江蘇省蘇中三市2025屆高三物理下學期3月第一次調(diào)研試題含解析

PAGE19-江蘇省蘇中三市2025屆高三物理下學期3月第一次調(diào)研試題（含解析）一、單項選擇題。本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。1.如圖所示，相距為LA、B兩質(zhì)點沿相互垂直的兩個方向以相同的速率v做勻速直線運動，則在運動過程中，A、B間的最短距離為（）A. B.L C.L D.2L【答案】A【解析】【詳解】A、B間的距離當L-vt=vt時，s最小，A、B間的最短距離為故A正確，BCD錯誤。故選A。2.帆船航行時，遇到側(cè)風須要調(diào)整帆面至合適的位置，保證船能有足夠的動力前進．如圖是帆船航行時的俯視圖，風向與船航行方向垂直，關(guān)于帆面的a、b、c、d四個位置，可能正確的是A.a B.b C.c D.d【答案】B【解析】【詳解】風對帆船的作用力垂直帆船，則由力的平行四邊形定則可知，只有的位置，其中的一個分力沿著船的前進方向，如圖所示：故B正確，ACD錯誤；故選B?！久麕燑c睛】考查風與帆船的作用力即為彈力，駕馭彈力的方向與接觸面的關(guān)系，同時理解力的平行四邊形定則的含義．留意確定對探討對象的受力分析．3.將一小球從高處水平拋出，最初2s內(nèi)小球動能Ek隨時間t改變的圖線如圖所示，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2.依據(jù)圖象信息，無法確定的物理量是A.小球的質(zhì)量B.小球的初速度C.小球拋出時的高度D.最初2s內(nèi)重力對小球做功的平均功率【答案】C【解析】【詳解】AB.設(shè)小球的初速度為v0，則2s末的速度為：依據(jù)圖象可知：小球的初動能2s末的動能解得：故AB不符合題意．CD.最初2s內(nèi)重力對小球做功的平均功率：依據(jù)已知條件只能求出2s內(nèi)豎直方向高度而不能求出小球拋出時的高度，故D不符合題意，C符合題意．4.如圖所示，MNPQ間同時存在勻強磁場和勻強電場，磁場方向垂直紙面水平向外，電場在圖中沒有標出．一帶電小球從α點射入場區(qū)，并在豎直平面內(nèi)沿直線運動至b點，則小球（

）A.肯定帶正電B.受到電場力的方向肯定水平向右C.從α到b過程中，克服電場力做功D.從α到b過程中可能做勻加速運動【答案】C【解析】【詳解】帶電小球從a點射入場區(qū)，并在豎直面內(nèi)沿直線運動至b點，則小球肯定做勻速直線運動，只要滿意合外力為零即可，小球可能帶正電，受到電場力的方向水平向右，從a到b過程，克服電場力做功；可能帶負電，受到電場力的方向斜向上，從a到b過程，克服電場力做功；選項C正確。故選C。5.如圖所示電路中，R、R0為定值電阻，C為電容器．t=0時閉合開關(guān)S，在t=t0時刻斷開S，下列關(guān)于流過電阻R的電流i隨時間改變的圖象中，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】依據(jù)題意，t=0時閉合開關(guān)S，在t=t0時刻斷開S可知，電容器先充電，然后通過R放電，依據(jù)電容器放電特點進行分析即可．【詳解】t=0時閉合開關(guān)S，電容器充電．R中電流漸漸增大；在t=t0時刻斷開S，電容器通過R放電，流過電阻R的電流方向不變，漸漸減小，所以流過電阻R的電流i隨時間改變的圖象中，故D正確，ABC錯誤。故選D。二、多項選擇題。本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。6.如圖甲所示電路中，電感為L的線圈與電流表A串聯(lián)后接在溝通電源上，當電路中通過如圖乙所示正弦式交變電流時，下列說法中正確的是（）A.電流表讀數(shù)為5A B.L越大，電感對溝通電阻礙作用越大C.t=2×10-2s時，線圈中自上而下電動勢最小 D.t=5×10-3s時，線圈中電流的磁場最強?！敬鸢浮緽D【解析】【詳解】A．電流表的示數(shù)為A錯誤；B．L越大，電感對溝通電阻礙作用越大，B正確；C．時，線圈中電流改變量最大，產(chǎn)生的自感電動勢最大，C錯誤；D．時，此時正向電流最大，電流四周存在磁場，電流越大，磁場越強，D正確。故選BD。7.2012年2月25日凌晨，我國勝利地將第十一顆北斗導航衛(wèi)星送入太空預定轉(zhuǎn)移軌道，它最終將被定點成為一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，則：A.衛(wèi)星的轉(zhuǎn)移軌道是以地球球心為焦點的橢圓軌道B.衛(wèi)星由轉(zhuǎn)移軌道進入靜止軌道時須要加速C.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運動時萬有引力等于向心力D.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道的運動周期大于24小時【答案】AB【解析】【詳解】衛(wèi)星的轉(zhuǎn)移軌道是以地球球心為焦點的橢圓軌道，即由橢圓到圓的軌道轉(zhuǎn)變；由橢圓到圓，要加速離心；衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運動時處于離心狀態(tài)，萬有引力小于向心力；衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道的運動周期小于24小時，軌道半徑越高周期越長，地球靜止軌道比轉(zhuǎn)移軌道高，故選項AB正確，CD錯誤。故選AB。8.如圖所示，長木板放置在水平面上，一小物塊置于長木板的中心，長木板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ，木板與水平面間動摩擦因數(shù)，已知最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g．現(xiàn)對物塊施加一水平向右的拉力F，則木板加速度大小a可能是（）A.a＝μg B.a＝C.a＝ D.a＝－【答案】BD【解析】【詳解】當物塊與木板一起向右加速，沒有發(fā)生相對滑動，以物塊和木板整體為探討對象進行受力分析，有：解得：當物塊和木板間發(fā)生相對滑動，以木板為探討對象有：解得：故BD正確，AC錯誤．9.如圖所示，實線表示某電場的電場線，過O點的虛線MN與電場線垂直，兩個相同的帶負電的粒子P、Q分別從A、B兩點以相同的初速度起先運動，速度方向垂直于MN，且都能從MN左側(cè)經(jīng)過O點．設(shè)粒子P、Q在A、B兩點的加速度大小分別為a1和a2，電勢能分別為和，以過O點時的速度大小分別為v1和v2，到達O點經(jīng)過的時間分別為t1和t2．粒子的重力不計，則（）A. B. C. D.【答案】BCD【解析】【詳解】A．電場線越密，場強越大，粒子受到的電場力越大，加速度越大．所以a1＞a2．故A錯誤；B．過A點畫出等勢面，依據(jù)沿著電場線方向電勢降低，所以A點電勢大于B點電勢，由于帶負電，所以．故B正確；C．粒子P、Q在A、B兩點分別到O點．有AO點間的電勢差大于BO點間的電勢差，所以粒子P的動能減小量大于粒子Q的動能減小量，所以v1＜v2．故C正確；D．帶負電的粒子Q從B運動到O沿水平方向分運動的加速度小于帶負電的粒子P從A運動到O的加速度，P、Q水平方向位移相同，做減速運動，所以t1＞t2，故D正確。故選BCD．第Ⅱ卷（非選擇題共89分）三、簡答題∶本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分。請將解答填寫在答題卡相應的位置。10.某試驗小組用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ，供應的器材有∶帶定滑輪的長木板，打點計時器，溝通電源，木塊，紙帶，米尺，8個質(zhì)量均為20g的鉤碼以及細線等。試驗操作過程如下∶A．長木板置于水平桌面上，帶定滑輪的一端伸出桌面，把打點計時器固定在長木板上并與電源連接，紙帶穿過打點計時器并與木塊相連，細線一端與木塊相連，另一端跨過定滑輪掛上鉤碼，其余鉤碼都疊放在木塊上；B．使木塊靠近打點計時器，接通電源，釋放木塊，打點計時器在紙帶上打下一系列點，登記懸掛鉤碼的個數(shù)n；C．將木塊上的鉤碼逐個移到懸掛鉤碼端，更換紙帶，重復試驗操作B；D．測出每條紙帶對應木塊運動的加速度a，試驗數(shù)據(jù)如表乙所示。(1)試驗起先時，必需調(diào)整滑輪高度，保證______________。(2)依據(jù)表乙數(shù)據(jù)，在圖丙中作出a-n圖像_____；圖線得到μ=_____（g=9.8m/s2），還可求的物理量是________（只需填寫物理量名稱）。【答案】(1).細線與木板表面平行(2).見解析(3).0.31（0.29~0.33均正確）(4).木塊的質(zhì)量【解析】【詳解】(1)[1]小車的加速度是繩子的拉力和摩擦力的合力所產(chǎn)生的，所以試驗起先時，必需調(diào)整滑輪高度，保證細線與木板表面保持平行。(2)[2]依據(jù)圖乙表格供應的數(shù)據(jù)，描點，連線可得a-n圖像如圖所示[3]設(shè)鉤碼的質(zhì)量為m，對木塊與鉤碼組成的系統(tǒng)，由牛頓其次定律得nmg-[（8-n）mg+m木g]=（8m+m木）a求得系統(tǒng)加速度的表達式為由a—n圖象得：n=0時，，所以。[4]由a-n圖象還可求得其斜率，由于鉤碼質(zhì)量已知，故而還可以求出木塊質(zhì)量。11.為了測量某高內(nèi)阻電源的電動勢E和內(nèi)阻r(電動勢約5V、內(nèi)阻約500Ω),現(xiàn)供應下列器材：A．待測電源B．電壓表V(0~3V，內(nèi)阻約幾千歐)C．電流表A(10mA，RA=10Ω)D．電阻箱R0(0~9999.9Ω)E．滑動變阻器R1(0~20Ω)F．滑動變阻器R2(0~1000Ω)G．開關(guān)及導線H．干電池若干節(jié)(內(nèi)阻很小)(1)試驗中須要將電壓表改裝．首先測定其內(nèi)阻，某同學采納圖甲所示的電路，電源為干電池組．開關(guān)S閉合前，電阻箱R0的阻值應當調(diào)到_________（選填“零”或“最大”）．閉合開關(guān)，調(diào)整電阻箱，當電壓表指針滿偏時，阻值為R01=2950Ω；當電壓表指針半偏時，阻值為R02=8900Ω，則電壓表內(nèi)阻RV=_________Ω．

(2)采納圖乙所示的電路測量電源電動勢和內(nèi)阻．電阻箱R0與電壓表串聯(lián)構(gòu)成量程為6V的電壓表，則R0=________Ω；滑動變阻器應選_________(選填“R1”或“R2”)．

(3)依據(jù)試驗測得數(shù)據(jù),作出電源路端電壓U隨電流I改變的圖象如圖丙所示，由圖象可知E=______V，r=_______Ω．【答案】(1).最大(2).3000(3).3000(4).R2(5).5.0(6).490【解析】【詳解】（1）[1][2]．開關(guān)S閉合前，電阻箱R0的阻值應當調(diào)到最大．由解得RV=3000Ω．（2）[3][4]．依據(jù)擴大電壓表量程原理，電阻箱R0與電壓表串聯(lián)構(gòu)成量程為6V的電壓表，則R0=3000Ω；滑動變阻器應選阻值范圍大的R2．（3）[5][6]．由閉合電路歐姆定律，E=U+Ir，結(jié)合圖線解得E=5.0V圖線斜率的肯定值等于電源內(nèi)阻r=490Ω．12.探討大氣現(xiàn)象時可把溫度、壓強相同的一部分氣體叫做氣團。氣團直徑達幾千米，邊緣部分與外界的熱交換對整個氣團沒有明顯影響，氣團在上升過程中可看成是肯定質(zhì)量志向氣體的絕熱膨脹，設(shè)氣團在上升過程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2）。倘如該氣團由狀態(tài)I（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），試回答：(1)下列推斷正確是_______。A.p3＜p1B.p3＜p2C.T1＞T2D.T1<T2(2)若氣團在絕熱膨脹過程中對外做的功為W1，則其內(nèi)能改變=____；若氣團在等溫膨脹過程中對外做的功為W2，則其內(nèi)能改變ΔE2=____。(3)氣團體積由V1改變到V2時，則氣團在改變前后的密度比為，分子間平均距離之比為______?！敬鸢浮?1).AC(2).-W1(3).(4).【解析】【詳解】(1)[1]氣團在上升過程中，由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）絕熱膨脹到狀態(tài)II（p2、V2、T2），對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，T1>T2，氣團由狀態(tài)Ⅰ（p1、V1、T1）作等溫膨脹到Ⅲ（p3、V3、T3），體積增大，壓強減小，p3＜p2。故AC正確，BD錯誤。故選AC。(2)[2]若氣團在絕熱膨脹過程中對外做的功為W1，由熱力學第肯定律，則其內(nèi)能改變?yōu)槿魵鈭F在等溫膨脹過程中對外做的功為W2，則其內(nèi)能改變(3)[3][4]氣體密度氣團體積由V1改變到V2時，氣團在改變前后的密度比為設(shè)分子之間平均距離為d，氣體分子數(shù)N，則全部氣體體積V=Nd3氣團在改變前后的分子間平均距離之比13.下列說法中正確的是（）A.受迫振動的頻率與振動系統(tǒng)的固有頻率有關(guān) B.波是傳遞能量的一種方式C.牛頓環(huán)由光的衍射產(chǎn)生的 D.電子液晶顯示是光的偏振現(xiàn)象的應用【答案】BD【解析】【詳解】A．受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率，和振動系統(tǒng)的固有頻率無關(guān)，A錯誤；B．波是傳遞能量的一種方式，B正確；C．牛頓環(huán)由光的干涉產(chǎn)生的，C錯誤；D．電子液晶顯示是光的偏振現(xiàn)象的應用，D正確。故選BD。14.二十世紀二十年頭，天文學家哈勃從星光譜的觀測中發(fā)覺宇宙中全部的星系都在彼此遠離退行，距離越遠，退行速度越大，兩者成正比，這個規(guī)律稱為哈勃定律。一個遙遠的超新星以速度v遠離地球視察者，地球視察者測量的星系光譜波長____（選填“大于”、“等于”或“小于”）超新星發(fā)出光譜波長；地球視察者測量超新星發(fā)出光的傳播速度為_____（光在真空中傳播速度為c）。【答案】(1).大于(2).c【解析】【詳解】[1][2]依據(jù)多普勒效應，遙遠的超新星以速度v遠離地球視察者，則地球視察者測量的星系光譜波長大于超新星發(fā)出光譜波長；依據(jù)相對論原理，地球視察者測量超新星發(fā)出光的傳播速度為c。15.探討發(fā)光物體的光譜通常須要三棱鏡，如圖所示是截面為等邊三角形ABC的三棱鏡，一束光從AB邊的P點射入棱鏡，當入射角時，進入棱鏡的折射光線與BC平行，求：（1）光在棱鏡中的傳播速度(光在真空中傳播速度)（2）入射光經(jīng)過棱鏡兩次折射后偏轉(zhuǎn)的角度．【答案】（1）（2）60°【解析】【詳解】（1）由幾何學問得：第一次折射時折射角為

由折射定律得折射率解得則光在棱鏡中的傳播速度（2）如圖所示：由幾何關(guān)系可知：偏轉(zhuǎn)角．16.自由中子是不穩(wěn)定的，它的平均壽命大約是900s，它能自發(fā)地發(fā)生放射性衰變，衰變方程是:其中是反電子中微子（不帶電的質(zhì)量很小的粒子）.下列說法正確的是（）A.自由中子的衰變是β衰變，X是負電子B.有20個自由中子，半小時后肯定剩下5個中子未發(fā)生衰變C.衰變過程遵守動量守恒定律D.衰變過程有質(zhì)量虧損，所以能量不守恒【答案】AC【解析】【詳解】A．依據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知X的電荷數(shù)為-1，質(zhì)量數(shù)為0，為負電子，該衰變?yōu)棣滤プ儯蔄正確；B．半衰期有統(tǒng)計規(guī)律，對大量的中子適用．故B錯誤；C．在衰變的過程，系統(tǒng)不受外力，動量守恒．故C正確；D．衰變的過程中，有質(zhì)量虧損，能量守恒，虧損的質(zhì)量以能量的形式釋放．故D錯誤。故選AC。點睛：解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，當系統(tǒng)不受外力時，動量守恒．17.電子浮獲即原子核俘獲1個核外軌道電子，使核內(nèi)1個質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶印Ｒ粋€理論認為地熱是鎳58（）在地球內(nèi)部的高溫高壓下發(fā)生電子俘獲核反應生成鈷（Co）58時產(chǎn)生的，則鎳58電子獲核反應方程為____；生成的鈷核處于激發(fā)態(tài)，會向基態(tài)躍遷，輻射γ光子的頻率為，已知真空中的光速和普朗克常量是c和h，則此核反應過程中的質(zhì)量虧損為____?！敬鸢浮?1).(2).【解析】【詳解】[1][2]鎳58電子俘獲核反應方程為輻射γ光子的能量為h，由質(zhì)能方程可得，此核反應過程中的質(zhì)量虧損為18.在電子俘獲中，原子核俘獲了K層一個電子后，新核原子的K層將出現(xiàn)一個電子空位，當外層L層上電子躍遷到K層填補空位時會釋放肯定的能量；一種狀況是輻射頻率為ν0的X射線；另一種狀況是將該能量交給其他層的某電子，使電子發(fā)生電離成為自由電子．該能量交給M層電子，電離后的自由電子動能是E0，已知普朗克常量為h，試求新核原子的L層電子和K層電子的能級差及M層電子的能級(即能量值)．【答案】ΔE＝hν0；EM＝E0－h(huán)ν0【解析】【詳解】由于當外層L層上電子躍遷到K層填補空位時會輻射頻率為ν0的X射線；則L層電子和K層電子的能級差ΔE＝hν0由能量守恒E0＋(0－EM)＝ΔE所以EM＝E0－h(huán)ν0四、計算題∶本題共4小題，共計59分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分，有值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。19.無風的狀況下，在離地面高為H處，將質(zhì)量為m的球以速度v0水平拋出，在空氣中運動時所受的阻力，v是球的速度，k是已知的常數(shù)，阻力的方向與速度方向相反，并且球在著地前已經(jīng)豎直向下做勻速運動，重力加速度為g。(1)小球剛拋出時加速度大?。?2)求球從拋出到著地過程中克服空氣阻力做的功；(3)若有一個與上述相同的球從同一地點由靜止釋放，試比較兩球落地所需時間和著地時的速度，并簡述理由?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)一樣，見解析【解析】【詳解】(1)小球剛拋出時受到的合力由牛頓其次定律解得小球剛拋出時加速度大小(2)球最終豎直向下做勻速直線運動，設(shè)此時速度為v，則設(shè)球從拋出到著地過程中克服空氣阻力做的功為W，由動能定理有解得(3)依據(jù)運動的獨立性，兩種狀況下，在豎直方向都是從靜止起先的運動，受到的合力均為依據(jù)牛頓其次定律，加速度均為故在豎直方向的運動是相同的，運動時間相等，著地時速度都是20.如圖所示，在xoy平面內(nèi)其次象限的某區(qū)域存在一個矩形勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直xoy平面對里，邊界分別平利于x軸和y軸一電荷量為e、質(zhì)量為m的電子，從坐標原點為O以速度v0射入其次象限，速度方向與y軸正方向成45°角，經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后，通過P（0，a）點，速度方向垂直于y軸，不計電子的重力。（1）若磁場的磁感應強度大小為B0，求電子在磁場中運動的時間t；（2）為使電子完成上述運動，求磁感應強度的大小應滿意的條件；（3）若電子到達y軸上P點時，撤去矩形勻強磁場，同時在y軸右