四川省瀘州市瀘縣二中2025屆高三物理下學(xué)期第四次學(xué)月考試試題含解析

PAGE17-四川省瀘州市瀘縣二中2025屆高三物理下學(xué)期第四次學(xué)月考試試題（含解析）第Ⅰ卷選擇題一、選擇題1.如圖所示，一攀巖運動員正沿豎直巖壁緩慢攀登．由于身背較重的行囊，重心上移至肩部的O點，總質(zhì)量為80kg，此時手臂與身體垂直，手臂與巖壁夾角為53°，則手受到的拉力和腳受到的作用力分別為（設(shè)手、腳受到的作用力均通過重心O，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A.640N480N B.480N800NC.480N640N D.800N480N【答案】C【解析】【詳解】以運動員和行囊整體為探討對象，分析受力狀況：重力Mg、巖壁對手臂的拉力F1和巖壁對腳的彈力F2，作出力圖，如圖所示．設(shè)運動員和行囊的質(zhì)量分別為M．依據(jù)平衡條件得：F1=Mgcos53°=800×0.6N=480NF2=Mgsin53°=800×0.8N=640NA.640N480N與分析不符，故A錯誤．B.480N800N與分析不符，故B錯誤．C.480N640N與分析相符，故C正確．D.800N480N與分析不符，故D錯誤．2.跳傘運動員從高空懸停的直升機跳下，運動員沿豎直方向運動，其v-t圖象如圖所示．下列說法正確的是（）A.運動員在內(nèi)的平均速度大小等于B.10s末運動員的速度方向變更C10末運動員打開著陸傘D.內(nèi)運動員做加速度漸漸增加的減速運動【答案】C【解析】【詳解】若運動員在0-10s內(nèi)做勻變速直線運動，則平均速度，運動員在0～10s內(nèi)的位移大于勻加速直線運動到20m/s的位移，所以平均速度大于10m/s．故A錯誤；在整個過程中，速度都是正值，運動員的速度方向未變更．故B錯誤；從10s末起先運動員做減速運動，則知10末運動員打開著陸傘，故C正確；10～15s內(nèi)圖線的斜率漸漸減小，則加速度漸漸減小，運動員做加速度漸漸減小的減速運動．故D錯誤；3.一質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上.現(xiàn)對物塊施加一個豎直向下的恒力F，如圖所示.則物塊()A.沿斜面加速下滑 B.仍處于靜止狀態(tài)C.受到的摩擦力不變 D.受到的合外力增大【答案】B【解析】試題分析：質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上，對其受力分析，可求出動摩擦因數(shù)，加力F后，依據(jù)共點力平衡條件，可以得到壓力與最大靜摩擦力同時變大，物體依舊平衡．解：由于質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為θ的斜面上，說明斜面對物塊的摩擦力等于最大靜摩擦力，對物體受力分析，如圖依據(jù)共點力平衡條件，有f=mgsinθN=mgcosθf=μN解得μ=tanθ對物塊施加一個豎直向下的恒力F，再次對物體受力分析，如圖依據(jù)共點力平衡條件，有與斜面垂直方向依舊平衡：N=（mg+F）cosθ因而最大靜摩擦力為：f=μN=μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ，故在斜面平行方向的合力為零，故合力仍舊為零，物塊仍處于靜止狀態(tài)，A正確，B、D錯誤，摩擦力由mgsinθ增大到（F+mg）sinθ，C錯誤；故選A．【點評】本題要善用等效的思想，可以設(shè)想將力F撤去，而換成用一個重力的大小等于F的物體疊放在原來的物塊上！4.如圖所示，在火星與木星軌道之間有一小行星帶．假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽的引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法正確的是A.太陽對小行星的引力相同B.各小行星繞太陽運動的周期小于一年C.小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度值大于小行星帶外側(cè)小行星的向心加速度值D.小行星帶內(nèi)各小行星圓周運動的線速度值大于地球公轉(zhuǎn)的線速度值【答案】C【解析】【詳解】小行星繞太陽做勻速圓周運動，萬有引力供應(yīng)圓周運動向心力A．太陽對小行星的引力F=，由于各小行星軌道半徑質(zhì)量均未知，故不能得出太陽對小行星的引力相同的結(jié)論，故A錯誤；B．由周期T=知，由于小行星軌道半徑大于地球公轉(zhuǎn)半徑，故小行星的周期均大于地球公轉(zhuǎn)周期，即大于一年，故B錯誤；C．小行星的加速度a=知，小行星內(nèi)側(cè)軌道半徑小于外側(cè)軌道半徑，故內(nèi)側(cè)向心加速度大于外側(cè)的向心加速度，故C正確；D．線速度知，小行星的軌道半徑大于地球半徑，故小行星的公轉(zhuǎn)速度小于地球公轉(zhuǎn)的線速度，故D錯誤。故選C。5.如圖甲所示的“火災(zāi)報警系統(tǒng)”電路中，志向變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為10:1，原線圈接入圖乙所示的電壓，電壓表和電流表均為志向電表，R0為半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度的上升而減小，R1為滑動變阻器．當通過報警器的電流超過某值時，報警器將報警．下列說法正確的是()A.電壓表V的示數(shù)為20VB.R0處出現(xiàn)火警時，電流表A的示數(shù)減小C.R0處出現(xiàn)火警時，變壓器的輸入功率增大D.要使報警器的臨界溫度上升，可將R1的滑片P適當向下移動【答案】C【解析】【詳解】設(shè)此電壓的最大值為Um，電壓的有效值為U．，代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110V．變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是10：l，所以電壓表的示數(shù)為11V，故A錯誤．R0處出現(xiàn)火警時，電阻減小，則次級電流變大，變壓器輸出功率變大，則變壓器的輸入功率增大，電流表示數(shù)變大，選項C正確，B錯誤；R1的滑片P適當向下移動，R1電阻變大，則次級電流變大，R0上電壓變大，則報警器兩端電壓減小，則報警器的臨界溫度就降低了，故選項D錯誤；故選C.點睛：依據(jù)電流的熱效應(yīng)，求解交變電流的有效值是常見題型，要嫻熟駕馭．依據(jù)圖象精確找出已知量，是對學(xué)生認圖的基本要求，精確駕馭志向變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．6.如圖所示，一端接有定值電阻的平行金屬軌道固定在水平面內(nèi)，通有恒定電流的長直絕緣導(dǎo)線垂直并緊靠軌道固定，導(dǎo)體棒與軌道垂直且接觸良好。在向右勻速通過M、N兩區(qū)的過程中，導(dǎo)體棒所受安培力分別用FM、FN表示。不計軌道電阻，以下敘述正確的是（）A.FM向右 B.FN向左C.FM漸漸減小 D.FN漸漸減小【答案】BD【解析】【詳解】AB．導(dǎo)體棒向右做切割磁感線運動，形成感應(yīng)電流，依據(jù)楞次定律，阻礙相對運動，故FM與FN都是水平向左，故A錯誤，B正確；CD．導(dǎo)體棒做勻速直線運動，通過導(dǎo)體四周磁場的分布是距離導(dǎo)體越近，磁場強度越大，再依據(jù)電磁感應(yīng)定律可知，F(xiàn)M漸漸增大，F(xiàn)N漸漸減小，故C錯誤，D正確。故選BD。7.如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻為r，R1，R3，R4均為定值電阻，電表均為志向電表，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器R2的滑片向右移動，電流表、電壓表示數(shù)變更量的肯定值分別為△I、△U，則關(guān)于該電路下列結(jié)論中正確的是（）A.電阻R1被電流表短路B.△U/△I<rC.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小D.外電路總電阻變小【答案】BC【解析】【詳解】設(shè)R1、R2、R3、R4的電流分別為I1、I2、I3、I4，電壓分別為U1、U2、U3、U4.，干路電流為I總，路端電壓為U，電流表電流為I；ACD．滑動變阻器R2滑片向右滑動，R2變大，外電阻變大，I總變小，U=E?I總r變大，U3變大，U變大，I3變大，而由I總=I3+I4，I總變小，I4變小，U4變小，而U1+U4=U，U變大，U1變大，I1變大，又I總=I1+I，I總變小，I1變大，則I變小，故AD錯誤，C正確；B．由歐姆定律U=E?I總r，得由，I變小，I1變大，I總變小，則故故B正確；故選BC?！军c睛】由圖，R1、R2并聯(lián)，再與R4串聯(lián)，與R3并聯(lián)，電壓表測量路端電壓，等于R3電壓，由R2接入電路的電阻變更，依據(jù)歐姆定律及串并關(guān)系，分析電流表和電壓表示數(shù)變更量的大小。8.如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧拴接在一起豎直放置在水平地面上，物體A處于靜止狀態(tài)在A的正上方h高處有一質(zhì)量也為m的小球C．現(xiàn)將小球C由靜止釋放，C與A發(fā)生碰撞后立即粘在一起，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽視空氣阻力，重力加速度為g.下列說法正確的是A.C與A碰撞后瞬間A的速度大小為B.C與A碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為C.C與A碰撞后彈簧最大彈性勢能為D.要使碰后物體B被拉離地面，h至少為【答案】ABD【解析】對C自由下落過程，由機械能守恒得：，解得：，對C與A組成的系統(tǒng)，取向下為正方向，由動量守恒定律得：，解得：，故A正確；C與A碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為：，故B正確；當AC速度為零時，彈簧的彈性勢能有最大值，，故C錯誤；起先時彈簧的壓縮量為：，碰后物體B剛被拉離地面時彈簧伸長量為：，則AC將上升2H，彈簧彈性勢能不變，由系統(tǒng)的機械能守恒得：，解得：，故D正確．所以ABD正確，C錯誤．第II卷非選擇題（62分）二、非選擇題：共62分。第9~12題為必考題，每個試題考生都必需作答。第13~16題為選題，考生依據(jù)要求作答。(一)必考題9.如圖所示是用來驗證動量守恒定律的試驗裝置，彈性球1用細線懸掛于O點，O點下方桌子的邊沿有一豎直立柱．試驗時，調(diào)整懸點，使彈性球1靜止時恰與立柱上的球2接觸且兩球等高．將球1拉到A點，并使之靜止，同時把球2放在立柱上．釋放球1，當它擺到懸點正下方時與球2發(fā)生對心碰撞．碰后球1向左最遠可擺到B點，球2落到水平地面上的C點．測出有關(guān)數(shù)據(jù)即可驗證1、2兩球碰撞時動量守恒．現(xiàn)已測出A點離水平桌面的距離為a．B點離水平桌面的距離為b，C點與桌子邊沿間的水平距離為c，球1的質(zhì)量為m1，球大小忽視不計，則：（1）還須要測量量是_______、__________和___________．（2）依據(jù)測量的數(shù)據(jù)，該試驗中動量守恒的表達式為_______________________．【答案】(1).彈性球2的質(zhì)量m2(2).立柱高h(3).桌面高H(4).2m1＝2m1＋m2【解析】【詳解】(1)[1][2][3]要驗證動量守恒必需知道兩球碰撞前后的動量變更，依據(jù)彈性球1碰撞前后的高度a和b，由機械能守恒可以求出碰撞前后的速度，故只要再測量彈性球1的質(zhì)量m1，就能求出彈性球1的動量變更；依據(jù)平拋運動的規(guī)律只要測出立柱高h和桌面高H就可以求出彈性球2碰撞前后的速度變更，故只要測量彈性球2的質(zhì)量和立柱高h、桌面高H就能求出彈性球2的動量變更。(2)[4]依據(jù)機械能守恒定律，有碰撞后1小球上升到最高點的過程中，機械能守恒，依據(jù)機械能守恒定律，有所以該試驗中動量守恒的表達式為：聯(lián)立解得10.為測定待測電阻Rx的阻值(約為9000Ω)，試驗室供應(yīng)如下器材：電池組E：電動勢3V，內(nèi)阻不計；電壓表V：量程6.0V，內(nèi)阻很大；電流表A1：量程0～15mA，內(nèi)阻約為100Ω；電流表A2：量程0～300μA，內(nèi)阻為1000Ω；滑動變阻器R1：阻值范圍0～20Ω，額定電流2A；定值電阻R2：阻值為2000Ω，額定電流10mA；定值電阻R3：阻值為200Ω，額定電流0.1A；開關(guān)S、導(dǎo)線若干．（1）為了精確地測量Rx的阻值，某同學(xué)已經(jīng)設(shè)計出了大致的電路，但電表和電阻代號還未填入，請你幫他將正確的電表代號填入_________內(nèi)，并將正確的電阻代號填在對應(yīng)電阻的下方：(2)調(diào)整滑動變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖乙所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是________mA，電流表A2的示數(shù)是________μA，則待測電阻Rx的阻值是________×103Ω(計算結(jié)果保留一位小數(shù))．【答案】(1).(2).8.0(3).150(4).9.5【解析】【詳解】(1)由于，，電流表A2的阻值是知道的，所以為了精確地測量Rx的阻值，可以將電流表A2與測定待測電阻串聯(lián)，電流表A1接在干路上，滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻阻值，滑動變阻器應(yīng)采納分壓接法，電路圖為(2)由圖示可知，電流表A1的分度值是0.5mA，所以示數(shù)為8.0mA，電流表A2的分度值是10μA，所以示數(shù)是150μA；待測電阻Rx的阻值是。11.在短道速滑世錦賽女子500米決賽中，接連有選手意外摔倒，由于在短道速滑競賽中很難超越對手，因而在競賽起先階段每個選手都要以最大的加速度加速，在過彎道前超越對手．為提高速滑成果，選手在如下場地進行訓(xùn)練：賽道的直道長度為L＝30m，彎道半徑為R＝2.5m．忽視冰面對選手的摩擦力，且冰面對人的彈力沿身體方向．在過彎道時，身體與冰面的夾角θ的最小值為45°，直線加速過程視為勻加速過程，加速度a＝1m/s2．若訓(xùn)練過程中選手沒有減速過程，為保證速滑中不出現(xiàn)意外狀況，選手在直道上速滑的最短時間為多少？(g取10m/s2)【答案】8.5s【解析】若選手在直道上始終加速，選手能達到的最大速度為v1，依據(jù)運動學(xué)公式有，解得：設(shè)選手過彎道時，允許的最大速度為v2，此時人與冰面的夾角θ的為45°，對選手受力分析如圖則：、解得：由于，因而選手允許加速達到的最大速度為設(shè)選手在直道上加速的距離為x，則，解得選手在直道上的最短時間解得：12.真空室中有如圖甲所示的裝置，電極K持續(xù)發(fā)出的電子（初速不計）經(jīng)過電場加速后，從小孔O沿水平放置的偏轉(zhuǎn)極板M、N的中心軸線OO、射入．M、N板長均為L，間距為d，偏轉(zhuǎn)極板右邊緣到熒光屏P（足夠大）的距離為S。M、N兩板間的電壓UMN隨時間t變更的圖線如圖乙所示。調(diào)整加速電場的電壓，使得每個電子通過偏轉(zhuǎn)極板M、N間的時間等于圖乙中電壓UMN的變更周期T．已知電子的質(zhì)量、電荷量分別為m、e，不計電子重力。（1）求加速電場的電壓U1;（2）欲使不同時刻進入偏轉(zhuǎn)電場的電子都能打到熒光屏P上，求圖乙中電壓U2的范圍；（3）證明在（2）問條件下電子打在熒光屏上形成亮線的長度與距離S無關(guān)．【答案】（1）（2）（3）見解析；【解析】【詳解】（1）由動能定理可知解得電壓（2）t=0時刻進入偏轉(zhuǎn)電場的電子，先做類平拋運動，后座勻速直線運動，射出電場時沿垂直于版面方向偏移的距離y最大y2=2y1可得：（3）對滿意（2）問條件下隨意確定的U2，不同時刻射出偏轉(zhuǎn)電場的電子沿垂直于極板方向的速度均為電子速度偏轉(zhuǎn)角的正切值均為電子射出偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)角度均相同，即速度方向相同不同時刻射出偏轉(zhuǎn)電場的電子沿垂直于極板方向的側(cè)移距離可能不同，側(cè)移距離的最大值與最小值之差△y與U2有關(guān)，因電子射出時速度方向相同，所以在屏上形成亮線的長度等于△y,可知，屏上形成亮線的長度與P到極板M、N右邊緣的距離S無關(guān)。13.下列說法正確的是（）A.把許多小的單晶體放在一起，就變成了非晶體B.載人飛船繞地球運動時容器內(nèi)的水呈球形，這是因為液體表面具有收縮性C.隨著科技的不斷進步，物體可以冷卻到肯定零度D.其次類永動機沒有違反能量守恒定律E.肯定質(zhì)量的志向氣體經(jīng)驗等壓膨脹過程，氣體密度將減小、分子平均動能將增大【答案】BDE【解析】【詳解】A．把許多小的單晶體放在一起，就變成了多晶體，故A錯誤；B．載人飛船繞地球運動時，因處于完全失重，水與容器間無作用力，水在表面張力作用下，表面具有收縮性，從而使水呈球形，故B正確；C．肯定零度不行能達到，故C錯誤；D．其次類永動機沒有違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)其次定律，故D正確；E．肯定質(zhì)量的志向氣體經(jīng)驗等壓膨脹過程，體積變大，溫度上升，體積變大，氣體密度減小；溫度上升，分子平均動能將增大，故E正確。故選BDE。14.如圖所示，粗細勻稱的U形管左端封閉，O處由橡皮軟管連接，左右兩端豎直管內(nèi)有高都為h的水銀柱封住兩部分志向氣體A和B，右端水銀柱上方和大氣相通大氣壓強等于76cmHg，初始平衡時B部分氣體總長度為96cm現(xiàn)將U形管右邊緩慢放置水平，同時變更環(huán)境溫度，已知U形管變更放置前后的環(huán)境的熱力學(xué)溫度之比為4/3，重新達到平衡時發(fā)覺左邊水銀柱恰好在原位置，且右邊水銀柱沒有進入水平管內(nèi)．試求：①水銀柱的高度h；②右管內(nèi)水銀柱沿管移動的距離．【答案】①②【解析】試題分析：求出氣體A的壓強，由查理定律可以求出熱力學(xué)溫度之比；求出B氣體的壓強，應(yīng)用志向氣體狀態(tài)方程求出B氣體后來的長度，然后求出水銀柱移動的距離．（1）A部分氣體做等容變更，依據(jù)查理定律：解得：由于解得：（2）對B部分氣體，依據(jù)志向氣體狀態(tài)方程：設(shè)U形管的橫截面積為S，傾斜后總長度為：解得：故水銀柱移動的距離為：點睛：本題主要考查了氣體溫度之比、水銀柱移動的距離，分析清晰題意、選擇恰當?shù)奶接憣ο?、依?jù)題意求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用查理定律與志向氣體狀態(tài)方程即可正確解題．15.下列說法正確的是()A.海嘯發(fā)生后尚未到達海岸邊，沿海漁民沒