1.1動量和動量定理 同步提升練（含解析）

試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁1.1動量和動量定理同步提升練（含解析）一、選擇題1．關于物體的動量，下列說法中正確的是（）A．運動物體在任一時刻的動量方向，一定是該時刻的速度方向B．物體的加速度不變，其動量一定不變C．動量越大的物體，其速度一定越大D．動量越大的物體，其質量一定越大2．質量為1kg的物體做直線運動，其速度—時間圖像如圖3所示，則物體在0~5s內和10s~20s內所受合外力的沖量分別是（）A．10N?s，10N?s B．5N?s，0 C．5N?s，10N?s D．5N?s，10N?s3．如圖所示，在光滑水平面上靜止放著兩個相互接觸的木塊A、B，質量分別為m1、m2，今有一子彈水平穿過兩木塊，設子彈穿過木塊A、B的時間分別為t1、t2，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過兩木塊后，木塊A、B的速度大小分別為（）A．

B．

C． D．

4．如圖所示，有一子彈穿過三塊靜止放置在光滑水平面上的相互接觸質量分別為m、2m、3m的木塊A、B、C，設子彈穿過木塊A、B、C的時間分別為t1、t2、t3，木塊對子彈的阻力恒為f，則子彈穿過三木塊后，木塊A的速度大小是（）A． B． C． D．5．蹦極跳是勇敢者的體育運動。設運動員離開跳臺時的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運動員下降至最低點為第二階段。不計空氣阻力，下列說法中正確的是（）A．無法比較第一階段重力對運動員的沖量和第二階段彈力對運動員的沖量大小B．無法比較第一階段重力對運動員的沖量和第二階段合力對運動員的沖量大小C．無法比較從開始下落到下降速度最大階段重力對運動員的沖量和從下降速度最大到下降速度減為零階段重力對運動員的沖量大小D．以上說法都不正確6．質量為m的某質點在恒力F1作用下從A點由靜止出發(fā)，當其速度為時立即將F1改為相反方向的恒力F2，質點總共經歷時間t運動至B點剛好停下。若該質點以速度v勻速通過A、B兩點時，其經歷的時間也為t，則（）A．無論F1、F2為何值，均為2vB．隨著F1、F2的取值不同，可能大于2vC．F1、F2的沖量大小不相等D．F1、F2的沖量一定大小相等、方向相同7．高空墜物極易對行人造成傷害。若一個的瓷磚碎片從一居民樓的25層墜下，與地面的碰撞時間約為，則該瓷磚碎片對地面產生的沖擊力約為（）A． B． C． D．8．如圖，籃球賽中，甲、乙運動員想組織一次快速反擊，甲、乙以相同的速度并排向同一方向奔跑，甲運動員要將球傳給乙運動員，不計空氣阻力，則（）A．應該將球沿著1的方向拋出B．應該將球沿著2的方向拋出C．完成傳球的過程，兩運動員對球的沖量大小和方向都是相同的D．當乙接著球后要往身體收，延長觸球時間，以免傷害手指9．汽車安全性能是汽車品質的重要指標。當汽車以左右的速度撞向剛性壁障時，撞擊使汽車的速度瞬間變到0，壁障對汽車產生了極大的沖擊力?！稗Z”的一聲巨響之后，載著模擬司乘人員的嶄新轎車眨眼間被撞得短了一大截，安全氣囊打開，將司乘人員分隔在駕駛前臺和座椅之間。下列說法正確的是（）A．碰撞實驗中，汽車受到的沖擊力只和汽車速度有關B．碰撞實驗中，汽車受到的沖擊力只與汽車質量有關C．碰撞實驗中，安全氣囊的作用是減少司乘人員的動量改變量D．碰撞實驗中，安全氣囊的作用是通過增加作用時間來減少司乘人員受到的沖擊力10．一彈簧振子在水平面內做簡諧運動的x－t圖像如圖所示，則下列說法正確的是（

）A．t1時刻和t2時刻具有相同的動能和動量B．從t2到1.0s時間內加速度變小，速度減小C．彈簧振子的振動方程是x=0.10sinπt(m)D．t2=3t111．原來靜止的物體受合外力作用時間為2t0，作用力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．0~t0時間內物體的動量變化與t0~2t0時間內的動量變化相同B．0~t0時間內物體的平均速率與t0~2t0時間內的平均速率不等C．t=2t0時物體的速度為零，外力在2t0時間內對物體的沖量為零D．2t0時間內物體的位移為零，外力對物體做功為零12．土兵從高臺跳到低處地面時，土兵的速度在很短時間內減小為零，速度變化大，為了安全，土兵都是讓腳尖先著地，有效地保護人體免于傷害或減輕傷害程度。這樣做是為了（）A．減小人的平均受力大小 B．減小沖量C．減少動量的變化量 D．減小地面對人的壓強13．質量為m1、m2的兩物體A、B并排靜止在水平地面上，用同向水平拉力F1、F2分別作用于A和B上，作用一段時間后撤去，A、B運動的v-t圖像如圖中圖線a、b所示，己知拉力F1、F2分別撤去后，物體做減速運動過程的v-t圖線彼此平行（相關數據已在圖中標出），由圖中信息可知（）A．若，則m1小于m2B．若，則力F1對物體A所做的功較多C．若，則力F1對物體A的沖量與F2對B的沖量之比為4∶5D．若，則力F1的最大瞬時功率一定是力F2的最大瞬時功率的2倍14．如圖所示，A物體套在光滑的豎直桿上，B物體放置在粗糙水平桌面上，用一不可伸長輕繩連接。初始時輕繩經過定滑輪呈水平，A、B物體質量均為m。A物體從P點由靜止釋放，下落到Q點時，速度為v，PQ之間的高度差為h，此時連接A物體的輕繩與水平方向夾角為。在此過程中，則（）A．B物體做勻加速直線運動B．A物體到Q點時，B物體的速度為C．A物體到Q點時，B物體的動量為D．B物體克服摩擦做的功為二、解答題15．在某轎車的撞擊實驗中，有一質量為60kg的人體模型坐在駕駛位置，轎車以108km/h的速度撞到堅固的墻，假設該模型與車皆在0.2s內停下。(1)此模型在水平方向所受力的平均值為多少？(2)有人認為，在類似的事故中，如果人用雙手抵住方向盤，便可止住突然向前傾倒的身體。請對上述看法作出評價，并說出你的依據。16．質量為2kg的小球從水平放置的彈簧網上方某高度處自由下落，剛與彈簧網接觸瞬間的速率為v1=5m/s，被彈簧網反彈后，剛離開彈簧網是的速率為v2=3m/s，小球與彈簧網的接觸時間為Δt=1s，重力加速度為g=10m/s2。求：小球與彈簧網接觸過程中，彈簧網對小球的沖量I。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁參考答案1．A【解析】【詳解】A．動量具有瞬時性，任一時刻物體動量的方向，即為該時刻的速度方向，A正確；B．加速度不變，則物體速度的變化率恒定，物體的速度均勻變化，故其動量也均勻變化，B錯誤；C．物體動量的大小由物體質量及速度的大小共同決定，不是只由物體的速度決定的，故物體的動量大，其速度不一定大，C錯誤；D．物體的動量越大，其質量并不一定越大，D錯誤。故選A。2．D【解析】【詳解】由題圖可知，在0~5s內初動量為末動量為由動量定理知在10s~20s內初動量末動量為由動量定理得故選D。3．B【解析】【分析】子彈在A中運動時，A、B一起向前運動，具有相同的運動速度，對整體應用動量定理可避開A、B間的未知作用力，可以求解A、B分開時的速度，分開后再對B單獨應用動量定理可求得子彈穿出后B的速度?！驹斀狻孔訌椩贏中穿過時，以A、B為研究對象，規(guī)定向右為正方向，根據動量定理可得解得之后A的速度保持v1不變，子彈進入木塊B后，以B為研究對象，根據動量定理可得解得故選B。4．C【解析】【詳解】設子彈穿過木塊A時，木塊A、B、C的共同速度為v，根據動量定理可得解得當子彈進入第二塊木塊時，木塊A將與B、C分離，分離后木塊A的速度不變。故ABD錯誤；C正確。故選C。5．D【解析】【詳解】A．整個下落過程中，只有重力和彈力有沖量，由于初末速度都為零，動量變化量為零，根據動量定理，總沖量為零，則得整個過程中，重力對運動員的總沖量大小等于彈力的沖量大小，則第一階段重力的沖量應小于第二階段彈力的沖量大小，A錯誤；B．第一階段重力對運動員的沖量和第二階段合力對運動員的沖量大小相等，方向相反，B錯誤；CD．整個下落過程中，設彈性繩子剛拉伸的時候的速度為v，根據簡諧振動的對稱性可知從剛接觸到最大速度的時間和從最大速度減速到v的時間是相同的，此時的加速度也為g，物體繼續(xù)減速為零過程中彈簧彈力變大加速度都大于g，因此可知物體自由下落到速度v的時間大于從v減速到零的時間，因此重力的沖量可以比較，C錯誤，D正確。故選D。6．A【解析】AB．在恒力F1和F2作用下運動時，有勻速運動時，有聯立解得故A正確，B錯誤；CD．對恒力F1和F2的沖量，有故沖量大小相等，方向相反，故CD錯誤。故選A。7．C【解析】【詳解】25層高約為，瓷磚碎片近似自由落體由動量定理有解得由牛第三定律可知瓷磚碎片對地面產生的沖擊力故選C。8．D【解析】【詳解】AB．甲和乙相對靜止，所以甲將球沿著3方向拋出就能傳球成功，故A、B均錯誤；C．根據動量定理知，完成傳球的過程兩運動員對球的沖量等大反向，故C錯誤；D．根據動量定理可知，相同的動量變化量下，延長作用時間，可以減小沖擊力，故乙接著球后要往身體收，以免傷害手指，故D正確。故選D。9．D【解析】【詳解】AB．根據可知沖擊力與速度和質量及作用時間均有關，故AB錯誤；CD．安全氣囊的作用是增大作用時間，減小沖擊力，故C錯誤，D正確。故選D。10．C【解析】A．由x－t圖像知，t1時刻和t2時刻振子的位移相同，速度大小相等、方向相反，故彈簧振子具有相同的動能，動量大小相等、方向相反，A錯誤；B．由圖中t2到1.0s時間內振子靠近平衡位置，故位移變小，則加速度變小，速度增大，B錯誤；C．由圖知彈簧振子振動周期為2.0s，則故振動方程為x=Asinωt=0.10sinπt(m)C正確；D．x=0.05m代入C解析中的函數關系，可得可知t2＝5t1，D錯誤。故選C。11．C【解析】【詳解】AC．0~t0與t0~2t0時間內合外力對物體的沖量大小相同、方向相反，則外力在2t0時間內對物體的沖量為零，又根據動量定理可知0~t0與t0~2t0時間內物體動量變化量大小相等、方向相反，即0~2t0時間內物體動量的變化量為零，則t=2t0時物體的速度為零，故A錯誤，C正確；B．物體由靜止開始做勻加速運動，在t0時刻速度達到最大，之后開始做勻減速運動，并在2t0時刻速度減為零，根據勻變速直線運動的特點可知0~t0時間內物體的平均速率與t0~2t0時間內的平均速率相等，故B錯誤；D．2t0時間內物體的位移不為零，根據動能定理可知外力對物體做功為零，故D錯誤。故選C。12．A【解析】【詳解】BC．讓腳尖先著地并不會改變著地碰撞前后人速度的變化量，也不會改變動量的變化量和沖量，選項BC錯誤；AD．根據動量定理可知由于腳尖先著地的緩沖作用，延長了人的受力時間，減小了人的平均受力大小，選項A正確，D錯誤；故選A。13．ACD【解析】【詳解】由圖可知，物體A撤去拉力之前的加速度為物體B撤去拉力之前的加速度為己知拉力F1、F2分別撤去后，物體做減速運動過程的v-t圖線彼此平行，則撤去拉力后物體A、B的加速度相等為撤去拉力后，根據牛頓第二定律可得，可得物體A撤去拉力之前，根據牛頓第二定律有解得物體B撤去拉力之前，根據牛頓第二定律有解得A．當即則故A正確；B．若兩物體的質量相等，設物體質量為，則拉力對物塊A做的功為則拉力對物塊B做的功為則拉力對物塊A做的功等于拉力對物塊B做的功，故B錯誤；C．若兩物體的質量相等，設物體質量為，，則拉力對物塊A的沖量為拉力對物塊B的沖量為則力F1對物體A的沖量與F2對B的沖量之比為故C正確；D．若兩物體的質量相等，設物體質量為，，則拉力對物塊A的最大瞬時功率為拉力對物塊B的最大瞬時功率為則力F1的最大瞬時功率一定是力F2的最大瞬時功率的2倍，故D正確。故選ACD。14．CD【解析】【詳解】A．細繩拉力是變化的（初始為零，后續(xù)大于零），即B不是勻加速運動，故A錯誤；B．若滑塊A的速度為v，則由速度的分解可知，滑塊B的速度為vsinθ，故B錯誤；C．A物體到Q點時，B物體的速度為vsinθ，則B物體的動量為，故C正確；D