浙江省麗水市2023-2024學(xué)年高一下學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)控物理試卷

麗水市2023學(xué)年第二學(xué)期普通高中教學(xué)質(zhì)量監(jiān)控高一物理試題卷2024.06本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫(xiě)在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在試題卷上的作答一律無(wú)效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。作圖時(shí)先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫(xiě)在本試題卷上無(wú)效。4．本卷無(wú)特殊說(shuō)明g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題（本題共18小題，每小題3分，共54分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于電勢(shì)的單位的是（）A.J B.W C.A D.V【答案】D【解析】【詳解】電勢(shì)的國(guó)際單位是“伏”，符號(hào)是“V”。故選D2.2023年10月14日，江南之巔·天空越野賽在龍泉開(kāi)跑。此次賽事分為100公里摘星組、60公里天空組、40公里青瓷組三個(gè)組別，最終選手梁迪斯以12小時(shí)37分19秒奪得100公里摘星組男子組冠軍。以下說(shuō)法正確的是（）A.100公里、60公里、40公里是此次比賽位移的大小B.12小時(shí)37分19秒指的是時(shí)間間隔C.整個(gè)比賽過(guò)程，選手梁迪斯的平均速度約為7.9km/hD.在研究選手梁迪斯在比賽中的運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)不能把他看成質(zhì)點(diǎn)【答案】B【解析】【詳解】A．100公里、60公里、40公里代表軌跡長(zhǎng)度，是此次比賽路程的大小，故A錯(cuò)誤；B．12小時(shí)37分19秒指的是時(shí)間間隔，故B正確；C．由于位移未知，無(wú)法計(jì)算平均速度大小，故C錯(cuò)誤；D．在研究選手梁迪斯在比賽中的運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，可以忽略選手的形狀，可以把他看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；故選B。3.下列有關(guān)物理學(xué)家的貢獻(xiàn)，說(shuō)法正確的是（）A.牛頓通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量B.庫(kù)侖通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)定了電子的電荷量C.開(kāi)普勒在前人基礎(chǔ)上首先發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律D.愛(ài)因斯坦提出真空中的光速在不同的慣性參考系中大小相同【答案】D【解析】【詳解】A．卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，故A錯(cuò)誤；B．庫(kù)侖通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)定靜電力常量，密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)量出了電子的電荷量，故B錯(cuò)誤；C．牛頓在前人的基礎(chǔ)上首先發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，故C錯(cuò)誤；D．愛(ài)因斯坦提出真空中的光速在不同的慣性參考系中大小相同，故D正確；故選D。4.香蕉球是一項(xiàng)令人驚嘆的足球技術(shù)，球能在空中繞過(guò)防守人員進(jìn)入球門(mén)，圖中所示時(shí)刻空氣對(duì)香蕉球的作用力可能是（）A.a方向 B.b方向C.c方向 D.d方向【答案】A【解析】【詳解】足球受到重力與空氣的作用力，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，合力方向總是指向軌跡內(nèi)側(cè)，可知，圖中所示時(shí)刻空氣對(duì)香蕉球的作用力可能是a方向。故選A。5.關(guān)于平行板電容器，下列說(shuō)法中正確的是（）A.增加電容器的帶電量，電容器的電容將增大B.增大電容器兩板之間的距離，電容器的電容將增大C.將兩極板平行錯(cuò)開(kāi)，使正對(duì)面積減小，電容器的電容將減小D.向電容器兩極板間插入電介質(zhì)，電容器的電容將減小【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)電容器電容量決定式可知，增加電容器的帶電量，電容器的電容不變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容器的電容量決定式可知，增大電容器兩板之間的距離，電容器的電容將減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電容器的電容量決定式可知，將兩極板平行錯(cuò)開(kāi)，使正對(duì)面積減小，電容器的電容將減小，故C正確；D．根據(jù)電容器的電容量決定式可知，向電容器兩極板間插入電介質(zhì)，增大，電容器的電容將增大，故D錯(cuò)誤；故選C。6.A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB∶BC＝1∶1，B點(diǎn)位于A、C之間，在A處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷。當(dāng)在B處放一電荷量為q的點(diǎn)電荷時(shí)，Q所受的靜電力為F；移去B處電荷，在C處放一電荷量為2q的點(diǎn)電荷，則Q所受的靜電力為（）A. B. C. D.F【答案】C【解析】【詳解】當(dāng)在B處放一電荷量為q的點(diǎn)電荷時(shí)，Q所受的靜電力為F，則移去B處電荷，在C處放一電荷量為2q的點(diǎn)電荷，則Q所受的靜電力為故選C。7.如圖所示，一質(zhì)量分布均勻的球體質(zhì)量大小為m，用輕繩AC懸掛在豎直墻壁上的A點(diǎn)，使其保持靜止。墻壁光滑，球與豎直墻壁的接觸點(diǎn)為B，細(xì)繩與墻壁的夾角為θ，下列說(shuō)法正確的是（）A.輕繩AC的拉力FT=mgcosθB.豎直墻壁對(duì)小球的支持為FN=mgtanθC.縮短繩長(zhǎng)AC，繩的拉力減小D.縮短繩長(zhǎng)AC，小球受到的合力增大【答案】B【解析】【詳解】以球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析其受力情況：重力mg、懸繩對(duì)球的拉力和墻壁對(duì)球的支持力，如圖根據(jù)平衡條件，有，縮短繩長(zhǎng)AC，根據(jù)幾何關(guān)系可知θ增大，則繩的拉力增大，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，受到的合力依然為0。故選B。8.如圖，一質(zhì)量為M的半圓弧凹槽放置在一電子秤上，現(xiàn)從最低點(diǎn)由初速度釋放一質(zhì)量為m的小球，忽略空氣阻力與軌道摩擦，某時(shí)刻半圓弧凹槽對(duì)電子秤的壓力為FN。若小球從未脫離過(guò)圓弧軌道，則（）A.FN可能大于Mg+mgB.FN可能小于MgC.小球所受的支持力一直大于mgD.小球所受的支持力一直小于mg【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，與凹槽的作用力最大，此時(shí)對(duì)小球有解得此時(shí)小球所受的支持力大于mg；對(duì)凹槽分析可知可知此時(shí)FN大于Mg+mg設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)和凹槽圓心的連線與豎直方向的夾角為，則在最高點(diǎn)有此時(shí)小球所受的支持力一直小于mg；對(duì)凹槽分析可知可知此時(shí)FN小于Mg+mg，且大于等于Mg。故選A。9.如圖，一運(yùn)動(dòng)員站在水平地面上射箭時(shí)，保持人拉弓的力及出射點(diǎn)位置不變，箭與水平方向夾角為θ（0°<θ<90°），忽略空氣阻力和發(fā)射點(diǎn)到地面的距離，則（）A.增大θ一定可以增大射箭的最遠(yuǎn)距離B.減小θ將增大箭支最高高度C.增大θ將減小箭支運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度D.改變?chǔ)炔⒉挥绊懠涞貢r(shí)速度的方向【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)箭的初速度為v。則解得因此當(dāng)時(shí)，箭射出的距離最遠(yuǎn)，因此A錯(cuò)誤；B．箭支的最高高度為故減小θ將降低箭支的最高高度，故B錯(cuò)誤；C．箭支運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度就是箭支的水平分速度，即增大θ將減小箭支運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度，故C正確；D．箭支落地時(shí)速度的方向與水平方向的夾角仍是，故改變?chǔ)葧?huì)影響箭支落地時(shí)速度的方向，故D錯(cuò)誤；故選C。10.如圖所示，物塊Q放在水平桌面上，一條跨過(guò)光滑定滑輪的細(xì)線兩端分別連接物塊P和物塊Q，物塊P、Q的質(zhì)量之比mP：mQ=1:2。物塊P下落過(guò)程中，細(xì)線上的拉力大小為F1；若物塊P、Q位置互換，物塊Q下落過(guò)程中，細(xì)線上的拉力大小為F2。兩物塊與桌面間無(wú)摩擦，不計(jì)空氣阻力，則F1、F2的大小關(guān)系為（）A.F1:F2=1:1 B.F1:F2=1:2C.F1:F2=2:1 D.F1:F2=1:3【答案】A【解析】【詳解】位置互換前，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)物塊P有對(duì)物塊Q有聯(lián)立解得位置互換后，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)物塊Q有對(duì)物塊P有聯(lián)立解得則F1:F2=1:1故選A。11.一小球沿著光滑平面以0.5m/s的初速度滑入一中空光滑圓筒內(nèi)，圓筒側(cè)邊與平面相切。已知圓筒半徑為5cm、高為5cm，底端到地面的距離為15cm，則（）A.筒壁對(duì)小球的彈力做正功B.小球離開(kāi)圓筒后做平拋運(yùn)動(dòng)C.小球在桶內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.2sD.小球離開(kāi)筒的點(diǎn)到最后的落點(diǎn)的距離為【答案】D【解析】【詳解】A．筒壁對(duì)小球的彈力與小球速度垂直，故不做功，故A錯(cuò)誤；B．小球離開(kāi)圓筒后，已經(jīng)下降了5cm，故豎直方向上已經(jīng)具有一定的速度，故做斜拋運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．小球在桶內(nèi)運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向上的圓周運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)，而小球在桶內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間取決于豎直方向上的運(yùn)動(dòng)，則故C錯(cuò)誤；D．小球從平面到離開(kāi)開(kāi)始分析，有解得則小球離開(kāi)筒的點(diǎn)到最后的落點(diǎn)的時(shí)間為小球離開(kāi)筒的點(diǎn)到最后的落點(diǎn)的水平方向上距離為小球離開(kāi)筒的點(diǎn)到最后的落點(diǎn)的距離為故D正確；故選D。12.2024年2月21日晚間，麗水多地出現(xiàn)短時(shí)大冰雹。如圖所示為某冰雹從高空由靜止下落過(guò)程中速度隨時(shí)間變化的圖象。若該冰雹所受的空氣阻力可認(rèn)為與物體速度大小成正比，圖中作出了t=2.4s時(shí)刻的切線，已知該冰雹的質(zhì)量為0.2kg，則（）A.冰雹在t=2.4s時(shí)刻的加速度大小為5m/s2B.冰雹所受的空氣阻力與速度大小的比例系數(shù)大小為C.冰雹最終達(dá)到最大速度的大小為15m/sD.冰雹在0至2.4s內(nèi)通過(guò)的位移為14.4m【答案】B【解析】【詳解】A．速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，由圖象可知冰雹在t=2.4s時(shí)刻的加速度大小等于此時(shí)切線的斜率，故加速度大小為故A錯(cuò)誤；B．設(shè)空氣阻力與速度大小的正比系數(shù)為k，當(dāng)v=12m/s時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有達(dá)到最大速度時(shí)，加速度為零，則有聯(lián)立解得，故B正確，C錯(cuò)誤；D．設(shè)冰雹做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表位移可知，2.4s內(nèi)的位移為由圖可知冰雹在0至2.4s內(nèi)通過(guò)的位移大于14.4m，故D錯(cuò)誤；故選B。13.一小丑每隔0.2s從同一位置斜向上方拋出一枚小球，拋出時(shí)小球豎直方向的速度大小為8m/s，以拋出點(diǎn)所在的水平面為參考平面，下列說(shuō)法正確的是（）A.拋出的小球能夠達(dá)到的最大高度為2.4mB.小球從被拋出到回到參考面所用時(shí)間為0.8sC.參考平面上方（不含參考面）最多同時(shí)存在8個(gè)小球D.小球高度為1.6m時(shí)，小球的動(dòng)能為初動(dòng)能的一半【答案】C【解析】【詳解】A．豎直方向上是加速度為g的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則故A錯(cuò)誤；B．小球從被拋出到回到參考面所用時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)故參考平面上方（不含參考面）最多同時(shí)存在8個(gè)小球，故C正確；D．假設(shè)小球水平方向速度為0，則小球的初動(dòng)能為小球高度為1.6m時(shí)，小球的動(dòng)能為解得但是小球還具有水平方向上的速度，因此小球的動(dòng)能不一定為初動(dòng)能的一半，故D錯(cuò)誤；故選C。14.2024年5月3日，嫦娥六號(hào)探測(cè)器由長(zhǎng)征五號(hào)遙八運(yùn)載火箭在中國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)發(fā)射成功。如圖所示為嫦娥六號(hào)探測(cè)器的飛行軌道示意圖，環(huán)月軌道1為圓軌道，環(huán)月軌道2為橢圓軌道。則（）A.探測(cè)器在環(huán)月軌道2上繞行時(shí)P點(diǎn)處速度最大B.探測(cè)器在環(huán)月軌道1的速度比月球上的第一宇宙速度大C.探測(cè)器在環(huán)月軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度大于在環(huán)月軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度D.探測(cè)器在環(huán)月軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大于在環(huán)月軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度【答案】D【解析】【詳解】AD．環(huán)月軌道1相對(duì)于環(huán)月軌道2是高軌道，由高軌道變軌到低軌道，需要在切點(diǎn)P位置減速，即環(huán)月軌道2在P點(diǎn)的速度小于環(huán)月軌道1的線速度，探測(cè)器在環(huán)月軌道2上繞行時(shí)P點(diǎn)處速度不是最大，探測(cè)器在環(huán)月軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大于在環(huán)月軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度故A錯(cuò)誤，D正確；B．月球上的第一宇宙等于近月軌道的環(huán)繞速度，根據(jù)解得環(huán)月軌道2的軌道半徑大于月球半徑，則探測(cè)器在環(huán)月軌道1的速度比月球上的第一宇宙速度小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律有解得可知，探測(cè)器在環(huán)月軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度等于在環(huán)月軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度，故C錯(cuò)誤。故選D。15.如圖所示，在立體直角坐標(biāo)系xyz中，坐標(biāo)軸上的A、B、C、D、F各點(diǎn)至原點(diǎn)O點(diǎn)距離相同，A、B處固定有正電荷，C、D處固定有負(fù)電荷，電荷量大小均相等，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.O點(diǎn)電勢(shì)為零C.從O點(diǎn)靜止釋放一正電荷，其電勢(shì)能將一直減小D.從F點(diǎn)靜止釋放一正電荷，其將沿著y軸做勻加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．A、C處點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿AC方向不為零，B、D處點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿BD方向不為0，根據(jù)電場(chǎng)的矢量疊加可知O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不為0，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布可知，y軸是等勢(shì)線，且電勢(shì)為0，故B正確；C．根據(jù)電場(chǎng)的矢量疊加可知，從O點(diǎn)靜止釋放一正電荷，將做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能先減小，后增大，故C錯(cuò)誤；D．沿著y軸方向，電場(chǎng)強(qiáng)度變化，從F點(diǎn)靜止釋放一正電荷，不做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選B。16.如圖甲為直升機(jī)搶救傷員的情景，直升機(jī)懸停在空中，用輕質(zhì)繩索將傷員由靜止向上吊起，繩索對(duì)傷員做功功率隨時(shí)間變化如圖乙所示，傷員重力為G，0~t1傷員作勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，t1、t2時(shí)刻傷員的動(dòng)能分別為Ek1、Ek2，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不計(jì)空氣阻力，則（）A.t1時(shí)刻速度大小為B.t1、t2時(shí)刻的動(dòng)能Ek1=Ek2C.t1時(shí)刻傷員的動(dòng)能大小為D.0~t1階段，傷員上升的高度【答案】D【解析】【詳解】A．0~t1傷員作勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，牽引力則t1時(shí)刻速度大小為故A錯(cuò)誤；B．0~t1傷員作勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，之后保持功率不變，則有，功率一定，速度增大，牽引力減小，加速度減小，即t1時(shí)刻后做加速度減小得變加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為0時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知，t1時(shí)刻的速度小于t2時(shí)刻的速度，則有Ek1<Ek2故B錯(cuò)誤；C．0~t1傷員作勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，幾何圖像，根據(jù)動(dòng)能定理有可知，t1時(shí)刻傷員的動(dòng)能小于，故B錯(cuò)誤；C．0~t1傷員作勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，克服重力做功結(jié)合上述解得故D正確。故選D。17.如圖，勁度系數(shù)為2N/cm，豎直放置的彈簧上連接有質(zhì)量為2kg的A物塊，靜止時(shí)A在y=0cm處，此刻將一質(zhì)量為1kg的物塊B無(wú)初速度的放置于A上，使A與B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，彈簧足夠長(zhǎng)且始終未超出彈性限度。已知彈簧彈性勢(shì)能表達(dá)式為，x為彈簧形變量。下列說(shuō)法正確的是（）A.A向下運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=5cm后保持靜止B.存在某一時(shí)刻A與B會(huì)分離C.A最大能運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=20cm處D.當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=5cm處時(shí)，A的動(dòng)能達(dá)到最大值【答案】D【解析】【詳解】A．靜止時(shí)A在y=0cm處，令此時(shí)彈簧壓縮量為，則有解得放上B后，令對(duì)平衡位置的位移大小為，A、B在平衡位置的壓縮量為，則有，解得回復(fù)力大小與相對(duì)平衡位置的位移大小成正比，方向相反，可知，放上B后，B與A一起開(kāi)始向下做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，A、B先向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后向下做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，減速至0后，又向上做做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后向上做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，減速至0后回到出發(fā)點(diǎn)，之后，重復(fù)先前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)上述可以解得根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，振幅為可知，A、B向下運(yùn)動(dòng)到兩倍的振幅位置，即y=10cm到達(dá)最低點(diǎn)，但不能夠保持靜止，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，B與A一起保持相對(duì)靜止做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，兩者不會(huì)發(fā)生分離，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，A最大能運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=10cm處，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=5cm處時(shí)，恰好處于平衡位置，此時(shí)速度最大，A的動(dòng)能達(dá)到最大值，故D正確。故選D。18.有一段粗糙軌道AB長(zhǎng)為S，第一次物塊以初速度v0由A出發(fā)，向右運(yùn)動(dòng)達(dá)到B時(shí)速度為v1，第二次物塊以初速度v0由B出發(fā)向左運(yùn)動(dòng)。以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，物塊與地面的摩擦力f隨x的變化如圖，已知物塊質(zhì)量為m，下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在第一次運(yùn)動(dòng)中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.fx圖像的斜率為C.第二次能到達(dá)A點(diǎn)，且花費(fèi)時(shí)間較第一次長(zhǎng)D.兩次運(yùn)動(dòng)中，在距離A點(diǎn)處摩擦力功率大小相等【答案】C【解析】【詳解】A．物塊在第一次運(yùn)動(dòng)中水平方向上只受到摩擦力，并且摩擦力隨位移均勻增加，所以加速度在變大，故A錯(cuò)誤；B．從A到B運(yùn)用動(dòng)能定理，則fx圖像斜率為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)能量守恒，第二次也能到達(dá)A點(diǎn)，且速度也為v1，且一開(kāi)始加速度大，速度很快減小，所以花費(fèi)時(shí)間較第一次長(zhǎng)，故C正確；D．兩次運(yùn)動(dòng)中，物塊運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)摩擦力做的功不相等，在A點(diǎn)的速度大小不相等，而摩擦力大小相等，根據(jù)力的瞬時(shí)功率計(jì)算公式可得在距離A點(diǎn)處摩擦力功率大小不等，故D錯(cuò)誤；故選C。非選擇題部分二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。）19.小張同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，所選打點(diǎn)計(jì)時(shí)器如圖乙所示。（1）圖乙中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接的電源為_(kāi)____（選填“8V”或“220V”）交變電源；（2）下列有關(guān)本實(shí)驗(yàn)說(shuō)法正確的是（）A.先打開(kāi)電源后釋放紙帶B.紙帶上打點(diǎn)越密集的地方速度越大C.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中不需要補(bǔ)償小車(chē)受到的阻力D.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是一種測(cè)量點(diǎn)跡距離的儀器（3）該同學(xué)完成實(shí)驗(yàn)后，在紙帶上每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，共有A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，其相鄰點(diǎn)的間距如圖所示。根據(jù)圖丙紙帶的數(shù)據(jù)可以求出打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下C點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度為_(kāi)____m/s，小車(chē)的加速度大小為_(kāi)____m/s2。（保留2位小數(shù)）（4）小陳同學(xué)想利用圖甲裝置，通過(guò)墊高軌道一端補(bǔ)償阻力后驗(yàn)證小車(chē)和鉤碼的機(jī)械能是否守恒，他的做法_____（“可行”或“不可行”）?！敬鸢浮浚?）220V（2）AC（3）①.0.82②.1.56（4）不可行【解析】【小問(wèn)1詳解】圖乙中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器為電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，需接220V交變電流?！拘?wèn)2詳解】A．實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)先打開(kāi)電源，等打點(diǎn)穩(wěn)定后釋放紙帶，故A正確；B．紙帶上打點(diǎn)密集與打點(diǎn)稀疏相比，說(shuō)明在相同時(shí)間內(nèi)小車(chē)的位移更小，取紙帶上打點(diǎn)密集的地方速度小，故B錯(cuò)誤；C．該實(shí)驗(yàn)不需要平衡阻力，阻力對(duì)研究小車(chē)速度隨時(shí)間變化規(guī)律無(wú)影響，故C正確；D．電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是一種測(cè)量時(shí)間的儀器，故D錯(cuò)誤。故選AC?！拘?wèn)3詳解】[1]在紙帶上每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為C點(diǎn)的速度為[2]根據(jù)逐差法，小車(chē)的加速度為【小問(wèn)4詳解】墊高軌道一端補(bǔ)償阻力后，系統(tǒng)存在摩擦力做功，機(jī)械能不守恒，所以不可行。20.在用如圖甲所示的裝置做“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中（1）本實(shí)驗(yàn)主要體現(xiàn)的科學(xué)方法是（）A.等效替代法 B.極限法 C.控制變量法 D.理想化模型（2）在某一次實(shí)驗(yàn)中，其中一彈簧測(cè)力計(jì)的指針如圖乙所示，則其讀數(shù)F1=_____N，另一拉力F2的大小為1.85N；（3）F1、F2的方向如圖丙所示，用作圖法求F1、F2合力大小F=______N；（4）關(guān)于此實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法正確的是（）A.橡皮筋的拉力是合力，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力B.拉橡皮條的細(xì)繩要適當(dāng)長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要適當(dāng)遠(yuǎn)些C.拉橡皮條時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)、橡皮條、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行D.若彈簧測(cè)力計(jì)的外殼與木板產(chǎn)生摩擦，則所測(cè)拉力變小【答案】（1）A（2）（3）（4）BC【解析】【小問(wèn)1詳解】本實(shí)驗(yàn)每次將橡皮條拉到同樣的位置，保證對(duì)橡皮條的拉力大小和方向相同，即兩次的力的作用效果相同，這種方法叫等效替代法，故選A。【小問(wèn)2詳解】根據(jù)圖乙可讀出彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)為2.09N。【小問(wèn)3詳解】量出合力長(zhǎng)度為3.20cm，即合力大小為3.20N?！拘?wèn)4詳解】A．橡皮筋的拉力是與合力等大反向的作用力，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力，A錯(cuò)誤；B．拉橡皮條的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，可以減小方向的相對(duì)誤差，B正確；CD．實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤、橡皮條、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行，彈簧測(cè)力計(jì)的外殼與木板產(chǎn)生摩擦，不會(huì)改變測(cè)力計(jì)示數(shù)，C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、計(jì)算題（本題共3小題，8分+10分+12分=30分。）21.如圖所示，在傾角37°足夠長(zhǎng)的固定斜面上放置一個(gè)質(zhì)量為1kg的物塊，物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。t=0時(shí)刻，物體沿斜面開(kāi)始下滑。（1）求加速度a的大??；（2）求t=2s時(shí)，物體下滑的距離；（3）下滑2s后，一沿斜面向上拉力F=6N作用在物體上，求整個(gè)過(guò)程物體沿斜面下滑的最大距離?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律，有解得（2）根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系，有解得（3）根據(jù)牛頓第二定律，有解得下滑2s后物塊的速度為物體沿斜面下滑的距離最遠(yuǎn)時(shí)，物體減速到0，則解得則整個(gè)過(guò)程物體沿斜面下滑的最大距離為22.如圖甲所示，P處有一粒子源，可以持續(xù)均勻地“飄”出（初速度為零）氫離子，經(jīng)M、N間的加速電場(chǎng)加速后，粒子可以進(jìn)入輻向電場(chǎng)（電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向O），沿著半徑為R的圓弧運(yùn)動(dòng)。從輻向電場(chǎng)射出后，粒子沿平行金屬板A、B間的中心線II’射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，最后都打在足夠長(zhǎng)的收集板上。已知UMN=U，氫離子電荷為e，質(zhì)量為m，AB間的電場(chǎng)隨時(shí)間變化如圖乙所示（AB為正方向，周期為T(mén)），AB板的長(zhǎng)度，以下答案用U、R、e、m、T、E0表示，不考慮粒子間的相互作用。求：（1）氫離