遼寧省鞍山市普通高中高三下學(xué)期第二次質(zhì)量監(jiān)測(cè)（二模）物理試題

鞍山市普通高中2023—2024學(xué)年度高三第二次質(zhì)量監(jiān)測(cè)物理試題卷注意事項(xiàng)：1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4.作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺。不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.“急動(dòng)度”表示加速度隨時(shí)間的變化率，在實(shí)際應(yīng)用中是一個(gè)重要的概念。在汽車(chē)工程領(lǐng)域急動(dòng)度被用來(lái)衡量乘客的舒適程度，在結(jié)構(gòu)動(dòng)力學(xué)等其他方面也有應(yīng)用。急動(dòng)度的單位應(yīng)是（）A.m/s3 B.m/s2 C.N/s3 D.N/s2【答案】A【解析】【詳解】加速度單位為m/s2，由題意可得“急動(dòng)度”表示加速度隨時(shí)間的變化率，則可知其單位為m/s3。故選A。2.氣閘艙是載人航天器中供航天員進(jìn)入太空或由太空返回用的氣密性裝置，其簡(jiǎn)化裝置如圖所示，座艙A與氣閘艙B之間裝有閥門(mén)K，座艙A中充滿一定質(zhì)量的空氣（可視為理想氣體），氣閘艙B內(nèi)為真空。航天員從太空返回氣閘艙時(shí)，打開(kāi)閥門(mén)K，A中的氣體進(jìn)入B中，最終達(dá)到平衡。氣閘艙與座艙在太空中可認(rèn)為與外界絕熱。下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體平衡后壓強(qiáng)增大 B.氣體平衡后內(nèi)能減小C.氣體平衡后溫度不變 D.氣體平衡后分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大【答案】C【解析】詳解】A．氣體平衡后體積增大，密度減小，壓強(qiáng)減小，A錯(cuò)誤；BCD．氣體自由擴(kuò)散，沒(méi)有對(duì)外做功，氣閘艙與座艙在太空中認(rèn)為與外界絕熱，則氣體溫度不變，內(nèi)能不變，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，BD錯(cuò)誤，C正確。故選C。3.水平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線上通以大小相等、方向相反的恒定電流，A、B、C三點(diǎn)均在兩根導(dǎo)線所在平面內(nèi)，位置如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向下B.B點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向下C.C點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向下D.A、B、C三點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為零【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則，上方電流在A點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向上，下方電流在A點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向下，A點(diǎn)距上方電流較近，則A點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向上，A錯(cuò)誤；B．上方電流在B點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向下，下方電流在B點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向下，則B點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向下，B正確；C．上方電流在C點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向下，下方電流在C點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直平面向上，C點(diǎn)距下方電流較近，則C點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于平面向上，C錯(cuò)誤；D．綜上所述，D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，輕繩的一端與靜止在斜面上的物塊a相連，另一端通過(guò)滑輪與靜止在彈簧上的容器b相連，不計(jì)輕繩與滑輪間的摩擦?，F(xiàn)緩慢向容器b中加水，在物塊a保持靜止?fàn)顟B(tài)的過(guò)程中（）A.輕繩的拉力逐漸增大B.彈簧的彈力逐漸增大C.物塊a受到的摩擦力逐漸增大D.輕繩對(duì)滑輪的作用力保持不變【答案】A【解析】【詳解】AB．由題意，a保持靜止，說(shuō)明輕繩未移動(dòng)，b保持靜止，則彈簧彈力不變，對(duì)b受力分析可知，加入水后向下的力增大，則輕繩向上的拉力增大，A正確，B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)初狀態(tài)平衡，受斜面摩擦力可能沿斜面向下，可能為零，也可能沿斜面向上，所以細(xì)繩拉力增大，摩擦力可能沿斜面向下增大，也可能沿斜面向上減小，C錯(cuò)誤；D．兩部分輕繩拉力大小增大，夾角不變，則合力增大，所以對(duì)滑輪的作用力增大，D錯(cuò)誤。故選A。5.靜電除塵機(jī)原理如圖所示，廢氣先經(jīng)過(guò)一個(gè)機(jī)械過(guò)濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)，帶負(fù)電的塵埃在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的。圖中虛線為電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出）。實(shí)曲線是某塵埃顆粒的運(yùn)動(dòng)軌跡，A、B是塵埃顆粒運(yùn)動(dòng)軌跡與電場(chǎng)線的兩個(gè)交點(diǎn)，不考慮塵埃顆粒在遷移過(guò)程中的相互作用和電荷量變化，不計(jì)空氣對(duì)塵埃顆粒的作用力和塵埃顆粒的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小B.該塵埃顆粒在遷移過(guò)程中動(dòng)能先減小后增大C.該塵埃顆粒在遷移過(guò)程中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.該塵埃顆粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能低于在B點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】B【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線的疏密程度代表電場(chǎng)大小，則A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大，故A錯(cuò)誤；B．該塵埃顆粒在遷移過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，則動(dòng)能先減小后增大，故B正確；C．該塵埃顆粒在遷移過(guò)程中，電場(chǎng)力不斷變化，塵埃做變速曲線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)力指向軌跡的凹側(cè)，可知集塵極帶正電，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知A點(diǎn)電勢(shì)較低，由于塵埃帶負(fù)電，所以該塵埃顆粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能高于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤；故選B。6.目前，國(guó)產(chǎn)部分品牌家用汽車(chē)已安裝智能雨刮器。有的智能雨刮器借助于光學(xué)式傳感器實(shí)現(xiàn)下雨時(shí)自動(dòng)啟動(dòng)，前擋風(fēng)玻璃安裝光學(xué)傳感器后的橫截面示意圖如圖所示，其工作原理可做如下簡(jiǎn)化：不下雨時(shí)，激光光源發(fā)出的紅外線在玻璃內(nèi)傳播斜射到處，全反射后被接收器接收；下雨時(shí)處的外側(cè)有水滴，光源發(fā)出的紅外線在處不能全反射，接收器接收到的光照強(qiáng)度變小，從而啟動(dòng)雨刮器。關(guān)于智能雨刮器工作原理的分析中正確的是（）A.入射角θ的設(shè)計(jì)與紅外線的頻率無(wú)關(guān)B.前擋風(fēng)玻璃的折射率需要比雨水的折射率小C.若前擋風(fēng)玻璃外側(cè)區(qū)域有油污，可能會(huì)影響雨刮器的自動(dòng)啟動(dòng)D.若光源和接收器的距離變大了，一定會(huì)導(dǎo)致不下雨時(shí)雨刮器自動(dòng)啟動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)全反射的條件可知，入射角的設(shè)計(jì)需要大于或等于全反射臨界角，而全反射臨界角與紅外線的頻率有關(guān)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)全反射的條件可知，前擋風(fēng)玻璃的折射率需要比雨水的折射率大，B錯(cuò)誤；C．若前擋風(fēng)玻璃外側(cè)區(qū)域有油污，油污對(duì)紅外線有折射作用，接收器接受到的光照強(qiáng)度變小，不下雨時(shí)雨刮器也可能自動(dòng)啟動(dòng)，C正確；D．若光源和接收器的距離變大了，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光源發(fā)出的紅外線在玻璃內(nèi)傳播斜射到處的入射角變大，若入射角仍大于或等于全反射臨界角，則接收器仍可以接收到紅外線，雨刮器不會(huì)啟動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選C。7.已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑約為地球半徑的7倍。若某行星的平均密度約為地球平均密度的8倍，自轉(zhuǎn)周期與地球相同，則該行星的同步衛(wèi)星的軌道半徑約為該行星半徑的（）A.14倍 B.3.5倍 C.7倍 D.8倍【答案】A【解析】【詳解】設(shè)地球半徑為,密度為，同步衛(wèi)星的軌道半徑為r，周期為T(mén)，由萬(wàn)有引力提供向心力有又有得由題意有設(shè)行星半徑，其同步衛(wèi)星軌道半徑為即所以故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求的；全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖，某種太陽(yáng)能電池的主體部分由P型半導(dǎo)體和N型半導(dǎo)體結(jié)合而成。當(dāng)太陽(yáng)光照射到該材料上時(shí)，材料吸收光子發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)，電子從材料內(nèi)部由P型向N型一側(cè)移動(dòng)，從而在兩端形成電勢(shì)差。已知該材料中的電子至少需要吸收一個(gè)能量為E的光子才能發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)，普朗克常量為h，光速為c，則（）A.太陽(yáng)光的強(qiáng)度越弱，則通過(guò)負(fù)載的電流越小B.通過(guò)負(fù)載的電流方向從下至上C.能使該材料發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)的最長(zhǎng)波長(zhǎng)為D.改用紫外線照射該材料，則不能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】AB【解析】【詳解】A．太陽(yáng)光強(qiáng)度越弱，內(nèi)光電效應(yīng)釋放的電子越少，向N型一側(cè)移動(dòng)的自由電子越少，兩端電勢(shì)差越小，電路中的電流越小，故太陽(yáng)光的強(qiáng)度越弱，則通過(guò)負(fù)載的電流越小，A正確；B．自由電子向N型一側(cè)移動(dòng)，N型一側(cè)電勢(shì)更低，故電流從P型一側(cè)流出，回到N型一側(cè)，故電流應(yīng)該從下至上通過(guò)負(fù)載，B正確；C．發(fā)生光電效應(yīng)的極限波長(zhǎng)滿足解得C錯(cuò)誤；D．太陽(yáng)光中紫外線的頻率最高，太陽(yáng)光能讓該材料發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)，則該材料的極限頻率應(yīng)小于等于紫外線的頻率，故改用紫外線照射該材料，能發(fā)生內(nèi)光電效應(yīng)，D錯(cuò)誤。故選AB。9.O點(diǎn)處有一質(zhì)點(diǎn)從t=0時(shí)刻開(kāi)始在y方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，t=0.4s時(shí)，在其右邊的水平繩上第一次形成如圖所示的波形，此時(shí)波源質(zhì)點(diǎn)的頻率突然變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則（）A.t=0.4s后波速為10m/sB.當(dāng)x=10m處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰時(shí)，x=8.5m處的質(zhì)點(diǎn)處于波谷C.從t=0到t=0.8s時(shí)間內(nèi)，x=2m處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為20cmD.t=0.65s時(shí)，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)處于波峰【答案】ABD【解析】【詳解】A．由圖可知，波長(zhǎng)為4m，周期為0.4s，波的傳播速度由介質(zhì)決定，頻率變化后，周期變化，但波的傳播速度不變，所以t=0.4s后波的傳播速度為故A正確；B．由題意可知前0.4s，質(zhì)點(diǎn)的周期為T(mén)1=0.4s，0.4s后質(zhì)點(diǎn)的周期為第一個(gè)波峰傳播到x=10m處需要的時(shí)間為而波傳播到x=8.5m處需要0.85s，所以x=8.5m處質(zhì)點(diǎn)在波的帶動(dòng)下振動(dòng)了0.45s即x=8.5m處的質(zhì)點(diǎn)正在波谷的位置，故B正確；C．波傳播到x=2m處需要0.2s，然后在T1=0.4s波的帶動(dòng)下振動(dòng)了一個(gè)周期即路程為4A，然后又在T2=0.2s波作用下振動(dòng)了0.2s即1個(gè)周期即質(zhì)點(diǎn)的路程為4A，則在0至0.8s內(nèi)振動(dòng)走過(guò)的路程為s=8A=16cm故C錯(cuò)誤；D．波傳播到處需要0.1s，在t=0.65s時(shí)，x=1m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了0.55s，即，質(zhì)點(diǎn)的起振方向向下，處于波峰的位置，故D正確。故選ABD。10.如圖，兩長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的相同輕質(zhì)細(xì)桿用鉸鏈A、B、C相連，質(zhì)量可忽略的鉸鏈A固定在地面上，鉸鏈B和C質(zhì)量不可忽略，均為m，鉸鏈A、B、C均可視為質(zhì)點(diǎn)。起始位置兩細(xì)桿豎直，如圖虛線所示，鉸鏈A和C彼此靠近。時(shí)鉸鏈C在水平外力的作用下從靜止開(kāi)始做初速度為零，加速度大小為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)（g為重力加速度），到時(shí)AB和BC間的夾角變?yōu)?20°，如圖實(shí)線所示。若兩個(gè)輕質(zhì)細(xì)桿始終在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，所有摩擦均不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)重力對(duì)B做功的瞬時(shí)功率為B.時(shí)重力對(duì)B做功的瞬時(shí)功率為C.從到時(shí)間內(nèi)，力F做的功為D.時(shí)連接AB的細(xì)桿中的彈力大小為【答案】BC【解析】【詳解】AB．時(shí)C的位移為根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，有解得B、C沿桿方向速度相等，為根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解如圖B繞A做圓周運(yùn)動(dòng)，解得故重力對(duì)B做功的瞬時(shí)功率為故A錯(cuò)誤，B正確；C．對(duì)系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得故C正確；D．若為恒力，時(shí)刻對(duì)C分析，根據(jù)牛頓第二定律時(shí)刻對(duì)C分析，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立解得又B繞A做圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)B進(jìn)行受力分析，如圖B所受合力沿AB桿指向A，設(shè)AB桿對(duì)B的彈力沿AB桿指向B，根據(jù)牛頓第二定律，有解得此時(shí)AB桿對(duì)B的彈力大小為，但不是恒力，則故此時(shí)連接AB的細(xì)桿中的彈力大小不為，故D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：11題6分，12題8分，共14分。11.某研究性學(xué)習(xí)小組想利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)能定理。在一端帶滑輪的長(zhǎng)木板上固定一個(gè)光電門(mén)，光電門(mén)在滑輪附近，與光電門(mén)相連的數(shù)字毫秒計(jì)可以顯示出小車(chē)上的遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間。在遠(yuǎn)離滑輪的另一端附近固定一標(biāo)桿A，小車(chē)初始位置如圖甲所示。小車(chē)可用跨過(guò)滑輪的細(xì)線與重物相連，力傳感器可顯示細(xì)線拉力F的大小。正確平衡摩擦力后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（1）下列說(shuō)法正確的是（）A.平衡摩擦力時(shí)不能將重物通過(guò)細(xì)線掛小車(chē)上B.實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)線和長(zhǎng)木板平行C.實(shí)驗(yàn)中選擇的重物應(yīng)該重而且小D.本實(shí)驗(yàn)選用的重物質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量（2）如圖乙，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬d=________mm；（3）測(cè)出標(biāo)桿A與光電門(mén)的距離L，車(chē)及遮光片的總質(zhì)量m。連接上重物，使小車(chē)從圖甲所示位置由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，并記下遮光片通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間及力傳感器顯示的力的大小F。更換不同重物后重復(fù)實(shí)驗(yàn)，記錄下多組數(shù)據(jù)。根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)做出圖像為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為k。以小車(chē)（含遮光片）為研究對(duì)象，若動(dòng)能定理成立，則圖像的斜率k=________。（用“m”、“L”、“d”表示）【答案】（1）AB（2）20.45（3）【解析】【小問(wèn)1詳解】A．平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將細(xì)線從小車(chē)上拿去，輕輕推動(dòng)小車(chē)，使小車(chē)沿木板運(yùn)動(dòng)，通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來(lái)的紙帶判斷小車(chē)是否勻速運(yùn)動(dòng)，所以，平衡摩擦力時(shí)不能將重物通過(guò)細(xì)線掛在小車(chē)上，故A正確；B．實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪高度使細(xì)線和長(zhǎng)木板平行，這樣平衡摩擦力以后，重力沿長(zhǎng)木板的分力與摩擦力相互抵消，細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力就等于小車(chē)受到的合力，故B正確；CD．平衡摩擦力后，小車(chē)受到的拉力即為小車(chē)的合力，所以實(shí)驗(yàn)中選擇的重物不需要滿足重而且小，且拉力可以直接通過(guò)傳感器測(cè)量的，所以也不需要滿足重物質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，故CD錯(cuò)誤。故選AB?！拘?wèn)2詳解】如圖乙，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度為【小問(wèn)3詳解】極短時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度，則小車(chē)經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度表達(dá)式為外力對(duì)小車(chē)做功為動(dòng)能定理的內(nèi)容是合外力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化量，則需要證明整理得則圖像為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，以小車(chē)（含遮光片）為研究對(duì)象，若動(dòng)能定理成立，則圖像的斜率12.一個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)約為5V，某實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)量該電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的值，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電流表A1（量程0~2.0mA，內(nèi)阻為500Ω）；電流表A2（量程0~1.5A，內(nèi)阻約為1.0Ω）；定值電阻R1（阻值為2500Ω）；滑動(dòng)變阻器R2（阻值0~50Ω）；導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)。（1）由于實(shí)驗(yàn)室沒(méi)有提供電壓表，需要將電流表A1與定值電阻R1___________（選填“并”或“串”）聯(lián)改裝為量程為0~___________V的電壓表。（2）利用電流表A1和定值電阻R1連接當(dāng)作電壓表測(cè)量該電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，宜采用___________（選填“甲”或“乙”）電路進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最___________（選填“左”或“右”）端。（3）利用（2）中選擇的電路測(cè)量多組數(shù)據(jù)，電流表A1的示數(shù)記為I1，電流表A2的示數(shù)記為I2.根據(jù)數(shù)據(jù)繪制得到的I1—I2圖線如圖（丙）所示，則電源的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）①.串②.6（2）①.甲②.左（3）①.4.8②.3.6【解析】【小問(wèn)1詳解】將電流表A1改裝成電壓表，需要串聯(lián)定值電阻R1。設(shè)改裝后的電壓表內(nèi)阻為，則電流表A1改裝成電壓表的量程為【小問(wèn)2詳解】[1]從丙圖可以估測(cè)內(nèi)阻改裝后的電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電源內(nèi)阻，選擇甲電路測(cè)量時(shí)，電壓表分流很小，誤差較小，因此選擇甲電路誤差小，測(cè)量較準(zhǔn)確；[2]為保證實(shí)驗(yàn)安全，測(cè)量時(shí)滑動(dòng)變阻器滑倒阻值最大處即左側(cè)?！拘?wèn)3詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得又由綜合可得由圖丙可得求得，四、計(jì)算題：13題10分，14題12分，15題18分，共40分。13.如圖所示，質(zhì)量為m的小球A通過(guò)長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)輕繩懸掛于天花板上，質(zhì)量為2m的小球B放在高也為L(zhǎng)的支架上?，F(xiàn)將A球拉至水平位置由靜止釋放，在最低點(diǎn)與靜止的B球發(fā)生碰撞，碰后瞬間B球的速度大小為。求：（1）從碰后至B球落地時(shí)的B球的水平位移x；（2）A、B碰后瞬間輕繩對(duì)A的拉力大小FT?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）碰后B球做平拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，則有得（2）設(shè)A球碰前的速度為v0，對(duì)A球列動(dòng)能定理有A、B兩球碰撞滿足動(dòng)量守恒，設(shè)碰后A球速度v0，向右為正，則有得由牛頓第二定律得得14.如圖，光滑水平桌面上放置一質(zhì)量M=6kg的U型導(dǎo)體框，一質(zhì)量m=2kg的金屬棒MN放置在U型導(dǎo)體框上，電阻值為R=0.5Ω，與U型導(dǎo)體框構(gòu)成矩形回路MNOP，OP長(zhǎng)度L=0.5m。金屬棒與U型導(dǎo)體框間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。在金屬棒右側(cè)有垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)左邊界（圖中虛線）與金屬棒平行，距離金屬棒的距離為L(zhǎng)0某時(shí)刻起，金屬棒在大小為F=10N的水平恒力作用下從靜止開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)剛好做勻速直線運(yùn)動(dòng)。除金屬棒外其余部分的電阻均忽略不計(jì)（重力加速度g取10m/s2）。求（1）到達(dá)磁場(chǎng)左邊界時(shí)，金屬棒中的電流方向（用“M”“N”表示）（2）金屬棒最初與磁場(chǎng)左邊界的距離L0；（3）若金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)后又經(jīng)過(guò)t0=2s，導(dǎo)體框的OP邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，求此時(shí)回路中的電流I?！敬鸢浮浚?）M到N；（2）；（3）2A【解析】【詳解】（1）根據(jù)右手定則，金屬棒中的電流方向?yàn)镸到N。（2）