山東省濟寧市泗水縣2025屆高三物理下學(xué)期期中試題含解析

PAGE16-山東省濟寧市泗水縣2025屆高三物理下學(xué)期期中試題（含解析）第Ⅰ卷（選擇題共48分）留意事項：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名準考證號、考試科目用鉛筆涂寫在答題卡上.2.每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，不能答在試題卷上.一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分.第1～8題只有一個選項正確，第9～12題有多個選項正確，全部選對得4分，選對但不全得2分，選錯得0分）1.傾角為α、質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質(zhì)量為m的木塊靜止在斜面體上．下列結(jié)論正確的是（）A.桌面對斜面體支持力大小是（M＋m）gB.桌面對斜面體的摩擦力大小是mgsinαcosαC.木塊受到的摩擦力大小是mgcosαD.木塊對斜面體的壓力大小是mgsinα【答案】A【解析】【詳解】AB．對M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對斜面體的支持力為（M+m）g，靜摩擦力為零，故B錯誤，A正確；C．先對木塊m受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，依據(jù)平衡條件，有f=mgsinα①N=mgcosα②由①式，選項C錯誤；D．斜面對木塊的支持力和木塊對斜面的壓力相等，由②式得D錯誤；故選A2.將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，圖象如圖所示，以下推斷正確的是（）A.前貨物做勻變速直線運動B前內(nèi)貨物處于失重狀態(tài)C.前內(nèi)與最終內(nèi)貨物的平均速度相同D.第末至第末的過程中，貨物的機械能守恒【答案】C【解析】【詳解】A．由圖像可知，前3s勻加速向上運動；3-5s內(nèi)勻速向上運動；5-7s內(nèi)勻減速向上運動；可知前7s貨物不是做勻變速直線運動，選項A錯誤；B．前3s內(nèi)貨物向上做加速運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)，選項B錯誤；C．前3s內(nèi)與最終2s內(nèi)貨物的平均速度相同，均為選項C正確；D．3s到5s內(nèi)物體做勻速直線運動，動能不變，高度增大，重力勢能增加，所以機械能不守恒，D錯誤。故選C。3.如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平相向拋出，經(jīng)過時間t在空中相遇。若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過的時間為（）A.t B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】依據(jù)運動的獨立性原理，在水平方向上，兩球之間的距離得故選C。4.“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標之一.摩天輪懸掛透亮座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，下列敘述正確的是（）A.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B.在最低點，乘客重力大于座椅對他支持力C.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變D.摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量不為零【答案】D【解析】【詳解】A．機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度改變，所以機械能在改變，故A錯誤；B．圓周運動過程中，在最低點，由重力和支持力的合力供應(yīng)向心力，向心力指向上方，處于超重狀態(tài)，則乘客重力小于座椅對他的支持力，故B錯誤；C．運動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在改變，速度在重力方向上的重量大小改變，所以重力的瞬時功率在改變，故C錯誤。D．依據(jù)I=mgt可知，轉(zhuǎn)動一周，乘客重力的沖量不為零，故D正確。故選D。5.若在某行星和地球上相對于各自的水平地面旁邊相同的高度處、以相同的速率平拋一物體，它們在水平方向運動的距離之比為2：，已知該行星質(zhì)量約為地球的7倍，地球的半徑為R。由此可知，該行星的半徑約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】對于任一行星，設(shè)其表面重力加速度為g。依據(jù)平拋運動的規(guī)律得則水平射程可得該行星表面的重力加速度與地球表面的重力加速度之比依據(jù)得可得解得行星的半徑故選C。6.質(zhì)量為的汽車，發(fā)動機的牽引力功率為，在水平馬路上，能達到的最大速度為，當汽車的速度為時的加速度大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】汽車達到最大速度時，牽引力和阻力大小相等，則阻力的大小為汽車在運動過程中，保持額定功率不變，當速度時，牽引力大小為整個運動過程中，阻力恒定，依據(jù)牛頓其次定律得帶入數(shù)據(jù)得故選B。7.a、b兩個小球在始終線上發(fā)生碰撞，它們在碰撞前后的圖象如圖所示。若a球的質(zhì)量，則b球的質(zhì)量為（）A B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】位移時間圖像的斜率等于物體運動的速度，故從圖中可知，碰撞前b的速度為零，a的速度為碰撞后a的速度為b的速度為取碰撞前a速度方向為正方向，由動量守恒定律可得：代入數(shù)據(jù)解得故A正確BCD錯誤。故選A。8.如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊以初速度v0從固定于地面的斜面底端A起先沖上斜面，到達某一高度后返回A，斜面與滑塊之間有摩擦．下圖中分別表示它在斜面上運動的速度v、加速度a、勢能Ep和機械能E隨時間的改變圖象，可能正確的是()A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】B．由牛頓其次定律可知，滑塊上升階段有；mgsinθ＋Ff＝ma1下滑階段有；mgsinθ－Ff＝ma2因此a1>a2，B選項錯誤；A．當上滑和下滑時，速度圖象的斜率不同，故A選項錯誤；C．重力勢能先增大后減小，且上升階段加速度大，勢能改變快，下滑階段加速度小，勢能改變慢，故選項C正確．D．由于摩擦力始終做負功，機械能始終減小，故選項D錯誤；故選C.9.如圖所示，A為靜止于地球赤道上的物體，B為繞地球橢圓軌道運行的衛(wèi)星，C為繞地球做圓周運動的衛(wèi)星，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點．已知A、B、C繞地心運動的周期相同．下列說法正確的是A.相對于地心，衛(wèi)星C的運行速率等于物體A的速率B.相對于地心，衛(wèi)星C的運行速率大于物體A的速率C.衛(wèi)星B在P點的運行加速度等于衛(wèi)星C在該點的運行加速度D.衛(wèi)星B在P點的運行加速度大于衛(wèi)星C在該點的運行加速度【答案】BC【解析】【分析】抓住周期相同，運用，比較線速度的大小．依據(jù)牛頓其次定律由萬有引力產(chǎn)生加速度比較加速度的大小.【詳解】由T一樣依據(jù)，知：C的半徑大，則C的運行速度比A大．故A錯誤，B正確．在P點，加速度，r相同，則加速度相等．故C正確，D錯誤．故選BC．10.如圖所示，A、B、C、D四圖中的小球以及小球所在的左側(cè)斜面完全相同，現(xiàn)從同一高度h處由靜止釋放小球，使之進入右側(cè)不同的軌道：除去底部一小段圓弧，A圖中的軌道是一段斜面，高度大于h；B圖中的軌道與A圖中的軌道相比只是短了一些，且斜面高度小于h；C圖中的軌道是一個內(nèi)徑略大于小球直徑的管道，其上部為直管，下部為圓弧形，與斜面相連，管的高度大于h；D圖中是個半圓形軌道，其直徑等于h，假如不計任何摩擦阻力和拐彎處的能量損失，小球進入右側(cè)軌道后能到達h高度的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】【詳解】A．小球到達右側(cè)斜面上最高點時的速度為零，依據(jù)機械能守恒定律得mgh+0=mgh′+0則h′=h故A正確；B．小球離開軌道后做斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，運動到最高點時在水平方向上有速度，即在最高點的速度不為零，依據(jù)機械能守恒定律得則h′＜h故B錯誤.C．小球離開軌道做豎直上拋運動，運動到最高點速度為零，依據(jù)機械能守恒定律得mgh+0=mgh′+0則h′=h故C正確；D．小球在內(nèi)軌道運動，通過最高點最小的速度為故在最高點的速度不為零，依據(jù)機械能守恒定律得則h′＜h即不能過最高點；故D錯誤。故選AC。11.如圖所示，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）以某一初速度由底端沖上傾角為30°的固定斜面，上升的最大高度為h，其加速度大小為g，在這個過程中，有關(guān)該物體的說法中正確的是（）A.重力勢能增加了 B.動能損失了C.動能損失了 D.機械能損失了【答案】ABD【解析】【詳解】A．上升過程中，重力做負功，重力勢能增大，則A正確；BC．合力做負功，由動能定理可得即動能減小，B正確C錯誤；D．規(guī)定沿斜面對下為正，依據(jù)牛頓其次定律可得解得機械能削減量等于克服摩擦力做的功所以機械能削減，D正確。故選ABD。12.如圖所示，水平地面上疊放著A、B兩物塊.F是作用在物塊B上的水平恒力，物塊A、B以相同的速度做勻速運動，若在運動中突然將F改為作用在物塊A上，則此后A、B的運動可能是（）A.A做加速運動，B做減速運動，A、B最終分別B.A、B最終以共同的加速度做勻加速運動C.A做減速運動，B做加速運動，A、B最終分別D.A、B一起做勻速運動【答案】AD【解析】【詳解】AC．突然將F改作用在物塊A上，若恒力F大于B對A的最大靜摩擦力，A做加速運動，依據(jù)牛頓第三定律A對B的摩擦力小于地面對B的摩擦力，B做減速運動，最終分別；若恒力F小于B對A的最大靜摩擦力，則AB一起勻速運動，A不行能做減速運動。故A正確，C錯誤；B．若AB以相同的速度運動，把AB看成整體可知，恒力與水平地面對B的滑動摩擦大小相等，方向相反，力平衡，肯定做勻速運動，不行能做加速運動。故B錯誤。D．突然將F改作用在物塊A上，A受到的恒力F與靜摩擦力可能大小相等，方向相反，A對B靜摩擦力與水平地面對B的滑動摩擦力大小相等，方向相反，兩物體一起以相同的速度做勻速運動，故D正確；故選AD。第Ⅱ卷（非選擇題共52分）留意事項：1.用鋼筆或圓珠筆將答案、解題過程寫在答題紙上，在本頁答題無效.2.答題前將答題紙密封線內(nèi)的項目填寫清晰.二、試驗題（共2小題，13題8分，14題8分，共16分）13.某同學(xué)用如圖甲所示的試驗裝置探究物體的速度與時間的關(guān)系，如圖所示是該同學(xué)打得紙帶的一部分，紙帶上標注了幾個計數(shù)點O、A、B、C、D、E、F，并且相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒有畫出，紙帶旁還給出了最小刻度為1mm的刻度尺，已知打點計時器所用溝通電頻率為50Hz．（1）請依據(jù)圖中信息，寫出計數(shù)點A對應(yīng)刻度尺上的讀數(shù)___________cm；（2）對應(yīng)于紙帶上的A點，小車的瞬時速度vA=__________m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；（3）由紙帶可以計算出小車的加速度a=_____________m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；（4）若在實際試驗操作時，打點計時器所用溝通電頻率為51Hz，某同學(xué)未留意到該改變，仍依據(jù)頻率為50Hz處理數(shù)據(jù)，則加速的計算結(jié)果與真實值相比__________（填“偏大”、“偏小”或“沒有影響”)．【答案】(1).5.80(2).0.58(3).2.0(4).偏小【解析】【詳解】(1)[1]按刻度尺的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)，要估讀到最小刻度1mm的下一位，因此A對應(yīng)刻度尺上的讀數(shù)為：5.80cm．(2)[2]勻變速直線運動中某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，因此有：(3)[3]依據(jù)勻變速直線運動的判別式△x=aT2，結(jié)合逐差法有：(4)[4]假如在某次試驗中，溝通電的頻率51Hz，f＞50Hz，那么實際打點周期變小，依據(jù)運動學(xué)公式△x=at2得：真實的加速度值就會偏大，所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏小.14.某探討性學(xué)習(xí)小組利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律，試驗裝置如圖所示．在氣墊導(dǎo)軌上相隔肯定距離的兩處安裝兩個光電傳感器A、B，滑塊P上固定一遮光條，若光線被遮光條遮擋，光電傳感器會輸出高電壓，兩光電傳感器采集數(shù)據(jù)后與計算機相連．滑塊在細線的牽引下向左加速運動，遮光條經(jīng)過光電傳感器A、B時，通過計算機可以得到如圖乙所示的電壓U隨時間t改變的圖像．（1）試驗前，接通電源，將滑塊(不掛鉤碼)置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，當圖乙中的Δt1____Δt2(選填“>”“=”或“<”)時，說明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平．（2）用儀器測遮光條寬度d．（3）滑塊P用細線跨過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與質(zhì)量為m的鉤碼Q相連，將滑塊P由圖甲所示位置釋放，通過計算機得到的圖像如圖乙所示，若Δt1、Δt2和d已知，要驗證滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)機械能是否守恒，還應(yīng)測出____________和____________(寫出物理量的名稱及符號)．（4）若上述物理量間滿意關(guān)系式__________________________，則表明在上述過程中，滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒．【答案】(1).=(2).滑塊質(zhì)量M(3).兩光電門間距離L(4).【解析】【詳解】（1）[1]假如遮光條通過光電門的時間相等，說明遮光條做勻速運動，即說明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平。（3）（4）[2][3][[4]光電門測量瞬時速度是試驗中常用的方法．由于光電門的寬度很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度，滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)動能的增加量為．滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)動能的重力勢能的減小量為所以還應(yīng)測出滑塊質(zhì)量M，兩光電門間距離L．假如系統(tǒng)動能的增加量等于系統(tǒng)重力勢能的減小量，那么滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)機械能守恒，即三、解答題（本題共3小題，共36分.解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分）15.某同學(xué)為了測定木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)，用測速儀探討木塊在斜面上的運動狀況，裝置如圖甲所示．他使木塊以初速度v0=4m/s的速度沿傾角θ=30°的斜面上滑，緊接著下滑至動身點，圖乙中給出了木塊從起先上滑到滑到最高點的v﹣t圖線，g取10m/s（1）求木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）求木塊回到動身點時的速度大小，并在圖乙中做出木塊下滑過程的速度—時間圖象．【答案】（1）（2）v=2m/s；如圖所示【解析】【詳解】（1）由題圖乙可知，木塊經(jīng)0．5s滑至最高點，上滑過程中加速度大小上滑過程中木塊受力如圖，由牛頓其次定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1代入數(shù)據(jù)得μ=（2）下滑的距離等于上滑的距離，下滑過程中木塊受力如圖，由牛頓其次定律得mgsinθ－μmgcosθ=ma2下滑至動身點的速度大小聯(lián)立解得v=2m/s．，t2=1s下滑過程的速度時間圖象16.如圖所示，在光滑水平面上有一個長為L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一個光滑的圓弧槽C與長木板接觸但不連接，圓弧槽的下端與木板的上表面相平，B、C靜止在水平面上，現(xiàn)有滑塊A以初速度v0從右端滑上B并以滑離B，恰好能到達C的最高點.A、B、C的質(zhì)量均為m，試求：（1）滑塊與木板B上表面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）圓弧槽C的半徑R【答案】（1）；（2）【解析】由于水平面光滑，A與B、C組成的系統(tǒng)動量守恒和能量守恒，有：mv0＝m(v0)＋2mv1①μmgL＝mv02－m(v0)2－×2mv12②聯(lián)立①②解得：μ＝