湖北省孝感市2024-2025學年高一物理7月中旬摸底考試試題

PAGE6-湖北省孝感市2024-2025學年高一物理7月中旬摸底考試試題一、選擇題：本題共10小題，每小題5分，共50分.在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1.轉籃球是一項須要技巧的活動，如圖所示，假設某同學讓籃球在指尖上勻速轉動，指尖剛好靜止在籃球球心的正下方。下列推斷正確的是A．籃球上的各點做圓周運動的圓心均在指尖與籃球的接觸處B．籃球上各點的向心力是由手指供應的C．籃球上各點做圓周運動的角速度相等D．籃球上各點離轉軸越近，做圓周運動的向心加速度越大2.關于下列對配圖的說法中正確的是A．圖甲中“蛟龍?zhí)枴北坏踯嚨跸滤倪^程中它的機械能守恒B．圖乙中火車在勻速轉彎時所受合外力為零，動能不變C．圖丙中握力器在手的壓力下彈性勢能增加了D．圖丁中撐桿跳高運動員在上升過程中機械能守恒3.如圖所示，將小球從空中的A點以速度v0水平向右拋出，不計空氣阻力，小球剛好擦過豎直擋板落在地面上的B點．若使小球仍剛好擦過豎直擋板且落在地面上B點的右側，下列方法可行的是ABA．在A點將小球以大于v0ABB．在A點將小球以小于v0的速度水平拋出C．在A點正上方某位置將小球以小于v0的速度水平拋出D．在A點正下方某位置將小球以大于v0的速度水平拋出4．法國媒體2月8日報道稱，探討人員2月5日發(fā)覺的繞銀河系一顆昏暗恒星運行的七顆行星上好像有水，可能“宜居”。若已知某行星的質量、轉動半徑、恒星質量及萬有引力常量，則可以計算的物理量是A．該行星的第一宇宙速度B．該行星的公轉角速度C．該行星的自轉角速度D．該行星表面重力加速度B30°AsQ5．如圖所示是一平行板電容器，其電容為C，帶電器為Q，上極板帶正電?，F(xiàn)將一個摸索電荷q由兩極板間的A點移到B點，A、B兩點間的距離為sB30°AsQA.EQ\F(qCs,Qd)B.EQ\F(qQs,Cd)C.EQ\F(qQs,2Cd)D.EQ\F(qCs,2Qd)6．在其空中M、N兩點分別放有異種點電初＋2Q和－Q，以MN連線中點O為中心作一圓dcMNab+2Q-QO形路徑abcd，a、O、dcMNab+2Q-QOA．a、b、c、d四點電場強度的大小關系是Ea＞Ec，Eb＝EdB．a、b、c、d四點電勢的關系是φa＜φb，φc＝φdC、在MN的連線上，O點的電場強度最小D．將帶負電的摸索電荷由b沿直線移動到d的過程中，其電勢能始終不變7.宇宙中，兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬有引力作用相互繞轉，稱之為雙星系統(tǒng)。在浩瀚的銀河系中，多數(shù)恒星都是雙星系統(tǒng)。設某雙星系統(tǒng)A、B繞其連線上的O點做勻速圓周運動，如圖所示。若AO>OB，則OBALA．星球AOBALB．星球A的線速度肯定大于星球B的線速度C．雙星間距離肯定，雙星的質量越大，其轉動周期越大D．雙星的質量肯定，雙星之間的距離越大，其轉動周期越大v8．如圖所示，水平傳送帶由電動機帶動，并始終保持以速度勻速運動，現(xiàn)將質量為的某物塊由靜止釋放在傳送帶上的左端，過一會兒物塊能保持與傳送帶相對靜止，設物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，對于這一過程，下列說法正確的是vA．摩擦力對物塊做的功為0.5mv2B．物塊對傳送帶做功為0.5mv2C．系統(tǒng)摩擦生熱為0.5mv2D．電動機多做的功為mv29．在傾角為θ的光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質量均為m，彈簧勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用一恒力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運動，當物塊B剛要離開C時，A的速度為v，則此過程（彈簧的彈性勢能與彈簧的伸長量或壓縮量的平方成正比，重力加速度為g）θBACA．物塊A運動的距離為eq\f(2mgsinθ,k)θBACB．物塊A加速度為eq\f(F,2m)C．拉力F做的功為eq\f(1,2)mv2D．拉力F對A做的功等于A的機械能的增加量A′B′C′CBAvv0P10．如圖所示，空間的虛線框內有勻強電場，AA′、BB′、CC′是該電場的三個等勢面，相鄰等勢面間的距離為0.5cm,其中BB′為零勢能面.一個質量為m,帶電量為+q的粒子沿AA′方向以初動能EkA′B′C′CBAvv0PA.該粒子到達C′點時的動能是2EkB.該粒子通過等勢面BB′時的動能是1.25EkC.該粒子在P點時的電勢能是EkD.該粒子到達C′點時的電勢能是0.5Ek二、試驗填空題（11題4分，12題4分,，13題6分）11.（4分）某同學用如圖所示的裝置，來驗證機械能守恒定律，下列說法正確的是接電源紙帶接電源紙帶重錘打點計時器B.該試驗中，可以由公式v=gt求出打某點的紙帶的速度C.該試驗中，應先接通電源后釋放重物D.該試驗中，打點計時器接到電源的直流輸出端上12.（4分）①圖甲中游標卡尺的讀數(shù)是cm，②圖乙中螺旋測微器的讀數(shù)是mm。050510152025乙340100123476010甲cm13．（6分）試驗室中利用下列器材測量一個阻值約為200Ω的電阻：電壓表V1，量程為5V，內阻約為5kΩ電壓表V2，量程為15V，內阻約為15kΩ電流表A1，量程為30mA，內阻約為50Ω電流表A2，量程為0.6A，內阻約為1Ω滑動變阻器R1，最大阻值20Ω滑動變阻器R2，最大阻值100Ω電源E，電動勢為4.5V，內阻1Ω電鍵和導線若干(1)為了精確畫出該電阻的I－U圖線，試驗時要求電壓從零起先連續(xù)改變，以便多測幾組數(shù)據(jù)，電壓表應選用___________________，電流表應選用________，滑動變阻器應選用________．(填寫器材的符號)(2)在方框中畫出試驗電路圖．三、計算題（14題10分，15題12分，16題14分，共36分。寫出必要的文字、方程式及重要的演算步驟。）14．一小滑塊靜止在傾角37o的斜面底端,滑塊受到外力沖擊后,獲得一個沿斜面對上的速度v0=4.0m/s.斜面足夠長,滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)μ=0.25.取g=10m/s2.求滑塊在斜面上的運動時間.15．如右圖所示，一根光滑絕緣細桿與水平面成α＝30°的角傾斜固定．細桿的一部分處在場強方向水平向右的勻強電場中，場強E＝2×104N/C.在細桿上套有一個帶電荷量為q＝－1.73×10－5C、質量為m＝3×10－2kg的小球．現(xiàn)使小球從細桿的頂端A由靜止起先沿桿滑下，并從B點進入電場，小球在電場中滑至最遠處的C點．已知A、B間距離x1＝0.4m，g＝10m/s2.求：(1)小球在B點的速度vB；(2)小球進入電場后滑行的最大距離x2；(3)小球從A點滑至C點的時間是多少？16．如圖所示，質量為m＝1kg的滑塊，在水平力作用下靜止在傾角為θ＝30°的光滑斜面上，斜面的末端B與水平傳送帶相接(滑塊經過此位置滑上傳送帶時無能量損失)，傳送帶的運行速度為v0＝3m/s，長為l＝1.4m；今將水平力撤去，當滑塊滑到傳送帶右端C時，恰好與傳送帶速度相同．滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.25，g取10m/s2.求：(1)水平作用力F的大??；(2)滑塊下滑的高度；(3)若滑塊滑上傳送帶時速度大于3m/s，滑塊在傳送帶上滑行的整個過程中產生的熱量．物理試卷參考答案題號12345678910答案CCDBDABDACDADBCD11.AC12.①2.98;②5.680（5.679、5.681也算對）13.解析：(1)電源電動勢為4.5V，故電壓表的示數(shù)最大為4.5V，電壓表選V1；流過電阻的最大電流Im＝eq\f(4.5,200)A＝22.5mA，故電流表選A1；試驗要求電壓從零起先連續(xù)改變，應采納滑動變阻器分壓式連接，阻值宜用小些的，便于調整，選R1.(2)試驗電路圖如圖所示．答案：(1)V1A1R1(2)見解析14．解：滑塊向上運動時，a1=gsinθ+μgcosθ=8m/s2t1=EQ\F(v0,a1)=0.5ss=EQ\F(v02,2a1)=1m4分滑塊向下運動時，a2=gsinθ-μgcosθ=4m/s2s=EQ\F(1,2)a2t223分解得t2=EQ\F(EQ\R(2),2)s∴t=t1+t2=EQ\F(1+EQ\R(2),2)s3分15．解析：(1)小球在AB段滑動過程中，由機械能守恒mgx1sinα＝eq\f(1,2)mvB2可得vB＝2m/s.4分(2)小球進入勻強電場后，在電場力和重力的作用下，由牛頓其次定律可得加速度a2＝eq\f(mgsinα－qEcosα,m)＝－5m/s2小球進入電場后還能滑行到最遠處C點，B、C的距離為x2＝eq\f(－vB2,2a2)＝0.4m4分(3)小球從A到B和從B到C的兩段位移中的平均速度分別為vAB＝eq\f(0＋vB,2)vBC＝eq\f(vB＋0,2)小球從A到C的平均速度為eq\f(vB,2)x1＋x2＝eq\x\to(v)t＝eq\f(vB,2)t可得t＝0.8s4分16．解析(1)滑塊受到水平力F、重力mg和支持力FN作用處于平衡狀態(tài)，水平力F＝mgtanθ，F(xiàn)＝eq\f(10\r(3),3)N.3分(2)設滑塊從高為h處下滑，到達斜面底端速度為v，下滑過程機械能守恒mgh＝eq\f(1,2)mv2，得v＝eq\r(2gh)若滑塊沖上傳送帶時的速度小于傳送帶速度，則滑塊在傳送帶上由于受到向右的滑動摩擦力而做勻加速運動；依據(jù)動能定理有μmgl＝eq\f(1,2)mv02－eq\f(1,2)mv2則h＝eq\f(v\o\al(2,0),2g)－μl，代入數(shù)據(jù)解得h＝0.1m3分若滑塊沖上傳送帶時的速度大于傳送帶的速度，則滑塊由于受到向左的滑動摩擦力而做勻減速運動；依據(jù)動能定理：－μmgl＝eq\f(1,2)mv02－eq\f(1,2)mv2則h＝eq\f(v\o\al(2,0),2g)＋