的摩擦力都為f，且方向均豎直向上，有解得對磚塊3，根據(jù)牛頓第二定律有由以上各式解得即在加速提起過程中第2、3塊磚之間的摩擦力大小為，故A正確，BCD錯誤。故選A。4.間距為的平行光滑金屬導軌固定在水平絕緣桌面上，整個裝置處于豎直向下的磁場中，沿方向建立坐標，磁感應強度大小隨坐標的關(guān)系為（均為大于零的常數(shù)）。將質(zhì)量為的金屬桿鎖定在坐標原點處，間接一恒流裝置，該裝置可使回路保持恒定的電流，電流方向由到，如圖所示。某時刻解除鎖定的同時對施加一個大小為、方向沿軸正方向的恒定外力，使從靜止開始向右運動，始終與導軌垂直且接觸良好。則在運動過程中，金屬桿（）A.運動的加速度大小不變B.速度達到最大時的坐標值為C.最大速度為D.最大位移為〖答案〗C〖解析〗A．由于導體棒長度、電流恒定，磁感應強度隨位置線性增加，安培力隨位置線性增加，有即隨變化規(guī)律如圖由圖像可知隨線性變化，故加速度也隨線性變化，A選項錯誤；BC．當速度達到最大時即加速度為零，可得到圖像與橫軸交點坐標為，也可算出從靜止開始向右運動到過程中合力做的功為，由動能定理有可得最大速度B選項錯誤，C選項正確；D．在從靜止開始向右運動的過程中做的功為零，即圖像與坐標軸構(gòu)成的兩三角形面積相等，可得到圖像與橫軸交點坐標，D選項錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.“玉兔二號”是我國自主設(shè)計制造并成功登陸月球的第二輛無人探測車，在太陽光照射不到時，由同位素電池為其保暖供電。衰變時放出射線，生成原子核，并產(chǎn)生射線，已知的半衰期為88年。下列說法正確的是（）A.由于衰變時釋放能量，衰變過程質(zhì)量數(shù)不再守恒B.射線的電離能力比射線強，射線的貫穿能力比射線強C.原子核和粒子的結(jié)合能之和大于原子核的結(jié)合能D.經(jīng)過44年后，電池中的原子核數(shù)將剩為原來的一半〖答案〗BC〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒，衰變時的核反應方程式為衰變時釋放能量，衰變過程質(zhì)量數(shù)守恒，A錯誤；B．三種射線中射線的電離能力比射線強，射線的貫穿能力比射線強，B正確；C．反應過程，生成物比反應物穩(wěn)定，生成物的比結(jié)合能大于反應物的比結(jié)合能，可知原子核和粒子的結(jié)合能之和大于原子核的結(jié)合能，C正確；D．的半衰期為88年，即經(jīng)過88年后，電池中的原子核數(shù)將剩為原來的一半，D錯誤。故選BC。6.如圖，平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，為兩板間的一固定點。靜電計的金屬球與電容器的負極板連接，外殼接地。若保持電容器負極板不動，僅將正極板緩慢向左平移一小段距離，則（）A.電容器的電容減小，靜電計指針的偏角增大B.電容器的電容增大，靜電計指針的偏角減小C.兩板間的電場強度不變，點的電勢降低D.兩板間的電場強度減小，點的電勢升高〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)，根據(jù)題意，極板所帶電荷量不變，極板間距增大，可知電容減小，極板之間的電勢差增大，即靜電計指針的偏角增大，A正確，B錯誤；CD．根據(jù)結(jié)合上述解得極板所帶電荷量不變，可知，兩板間的電場強度不變，令P點到左極板間距為x，則有由于解得正極板緩慢向左平移一小段距離，x增大，則點的電勢降低，C正確，D錯誤。故選AC。7.心電圖儀是將心肌收縮產(chǎn)生的脈動轉(zhuǎn)化為電壓脈沖的儀器，其輸出部分可等效為一個不計內(nèi)阻的交流電源，其電壓會隨著心跳頻率發(fā)生變化。如圖所示，心電圖儀與理想電流表、理想變壓器的初級線圈相連接，指示燈的阻值恒為滑動變阻器總阻值的一半?；瑒幼冏杵鞯幕跏紩r剛好位于的正中央。在滑動的過程中，始終發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi)，下列說法正確的是（）A.保持不動，當變大時，變亮B.保持不動，當變小時，電流表示數(shù)變大C.保持不變，在從中央緩慢向下滑動過程中，先變亮再變暗D.保持不變，在從中央緩慢向上滑動過程中，電流表示數(shù)先變小后變大〖答案〗AD〖解析〗AB．保持滑動變阻器滑片P不動，當變大時，根據(jù)變壓器原、副線圈的電壓與匝數(shù)關(guān)系可知，次級電壓變大，根據(jù)歐姆定律公式可知，次級電流減大，L變亮，根據(jù)變流比可知，原線圈電流表示數(shù)也變大，故A正確，B錯誤；C．若保持不變，根據(jù)變壓比可知，次級電壓不變，在從中央緩慢向下滑動過程中，L所在支路電阻逐漸增大，由歐姆定律可知流過燈泡的電流減小，所以L變暗，C錯誤；D．若保持不變，根據(jù)變壓比可知，次級電壓不變，在從中央緩慢向上滑動過程中，副線圈中的總電阻由題意，的阻值恒為滑動變阻器總阻值的一半，所以易得當時，副線圈中的總電阻最大，所以在從中央緩慢向上滑動過程中，R總先變大后變小，所以電流表示數(shù)先變小后變大，D正確。故選AD。8.如圖，在與勻強電場方向平行的平面內(nèi)取一個圓，圓心為，半徑為為圓周上的三個點，為直徑，。一群電荷量均為的相同粒子從點以相同的初動能沿紙面向各個方向均勻發(fā)射，從圓周上通過的粒子的最大動能為，到達點的粒子的動能為，沿方向射入的粒子從圓周上的點（未畫出）射出，不計粒子重力及粒子間的相互作用，則（）A.電場強度方向與垂直B.電場強度大小為C.可能沒有粒子到達點D.粒子從到過程電勢能減少量小于〖答案〗BC〖解析〗A．由動能定理可知設(shè)從圓上點離開動能最大，則延長到，使得，過點做圓的切線分別交圓在處，則場強可能是圖1和圖2兩個方向。如圖1，場強方向可能沿方向，對應的是粒子到達圓周上動能最大的位置；如圖2，場強可能沿與夾角為斜向右下方，對應的是粒子到達圓周上動能最大的位置，A選項錯誤；B．由B選項正確。C．若電場為圖1情況，粒子不可能達到點，C選項正確；D．由曲線運動的性質(zhì)可知沿著方向射入的粒子的運動軌跡應為速度方向與電場力方向所夾的一條曲線如圖3，曲線與圓的交點應在圓弧段（不包括兩點），從到電場力做功大于，電勢能變化量的絕對值大于，D錯誤。故選BC。三、非選擇題：共60分?？忌鶕?jù)要求作答。9.如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為，則整個過程外界對氣體所做的功為________。〖答案〗不變Q〖解析〗[1]氣體狀態(tài)由過程中所以是等壓過程，氣體壓強不變。[2]的整個過程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則整個過程中氣體放出的熱量為，由熱力學第一定律可知解得整個過程外界對氣體所做功為10.半球形玻璃磚截面如圖所示，為圓心，為直徑。一束復色光沿方向入射，經(jīng)面折射后分成兩束，與邊的夾角分別為，則光在玻璃磚中傳播時間之比為________；當用光分別照射同一雙縫干涉裝置時，________（選填“”或“”）光形成的干涉條紋間距較大?！即鸢浮絘〖解析〗[1]設(shè)光束a，b入射角為，在璃磚中的折射率又則光在玻璃磚中傳播時間之比為[2]由na<nb，可知，根據(jù)可知，a的干涉條紋間距較大。11.某同學在研究共點力的合成規(guī)律時，用雙手分別拉住兩把彈簧測力計的拉環(huán)，將一重物懸掛豎直木板前，靜止時如圖甲所示，分別讀出和的示數(shù)，并在貼于木板的白紙上記錄點的位置和拉線的方向。在實驗過程中，請回答以下問題（1）某次實驗時彈簧測力計的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為______；（2）該同學在白紙上要記錄點的位置和拉線的方向時發(fā)現(xiàn)兩只手都用上了，無法記錄，請?zhí)岢鲆粋€能解決該問題的建議______；（3）該同學正確操作后，作出的拉力及合力的圖示，如圖丙，則的質(zhì)量約為______。A.0.1B.0.2C.0.4D.0.5〖答案〗（1）3.13（2）見〖解析〗（3）D〖解析〗（1）[1]由題圖可知，彈簧測力計分度值為0.1N，需要估讀到分度值下一位，所以彈簧測力計的示數(shù)為3.13N。（2）[2]先在白紙上畫出兩拉力方向及結(jié)點，兩測力計按預設(shè)的結(jié)點及方向拉重物（一測力計端固定，拉另一測力計）。（3）[3]由圖丙可知，合力F約5N，則的質(zhì)量約為0.5kg。故選D。12.手機快充線是否合格至關(guān)重要。很多手機都在用圖（a）所示的接口。協(xié)會關(guān)于充電線有個規(guī)范：長的充電線電阻應小于。實驗室有一條長的導線，某同學要通過實驗判斷該導線的電阻是否符合協(xié)會規(guī)范。實驗室提供的器材有：A.電流表（量程為，內(nèi)阻）B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）C.定值電阻（阻值為）D.定值電阻（阻值為）E.滑動變阻器（阻值范圍）F.電源（電動勢約為，內(nèi)阻不計）G.開關(guān)一個，導線若干該同學設(shè)計了如圖（b）所示的測量電路。請回答下列問題：（1）定值電阻應選用________（選填“C”或“D”）。（2）根據(jù)圖（b）所示的電路圖，請用筆畫線代替導線將圖（c）所示的實驗電路補充連接完整________。（3）該同學利用電流表示數(shù)和電流表示數(shù)，作出圖像如圖（d）所示（4）該同學所用導線的電阻為________，可以判定該導線________（選填“滿足”或“不滿足”）協(xié)會規(guī)范。〖答案〗（1）C（2）（4）0.40或0.38或0.39或0.41或0.42不滿足〖解析〗（1）[1]因待測電阻阻值較小，故在測量電路中串個電阻以保護電路，根據(jù)電源電動勢和電流表的量程分析可知定值電阻應選用定值電阻（阻值為），故選C。（2）[2]根據(jù)圖（b）所示的電路圖，實驗電路補充連接完整如下：（3）[3]由歐姆定律可得，待測電阻的阻值為由圖像斜率可知故該同學所用導線的電阻為[4]該導線電阻大于0.25Ω，可以判定不滿足協(xié)會規(guī)范。13.在芯片領(lǐng)域，人們通過離子注入的方式優(yōu)化半導體。其原理簡化如圖所示，Ⅰ區(qū)域為速度選擇器，存在著互相垂直的勻強電場和勻強磁場，電場強度大小為，磁感應強度大小為；Ⅱ區(qū)域為磁感應強度大小可調(diào)的勻強磁場，其邊界是邊長為的正方形。一長度為的半導體材料放在邊上，下端與點重合，上端為點。一束離子流從狹縫射入速度選擇器，沿著直線通過速度選擇器并從的中點垂直射入Ⅱ區(qū)域的磁場。已知每個離子的電量均為，質(zhì)量均為，不考慮離子重力以及離子間的相互作用。（1）求離子從射入的速度大??；（2）若離子打在點，求Ⅱ區(qū)域的磁感應強度大小；（3）若離子打在點，求Ⅱ區(qū)域的磁感應強度大小〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）離子在Ⅰ區(qū)域做直線運動，根據(jù)平衡條件，有解得（2）離子打到點時，設(shè)其軌道半徑為，則洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得（3）離子打到點時，設(shè)其軌道半徑為，根據(jù)幾何知識，有解得又解得14.如圖為某科技興趣小組制作的重力投石機示意圖。支架固定在水平地面上，輕桿AB可繞水平軸上的O點在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動。A端小凹槽內(nèi)裝有一質(zhì)量為m的石子，B端固定一配重?，F(xiàn)將桿轉(zhuǎn)至水平方向由靜止釋放，桿在配重作用下轉(zhuǎn)到豎直位置時石子被水平拋出，擊中前方豎直靶上的P點，P與O點恰好在同一水平線上。已知OA=2L，OB