江蘇省蘇中三市2025屆高三物理下學(xué)期3月第一次調(diào)研試題含解析

PAGE19-江蘇省蘇中三市2025屆高三物理下學(xué)期3月第一次調(diào)研試題（含解析）一、單項(xiàng)選擇題。本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.如圖所示，相距為L(zhǎng)A、B兩質(zhì)點(diǎn)沿相互垂直的兩個(gè)方向以相同的速率v做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，A、B間的最短距離為（）A. B.L C.L D.2L【答案】A【解析】【詳解】A、B間的距離當(dāng)L-vt=vt時(shí)，s最小，A、B間的最短距離為故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2.帆船航行時(shí)，遇到側(cè)風(fēng)須要調(diào)整帆面至合適的位置，保證船能有足夠的動(dòng)力前進(jìn)．如圖是帆船航行時(shí)的俯視圖，風(fēng)向與船航行方向垂直，關(guān)于帆面的a、b、c、d四個(gè)位置，可能正確的是A.a B.b C.c D.d【答案】B【解析】【詳解】風(fēng)對(duì)帆船的作用力垂直帆船，則由力的平行四邊形定則可知，只有的位置，其中的一個(gè)分力沿著船的前進(jìn)方向，如圖所示：故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B?！久麕燑c(diǎn)睛】考查風(fēng)與帆船的作用力即為彈力，駕馭彈力的方向與接觸面的關(guān)系，同時(shí)理解力的平行四邊形定則的含義．留意確定對(duì)探討對(duì)象的受力分析．3.將一小球從高處水平拋出，最初2s內(nèi)小球動(dòng)能Ek隨時(shí)間t改變的圖線如圖所示，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2.依據(jù)圖象信息，無(wú)法確定的物理量是A.小球的質(zhì)量B.小球的初速度C.小球拋出時(shí)的高度D.最初2s內(nèi)重力對(duì)小球做功的平均功率【答案】C【解析】【詳解】AB.設(shè)小球的初速度為v0，則2s末的速度為：依據(jù)圖象可知：小球的初動(dòng)能2s末的動(dòng)能解得：故AB不符合題意．CD.最初2s內(nèi)重力對(duì)小球做功的平均功率：依據(jù)已知條件只能求出2s內(nèi)豎直方向高度而不能求出小球拋出時(shí)的高度，故D不符合題意，C符合題意．4.如圖所示，MNPQ間同時(shí)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面水平向外，電場(chǎng)在圖中沒(méi)有標(biāo)出．一帶電小球從α點(diǎn)射入場(chǎng)區(qū)，并在豎直平面內(nèi)沿直線運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，則小球（

）A.肯定帶正電B.受到電場(chǎng)力的方向肯定水平向右C.從α到b過(guò)程中，克服電場(chǎng)力做功D.從α到b過(guò)程中可能做勻加速運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】帶電小球從a點(diǎn)射入場(chǎng)區(qū)，并在豎直面內(nèi)沿直線運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，則小球肯定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，只要滿意合外力為零即可，小球可能帶正電，受到電場(chǎng)力的方向水平向右，從a到b過(guò)程，克服電場(chǎng)力做功；可能帶負(fù)電，受到電場(chǎng)力的方向斜向上，從a到b過(guò)程，克服電場(chǎng)力做功；選項(xiàng)C正確。故選C。5.如圖所示電路中，R、R0為定值電阻，C為電容器．t=0時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S，在t=t0時(shí)刻斷開(kāi)S，下列關(guān)于流過(guò)電阻R的電流i隨時(shí)間改變的圖象中，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】依據(jù)題意，t=0時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S，在t=t0時(shí)刻斷開(kāi)S可知，電容器先充電，然后通過(guò)R放電，依據(jù)電容器放電特點(diǎn)進(jìn)行分析即可．【詳解】t=0時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S，電容器充電．R中電流漸漸增大；在t=t0時(shí)刻斷開(kāi)S，電容器通過(guò)R放電，流過(guò)電阻R的電流方向不變，漸漸減小，所以流過(guò)電阻R的電流i隨時(shí)間改變的圖象中，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。二、多項(xiàng)選擇題。本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分。6.如圖甲所示電路中，電感為L(zhǎng)的線圈與電流表A串聯(lián)后接在溝通電源上，當(dāng)電路中通過(guò)如圖乙所示正弦式交變電流時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電流表讀數(shù)為5A B.L越大，電感對(duì)溝通電阻礙作用越大C.t=2×10-2s時(shí)，線圈中自上而下電動(dòng)勢(shì)最小 D.t=5×10-3s時(shí)，線圈中電流的磁場(chǎng)最強(qiáng)?！敬鸢浮緽D【解析】【詳解】A．電流表的示數(shù)為A錯(cuò)誤；B．L越大，電感對(duì)溝通電阻礙作用越大，B正確；C．時(shí)，線圈中電流改變量最大，產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)最大，C錯(cuò)誤；D．時(shí)，此時(shí)正向電流最大，電流四周存在磁場(chǎng)，電流越大，磁場(chǎng)越強(qiáng)，D正確。故選BD。7.2012年2月25日凌晨，我國(guó)勝利地將第十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星送入太空預(yù)定轉(zhuǎn)移軌道，它最終將被定點(diǎn)成為一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，則：A.衛(wèi)星的轉(zhuǎn)移軌道是以地球球心為焦點(diǎn)的橢圓軌道B.衛(wèi)星由轉(zhuǎn)移軌道進(jìn)入靜止軌道時(shí)須要加速C.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)萬(wàn)有引力等于向心力D.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道的運(yùn)動(dòng)周期大于24小時(shí)【答案】AB【解析】【詳解】衛(wèi)星的轉(zhuǎn)移軌道是以地球球心為焦點(diǎn)的橢圓軌道，即由橢圓到圓的軌道轉(zhuǎn)變；由橢圓到圓，要加速離心；衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)處于離心狀態(tài)，萬(wàn)有引力小于向心力；衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道的運(yùn)動(dòng)周期小于24小時(shí)，軌道半徑越高周期越長(zhǎng)，地球靜止軌道比轉(zhuǎn)移軌道高，故選項(xiàng)AB正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。8.如圖所示，長(zhǎng)木板放置在水平面上，一小物塊置于長(zhǎng)木板的中心，長(zhǎng)木板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，木板與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)，已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度為g．現(xiàn)對(duì)物塊施加一水平向右的拉力F，則木板加速度大小a可能是（）A.a＝μg B.a＝C.a＝ D.a＝－【答案】BD【解析】【詳解】當(dāng)物塊與木板一起向右加速，沒(méi)有發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，以物塊和木板整體為探討對(duì)象進(jìn)行受力分析，有：解得：當(dāng)物塊和木板間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，以木板為探討對(duì)象有：解得：故BD正確，AC錯(cuò)誤．9.如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)的電場(chǎng)線，過(guò)O點(diǎn)的虛線MN與電場(chǎng)線垂直，兩個(gè)相同的帶負(fù)電的粒子P、Q分別從A、B兩點(diǎn)以相同的初速度起先運(yùn)動(dòng)，速度方向垂直于MN，且都能從MN左側(cè)經(jīng)過(guò)O點(diǎn)．設(shè)粒子P、Q在A、B兩點(diǎn)的加速度大小分別為a1和a2，電勢(shì)能分別為和，以過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度大小分別為v1和v2，到達(dá)O點(diǎn)經(jīng)過(guò)的時(shí)間分別為t1和t2．粒子的重力不計(jì)，則（）A. B. C. D.【答案】BCD【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，粒子受到的電場(chǎng)力越大，加速度越大．所以a1＞a2．故A錯(cuò)誤；B．過(guò)A點(diǎn)畫(huà)出等勢(shì)面，依據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)，由于帶負(fù)電，所以．故B正確；C．粒子P、Q在A、B兩點(diǎn)分別到O點(diǎn)．有AO點(diǎn)間的電勢(shì)差大于BO點(diǎn)間的電勢(shì)差，所以粒子P的動(dòng)能減小量大于粒子Q的動(dòng)能減小量，所以v1＜v2．故C正確；D．帶負(fù)電的粒子Q從B運(yùn)動(dòng)到O沿水平方向分運(yùn)動(dòng)的加速度小于帶負(fù)電的粒子P從A運(yùn)動(dòng)到O的加速度，P、Q水平方向位移相同，做減速運(yùn)動(dòng)，所以t1＞t2，故D正確。故選BCD．第Ⅱ卷（非選擇題共89分）三、簡(jiǎn)答題∶本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計(jì)42分。請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置。10.某試驗(yàn)小組用如圖甲所示的裝置測(cè)量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ，供應(yīng)的器材有∶帶定滑輪的長(zhǎng)木板，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，溝通電源，木塊，紙帶，米尺，8個(gè)質(zhì)量均為20g的鉤碼以及細(xì)線等。試驗(yàn)操作過(guò)程如下∶A．長(zhǎng)木板置于水平桌面上，帶定滑輪的一端伸出桌面，把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)木板上并與電源連接，紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器并與木塊相連，細(xì)線一端與木塊相連，另一端跨過(guò)定滑輪掛上鉤碼，其余鉤碼都疊放在木塊上；B．使木塊靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，接通電源，釋放木塊，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打下一系列點(diǎn)，登記懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)n；C．將木塊上的鉤碼逐個(gè)移到懸掛鉤碼端，更換紙帶，重復(fù)試驗(yàn)操作B；D．測(cè)出每條紙帶對(duì)應(yīng)木塊運(yùn)動(dòng)的加速度a，試驗(yàn)數(shù)據(jù)如表乙所示。(1)試驗(yàn)起先時(shí)，必需調(diào)整滑輪高度，保證______________。(2)依據(jù)表乙數(shù)據(jù)，在圖丙中作出a-n圖像_____；圖線得到μ=_____（g=9.8m/s2），還可求的物理量是________（只需填寫(xiě)物理量名稱(chēng)）?！敬鸢浮?1).細(xì)線與木板表面平行(2).見(jiàn)解析(3).0.31（0.29~0.33均正確）(4).木塊的質(zhì)量【解析】【詳解】(1)[1]小車(chē)的加速度是繩子的拉力和摩擦力的合力所產(chǎn)生的，所以試驗(yàn)起先時(shí)，必需調(diào)整滑輪高度，保證細(xì)線與木板表面保持平行。(2)[2]依據(jù)圖乙表格供應(yīng)的數(shù)據(jù)，描點(diǎn)，連線可得a-n圖像如圖所示[3]設(shè)鉤碼的質(zhì)量為m，對(duì)木塊與鉤碼組成的系統(tǒng)，由牛頓其次定律得nmg-[（8-n）mg+m木g]=（8m+m木）a求得系統(tǒng)加速度的表達(dá)式為由a—n圖象得：n=0時(shí)，，所以。[4]由a-n圖象還可求得其斜率，由于鉤碼質(zhì)量已知，故而還可以求出木塊質(zhì)量。11.為了測(cè)量某高內(nèi)阻電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r(電動(dòng)勢(shì)約5V、內(nèi)阻約500Ω),現(xiàn)供應(yīng)下列器材：A．待測(cè)電源B．電壓表V(0~3V，內(nèi)阻約幾千歐)C．電流表A(10mA，RA=10Ω)D．電阻箱R0(0~9999.9Ω)E．滑動(dòng)變阻器R1(0~20Ω)F．滑動(dòng)變阻器R2(0~1000Ω)G．開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線H．干電池若干節(jié)(內(nèi)阻很小)(1)試驗(yàn)中須要將電壓表改裝．首先測(cè)定其內(nèi)阻，某同學(xué)采納圖甲所示的電路，電源為干電池組．開(kāi)關(guān)S閉合前，電阻箱R0的阻值應(yīng)當(dāng)調(diào)到_________（選填“零”或“最大”）．閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)整電阻箱，當(dāng)電壓表指針滿偏時(shí)，阻值為R01=2950Ω；當(dāng)電壓表指針半偏時(shí)，阻值為R02=8900Ω，則電壓表內(nèi)阻RV=_________Ω．

(2)采納圖乙所示的電路測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．電阻箱R0與電壓表串聯(lián)構(gòu)成量程為6V的電壓表，則R0=________Ω；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_________(選填“R1”或“R2”)．

(3)依據(jù)試驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù),作出電源路端電壓U隨電流I改變的圖象如圖丙所示，由圖象可知E=______V，r=_______Ω．【答案】(1).最大(2).3000(3).3000(4).R2(5).5.0(6).490【解析】【詳解】（1）[1][2]．開(kāi)關(guān)S閉合前，電阻箱R0的阻值應(yīng)當(dāng)調(diào)到最大．由解得RV=3000Ω．（2）[3][4]．依據(jù)擴(kuò)大電壓表量程原理，電阻箱R0與電壓表串聯(lián)構(gòu)成量程為6V的電壓表，則R0=3000Ω；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值范圍大的R2．（3）[5][6]．由閉合電路歐姆定律，E=U+Ir，結(jié)合圖線解得E=5.0V圖線斜率的肯定值等于電源內(nèi)阻r=490Ω．12.探討大氣現(xiàn)象時(shí)可把溫度、壓強(qiáng)相同的一部分氣體叫做氣團(tuán)。氣團(tuán)直徑達(dá)幾千米，邊緣部分與外界的熱交換對(duì)整個(gè)氣團(tuán)沒(méi)有明顯影響，氣團(tuán)在上升過(guò)程中可看成是肯定質(zhì)量志向氣體的絕熱膨脹，設(shè)氣團(tuán)在上升過(guò)程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2）。倘如該氣團(tuán)由狀態(tài)I（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），試回答：(1)下列推斷正確是_______。A.p3＜p1B.p3＜p2C.T1＞T2D.T1<T2(2)若氣團(tuán)在絕熱膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W1，則其內(nèi)能改變=____；若氣團(tuán)在等溫膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W2，則其內(nèi)能改變?chǔ)2=____。(3)氣團(tuán)體積由V1改變到V2時(shí)，則氣團(tuán)在改變前后的密度比為，分子間平均距離之比為_(kāi)_____。【答案】(1).AC(2).-W1(3).(4).【解析】【詳解】(1)[1]氣團(tuán)在上升過(guò)程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2），對(duì)外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，T1>T2，氣團(tuán)由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），體積增大，壓強(qiáng)減小，p3＜p2。故AC正確，BD錯(cuò)誤。故選AC。(2)[2]若氣團(tuán)在絕熱膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W1，由熱力學(xué)第肯定律，則其內(nèi)能改變?yōu)槿魵鈭F(tuán)在等溫膨脹過(guò)程中對(duì)外做的功為W2，則其內(nèi)能改變(3)[3][4]氣體密度氣團(tuán)體積由V1改變到V2時(shí)，氣團(tuán)在改變前后的密度比為設(shè)分子之間平均距離為d，氣體分子數(shù)N，則全部氣體體積V=Nd3氣團(tuán)在改變前后的分子間平均距離之比13.下列說(shuō)法中正確的是（）A.受迫振動(dòng)的頻率與振動(dòng)系統(tǒng)的固有頻率有關(guān) B.波是傳遞能量的一種方式C.牛頓環(huán)由光的衍射產(chǎn)生的 D.電子液晶顯示是光的偏振現(xiàn)象的應(yīng)用【答案】BD【解析】【詳解】A．受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，和振動(dòng)系統(tǒng)的固有頻率無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；B．波是傳遞能量的一種方式，B正確；C．牛頓環(huán)由光的干涉產(chǎn)生的，C錯(cuò)誤；D．電子液晶顯示是光的偏振現(xiàn)象的應(yīng)用，D正確。故選BD。14.二十世紀(jì)二十年頭，天文學(xué)家哈勃從星光譜的觀測(cè)中發(fā)覺(jué)宇宙中全部的星系都在彼此遠(yuǎn)離退行，距離越遠(yuǎn)，退行速度越大，兩者成正比，這個(gè)規(guī)律稱(chēng)為哈勃定律。一個(gè)遙遠(yuǎn)的超新星以速度v遠(yuǎn)離地球視察者，地球視察者測(cè)量的星系光譜波長(zhǎng)____（選填“大于”、“等于”或“小于”）超新星發(fā)出光譜波長(zhǎng)；地球視察者測(cè)量超新星發(fā)出光的傳播速度為_(kāi)____（光在真空中傳播速度為c）。【答案】(1).大于(2).c【解析】【詳解】[1][2]依據(jù)多普勒效應(yīng)，遙遠(yuǎn)的超新星以速度v遠(yuǎn)離地球視察者，則地球視察者測(cè)量的星系光譜波長(zhǎng)大于超新星發(fā)出光譜波長(zhǎng)；依據(jù)相對(duì)論原理，地球視察者測(cè)量超新星發(fā)出光的傳播速度為c。15.探討發(fā)光物體的光譜通常須要三棱鏡，如圖所示是截面為等邊三角形ABC的三棱鏡，一束光從AB邊的P點(diǎn)射入棱鏡，當(dāng)入射角時(shí)，進(jìn)入棱鏡的折射光線與BC平行，求：（1）光在棱鏡中的傳播速度(光在真空中傳播速度)（2）入射光經(jīng)過(guò)棱鏡兩次折射后偏轉(zhuǎn)的角度．【答案】（1）（2）60°【解析】【詳解】（1）由幾何學(xué)問(wèn)得：第一次折射時(shí)折射角為

由折射定律得折射率解得則光在棱鏡中的傳播速度（2）如圖所示：由幾何關(guān)系可知：偏轉(zhuǎn)角．16.自由中子是不穩(wěn)定的，它的平均壽命大約是900s，它能自發(fā)地發(fā)生放射性衰變，衰變方程是:其中是反電子中微子（不帶電的質(zhì)量很小的粒子）.下列說(shuō)法正確的是（）A.自由中子的衰變是β衰變，X是負(fù)電子B.有20個(gè)自由中子，半小時(shí)后肯定剩下5個(gè)中子未發(fā)生衰變C.衰變過(guò)程遵守動(dòng)量守恒定律D.衰變過(guò)程有質(zhì)量虧損，所以能量不守恒【答案】AC【解析】【詳解】A．依據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知X的電荷數(shù)為-1，質(zhì)量數(shù)為0，為負(fù)電子，該衰變?yōu)棣滤プ儯蔄正確；B．半衰期有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量的中子適用．故B錯(cuò)誤；C．在衰變的過(guò)程，系統(tǒng)不受外力，動(dòng)量守恒．故C正確；D．衰變的過(guò)程中，有質(zhì)量虧損，能量守恒，虧損的質(zhì)量以能量的形式釋放．故D錯(cuò)誤。故選AC。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，當(dāng)系統(tǒng)不受外力時(shí)，動(dòng)量守恒．17.電子浮獲即原子核俘獲1個(gè)核外軌道電子，使核內(nèi)1個(gè)質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶印Ｒ粋€(gè)理論認(rèn)為地?zé)崾擎?8（）在地球內(nèi)部的高溫高壓下發(fā)生電子俘獲核反應(yīng)生成鈷（Co）58時(shí)產(chǎn)生的，則鎳58電子獲核反應(yīng)方程為_(kāi)___；生成的鈷核處于激發(fā)態(tài)，會(huì)向基態(tài)躍遷，輻射γ光子的頻率為，已知真空中的光速和普朗克常量是c和h，則此核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損為_(kāi)___?！敬鸢浮?1).(2).【解析】【詳解】[1][2]鎳58電子俘獲核反應(yīng)方程為輻射γ光子的能量為h，由質(zhì)能方程可得，此核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損為18.在電子俘獲中，原子核俘獲了K層一個(gè)電子后，新核原子的K層將出現(xiàn)一個(gè)電子空位，當(dāng)外層L層上電子躍遷到K層填補(bǔ)空位時(shí)會(huì)釋放肯定的能量；一種狀況是輻射頻率為ν0的X射線；另一種狀況是將該能量交給其他層的某電子，使電子發(fā)生電離成為自由電子．該能量交給M層電子，電離后的自由電子動(dòng)能是E0，已知普朗克常量為h，試求新核原子的L層電子和K層電子的能級(jí)差及M層電子的能級(jí)(即能量值)．【答案】ΔE＝hν0；EM＝E0－h(huán)ν0【解析】【詳解】由于當(dāng)外層L層上電子躍遷到K層填補(bǔ)空位時(shí)會(huì)輻射頻率為ν0的X射線；則L層電子和K層電子的能級(jí)差ΔE＝hν0由能量守恒E0＋(0－EM)＝ΔE所以EM＝E0－h(huán)ν0四、計(jì)算題∶本題共4小題，共計(jì)59分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最終答案的不能得分，有值計(jì)算的題，答案中必需明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。19.無(wú)風(fēng)的狀況下，在離地面高為H處，將質(zhì)量為m的球以速度v0水平拋出，在空氣中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力，v是球的速度，k是已知的常數(shù)，阻力的方向與速度方向相反，并且球在著地前已經(jīng)豎直向下做勻速運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。(1)小球剛拋出時(shí)加速度大??；(2)求球從拋出到著地過(guò)程中克服空氣阻力做的功；(3)若有一個(gè)與上述相同的球從同一地點(diǎn)由靜止釋放，試比較兩球落地所需時(shí)間和著地時(shí)的速度，并簡(jiǎn)述理由?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)一樣，見(jiàn)解析【解析】【詳解】(1)小球剛拋出時(shí)受到的合力由牛頓其次定律解得小球剛拋出時(shí)加速度大小(2)球最終豎直向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)速度為v，則設(shè)球從拋出到著地過(guò)程中克服空氣阻力做的功為W，由動(dòng)能定理有解得(3)依據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性，兩種狀況下，在豎直方向都是從靜止起先的運(yùn)動(dòng)，受到的合力均為依據(jù)牛頓其次定律，加速度均為故在豎直方向的運(yùn)動(dòng)是相同的，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，著地時(shí)速度都是20.如圖所示，在xoy平面內(nèi)其次象限的某區(qū)域存在一個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向垂直xoy平面對(duì)里，邊界分別平利于x軸和y軸一電荷量為e、質(zhì)量為m的電子，從坐標(biāo)原點(diǎn)為O以速度v0射入其次象限，速度方向與y軸正方向成45°角，經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，通過(guò)P（0，a）點(diǎn)，速度方向垂直于y軸，不計(jì)電子的重力。（1）若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，求電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；（2）為使電子完成上述運(yùn)動(dòng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿意的條件；（3）若電子到達(dá)y軸上P點(diǎn)時(shí)，撤去矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，同時(shí)在y軸右