浙江省杭州市周邊重點中學四校2024-2025學年高二上學期10月聯(lián)考物理試題

2024學年第一學期高二年級10月四校聯(lián)考物理學科試題卷考生須知：1．本卷共四大題，21小題，滿分100分，考試時間90分鐘；2．所有解答均答在答題紙上，選擇題部分需用2B鉛筆填涂，其他試題用黑色字跡的筆在相應區(qū)域答題；3．本卷無特別說明，重力加速度取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個選項中，只有一個是符合題目要求的）1.牛頓在1687年用在流體中拖動的平板，做了著名的粘性流動實驗。得出了粘附于上平板的流體在平板切向方向上產(chǎn)生的粘性摩擦力F的關(guān)系式：。其中A是平板面積，h是平板間間距，平板的運動速度為v，粘滯力系數(shù)的單位為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)可知故選C。2.下列表述正確的是（）A.法拉第提出了用電場線描述電場的方法，并用實驗測得了元電荷的數(shù)值B.庫侖用扭秤實驗研究了電荷間的相互作用規(guī)律，并測出了靜電力常量C.用點電荷來代替實際帶電體是采用了等效替代的思想方法D.電場強度、電勢、電容都是用比值法定義的物理量【答案】D【解析】【詳解】A．法拉第提出了用電場線描述電場的方法，密立根用油滴實驗測量了元電荷的值，故A錯誤；B．庫侖通過扭秤實驗研究了電荷間的相互作用規(guī)律，麥克斯韋通過理論計算得出了靜電力常量，故B錯誤；C．用點電荷來代替實際帶電的電荷是采用了理想化物理模型的方法，故C錯誤；D．由電場強度、電勢和電容的定義可知，電場強度、電勢、電容器的電容都是用比值法定義的，故D正確。故選D。3.蜘蛛網(wǎng)是由部分種類的蜘蛛吐絲所編成的網(wǎng)狀物，如圖所示，豎直平面內(nèi)蜘蛛網(wǎng)上A、B、C三點的連線構(gòu)成正三角形，三根蜘蛛絲a、b、c（可視為彈性繩）的延長線均過三角形的中心，蜘蛛絲c沿豎直方向，且c中有張力。蜘蛛靜止在蜘蛛網(wǎng)（不計重力）中央，下列說法正確的是（）A.a中張力大于b中張力B.a中張力大于c中張力C.若c突然斷開，則蜘蛛仍能保持靜止D.若c突然斷開，則斷后瞬間蜘蛛的加速度豎直向下【答案】B【解析】【詳解】A．以網(wǎng)和蜘蛛為研究對象，受力分析如圖所示，由平衡條件有可得故A正確；BCD．在豎直方向上有由幾何關(guān)系可知，可得c突然斷開，蜘蛛受到的合力豎直向上，有向上的加速度。故B正確；CD錯誤。故選B。4.充電式果汁機小巧簡便，如圖甲所示，被譽為出行神器，滿足了人們出行也能喝上鮮榨果汁的需求．如圖乙所示，其主要部件是四個長短不同的切水果的鋒利刀片．工作時，刀片在電機帶動下高速旋轉(zhuǎn)，機身和果汁杯可視為保持靜止．則果汁機在完成榨汁的過程中A.某時刻不同刀片頂點的角速度都相等B.不同刀片上各點的加速度方向始終指向圓心C.杯壁上的水果顆粒做圓周運動時的向心力由摩擦力提供D.消耗的電能一定等于水果顆粒以及果汁機增加的內(nèi)能【答案】A【解析】【詳解】A．不同刀片相對靜止的繞同一軸做圓周運動，屬于同軸轉(zhuǎn)動模型，角速度相等，故A正確；B．刀片旋轉(zhuǎn)角速度越來越大，做變速圓周運動，加速度方向不是指向圓心，故B錯誤；C．杯壁上的水果顆粒做圓周運動時的向心力由杯壁的彈力提供，重力和摩擦力平衡，故C錯誤；D．消耗電能等于水果顆粒增加的機械能和水果顆粒與果汁機增加的內(nèi)能，故D錯誤．5.“探究影響平行板電容器電容大小因素”的實驗裝置如圖所示，則下列說法正確的是（）A.平行板電容器左極板上移時，靜電計指針偏角減小B.平行板電容器中間插入一層薄的導體材料，靜電計指針偏角增大C.平行板電容器左極板左移時，電容器儲存能量增大D.靜電計測量的是電勢差，所以也可以用電壓表替代【答案】C【解析】【詳解】A．由于靜電計所帶的電荷量很少，所以可認為平行板電容器所帶的電荷量不變，根據(jù)，平行板電容器左極板上移時，正對面積減小，電容器電容減小，極板間電壓增大，則靜電計指針偏角增大，故A錯誤；B．平行板電容器中間插入一層薄的導體材料，則板間距離減小，電容器電容增大，極板間電壓減小，靜電計指針偏角減小，故B錯誤；C．平行板電容器左極板左移時，則板間距離增大，電容器電容減小，極板間電壓增大，電容器儲存能量為可知電容器儲存能量增大，故C正確；D．靜電計測量的是電勢差，但電壓表是由電流表改裝的，所以電壓表要有示數(shù)必須有電流通過表頭，則不能用電壓表替代，故D錯誤。故選C。6.電影《流浪地球2》中，人類建造了太空電梯直通空間站，如圖為科幻電影中的太空電梯示意圖。超級纜繩將地球赤道上的固定基地、同步空間站和配重空間站連接在一起，它們隨地球同步旋轉(zhuǎn)，P為太空電梯。地球同步衛(wèi)星的軌道在同步空間站和配重空間站之間。下列說法正確的是（）A.配重空間站的周期大于B.宇航員可以自由漂浮在配重空間站內(nèi)C.若太空電梯沿纜繩勻速運動，則其內(nèi)部的物體受力平衡D.若兩空間站之間的纜繩斷裂，配重空間站將做離心運動【答案】D【解析】【詳解】A．超級纜繩將地球赤道上的固定基地、同步空間站和配重空間站連接在一起，它們隨地球同步旋轉(zhuǎn)，則配重空間站的周期等于，故A錯誤；B．宇航員在同步空間站內(nèi)，萬有引力剛好提供所需的向心力，而宇航員在配重空間站內(nèi)，萬有引力不足以提供宇航員做圓周運動所需的向心力，所以宇航員在配重空間站時受到空間站的作用力，故B錯誤；C．若太空電梯沿纜繩勻速運動，由于太空電梯繞地球轉(zhuǎn)動，所以其內(nèi)的物體受力不平衡，故C錯誤；D．若兩空間站之間纜繩斷裂，則配重空間站受到的萬有引力小于所需的向心力，配重空間站將做離心運動，故D正確。故選D。7.下列關(guān)于磁場的應用，正確的是（）A.圖甲是用來加速帶電粒子的回旋加速器示意圖要使粒子獲得的最大動能增大，可增大加速電場的電壓UB.圖乙是磁流體發(fā)電機示意圖，由此可判斷B極板是發(fā)電機的正極，A極板是發(fā)電機的負極C.圖丙是速度選擇器示意圖，速度方向從P到Q，不考慮重力的帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是D.圖丁是磁電式電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，當有電流流過時，線圈在磁極間產(chǎn)生的勻強磁場中偏轉(zhuǎn)【答案】B【解析】【詳解】A．設回旋加速器的最大半徑為，加速后最大速度為，根據(jù)可得粒子獲得的最大動能為所以粒子的最大動能與加速電場的電壓U無關(guān)，A錯誤；B．根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以B板帶正電，為發(fā)電機的正極，A極板是發(fā)動機的負極，B正確；C．速度方向從P到Q，速度選擇器不能判斷帶電粒子的電性，不管是正電，還是負電，只要滿足即粒子就能勻速通過速度選擇器，C錯誤；D．線圈在磁極間產(chǎn)生的磁場為均勻輻向磁場，該磁場為非勻強磁場，D錯誤。故選B。8.范德格拉夫靜電加速器結(jié)構(gòu)如圖所示，其工作原理是先通過傳送帶將正電荷傳送到金屬球殼（電荷在金屬球殼均勻分布），使金屬球與地面間產(chǎn)生幾百萬伏的高壓，然后利用高壓給絕緣管中的帶電粒子加速。在加速管頂端A點無初速度釋放一帶電粒子，粒子經(jīng)過B、C兩點到達管底（B為中點）。不計粒子重力，僅考慮球殼產(chǎn)生電場的影響，下列說法正確的是（）A.B點電勢比C點電勢低B.粒子從B點到C點的過程中電勢能增大C.粒子在B點的加速度小于在C點的加速度D.粒子在與間的動能變化量不同【答案】D【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意可知電場線方向沿著ABC的方向，沿著電場線方向電勢逐漸降低，所以B點電勢比C點電勢高，粒子在加速過程中，動能增大，電勢能減小，故AB錯誤；C．電場線的疏密程度表示場強的大小，從A到C的過程中電場線逐漸稀疏，所以B點的場強大于C點的場強，根據(jù)牛頓第二定律可知，粒子在B點加速度大于在C點的加速度，故C錯誤；D．因為從A到C的過程中場強逐漸減小，根據(jù)公式可知，AB兩點間的電勢差大于BC兩點間的電勢差，所以粒子在AB間的動能變化量大于在BC間的動能變化量，故D正確；故選D。9.如圖所示，小物塊以初速度從O點沿斜面向上運動，同時從O點斜向上拋出一個速度大小也為的小球，物塊和小球在斜面上的P點相遇．已知物塊和小球質(zhì)量相等(均可視為質(zhì)點)，空氣阻力忽略不計，則下列說法正確的是（

）．A.斜面可能是光滑的B.小球運動到最高點時離斜面最遠C.在P點時，小球的動能大于物塊的動能D.小球和物塊到達P點過程中克服重力做功的平均功率不相等【答案】C【解析】【詳解】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不可能在P點相遇，所以斜面不可能是光滑的，A錯誤；當小球的速度方向與斜面平行時，離斜面最遠，此時豎直方向速度不為零，不是運動到最高點，B錯誤；物塊和小球在斜面上的P點相遇，在沿斜面方向速度相同，由于小球在垂直于斜面方向還有速度，故小球的速度大于物塊的速度，故小球的動能大于物塊的動能，C正確；小球和物塊初末位移相同，則高度差相等，而重力相等，則重力做功相等，時間又相同，所以小球和物塊到達P點過程中克服重力做功的平均功率相等，D錯誤．【點睛】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不可能在P點相遇，根據(jù)動能定理分析動能的變化，當小球的速度方向與斜面平行時，離斜面最遠，求出重力做功的大小，進而求解平均功率．10.示波器是一種用途十分廣泛的電子測量儀器，而示波管則是示波器的主要部件，其原理如圖1所示。如果在電極之間所加電壓及在電極之間所加電壓按圖2所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上呈現(xiàn)出來的圖形是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】在方向加恒定不變的電壓，則在此方向上偏轉(zhuǎn)距離不變，因Y板電勢高，則電子向Y極板偏轉(zhuǎn)；在之間加逐漸增加的電壓，則電子向X方向偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)距離逐漸變大，故在熒光屏上呈現(xiàn)出來的圖形是A。故選A。11.電磁炮是利用電磁發(fā)射技術(shù)制成的新型武器，如圖所示為電磁炮的原理結(jié)構(gòu)示意圖。若某水平發(fā)射軌道長，寬，發(fā)射的炮彈質(zhì)量為，炮彈被發(fā)射時從軌道左端由靜止開始加速。當電路中的電流恒為，軌道間勻強磁場時，不計空氣及摩擦阻力。下列說法正確的是（）A.磁場方向為豎直向下B.炮彈的加速度大小為C.炮彈在軌道中加速的時間為D.炮彈發(fā)射過程中安培力的最大功率為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，磁場方向為豎直向上，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律有解得故B錯誤；C．根據(jù)位移公式有結(jié)合上述解得故C正確；D．炮彈發(fā)射過程中的最大速度炮彈發(fā)射過程中安培力的最大功率結(jié)合上述解得故D錯誤。故選C。12.如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點的坐標分別為P（5.2，3.5）、Q（6，5）。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨連接，則下列說法正確的是（）A.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是2:3B.小燈泡的電阻隨著電流的增大而減小C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是21:26D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7:10【答案】C【解析】【詳解】A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是A錯誤；B．小燈泡的圖像斜率增大，小燈泡的電阻隨著電流的增大而增大，B錯誤；C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比C正確；D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比為D錯誤。故選C。13.磁敏元件在越來越多的電子產(chǎn)品中被使用，市場上看到的帶皮套的智能就是使用磁性物質(zhì)和霍爾元件等起到開關(guān)控制的，當打開皮套，磁體遠離霍爾元件，屏幕亮；當合上皮套，磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，進入省電模式。如圖所示，一塊寬度為、長為、厚度為的矩形半導體霍爾元件，元件內(nèi)的導電粒子是電荷量為的自由電子，通入水平向右大小為的電流時，當套合上時元件處于垂直于上表面、方向向上且磁感應強度大小為的勻強磁場中，于是元件的前、后表面產(chǎn)生穩(wěn)定電勢差；以此來控制屏幕熄滅，則下列說法正確的是（）A.前表面的電勢比后表面的電勢高B.自由電子所受洛倫茲力的大小為C.用這種霍爾元件探測某空間的磁場時，霍爾元件的擺放方向?qū)o影響D.若該元件單位體積內(nèi)的自由電子個數(shù)為，則發(fā)生霍爾效應時，元件前后表面的電勢差為【答案】D【解析】【詳解】A．元件內(nèi)的導電粒子是電荷量為e的自由電子，通入水平向右大小為I的電流時，電子向左運動，由左手定律可得電子受洛倫茲力的作用往前表面偏轉(zhuǎn)，故前表面的電勢比后表面的電勢低，故A錯誤；BC．元件的前、后表面產(chǎn)生穩(wěn)定電勢差時，電子受到的洛倫茲力與電場力平衡整理得為垂直于上表面的磁感應強度的大小，故霍爾元件的擺放方向?qū)τ杏绊?，故BC錯誤；D．元件單位體積內(nèi)的自由電子個數(shù)為n，根據(jù)電流的微觀表達式整理得電子受到的洛倫茲力與電場力平衡聯(lián)立得元件前后表面的電勢差為D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項是符合題目要求的，漏選得2分，不選、錯選均不得分）14.下列說法中正確的是（）A.愛因斯坦相對論指出真空中的光速在不同慣性參考系中大小相同B.通電導線在磁場中的受力方向是該點磁感應強度的方向C.燃氣灶中電子點火器點火應用了尖端放電的原理D.第谷通過行星的數(shù)據(jù)觀測與歸納提出了行星運動定律【答案】AC【解析】【詳解】A．愛因斯坦相對論指出真空中的光速在不同慣性參考系中大小相同，A正確；B．通電導線在磁場中的受力方向與該點磁感應強度方向垂直，B錯誤；C．燃氣灶中電子點火器點火應用了尖端放電的原理，C正確；D．開普勒通過行星的數(shù)據(jù)觀測與歸納提出了行星運動定律，Ｄ錯誤。故選AC15.如圖甲所示，某節(jié)能路燈可通過光控開關(guān)自動隨周圍環(huán)境的亮度改變進行自動控制，圖乙為其內(nèi)部電路簡化原理圖，和為定值電阻，為光敏電阻（光照強度增大時，其電阻值減?。?，小燈泡電阻值不變，電壓表為理想電壓表。當天逐漸變亮時，下列判斷正確的是（）A.電壓表的示數(shù)變小 B.通過的電流變小C.小燈泡變暗 D.電源的效率減小【答案】CD【解析】【詳解】ABD．當天逐漸變亮時，光照強度增大，光敏電阻阻值減小，電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路總電流變大，兩端電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大；內(nèi)阻上的電壓變大，路端電壓減小，則并聯(lián)支路的電壓減小，燈泡所在支路的電流減小，小燈泡變暗，通過的電流變大，故AB錯誤，C正確；D．電源的效率為由于外電阻減小，則電源效率減小，故D正確。故選CD。16.如圖所示為某品牌的電動車，質(zhì)量為，人的質(zhì)量也為，電動機正常工作的額定輸入電流，額定輸入電壓為，電動車電池的容量為。電動車行駛時所受阻力大小為人和車總重力的0.05倍：該電動車在水平地面上由靜止開始以額定功率運行通過的距離，速度達到，忽略電動機轉(zhuǎn)動時的摩擦，重力加速度。下列說法正確的是（）A.電池能使電動機以額定電流運行的最長時間為180分鐘B.該過程中驅(qū)動電動機的輸出功率為C.驅(qū)動電動機的內(nèi)阻為D.電動車能達到的最大速度為【答案】BC【解析】【詳解】A．電池能使電動機以額定電流運行的最長時間為故A錯誤；B．由動能定理可得解得故B正確；C．根據(jù)解得驅(qū)動電動機的內(nèi)阻為故C正確；D．電動車能達到的最大速度為故D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、實驗題（本題共2小題，共18分）17.如圖甲所示是很多力學實驗中常使用的裝置。（1）關(guān)于該裝置的下列說法正確的是______。A.利用該裝置做“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗時，需要平衡摩擦力B.以小車和砝碼整體為研究對象，平衡摩擦力后，可利用該裝置“驗證機械能守恒定律”C.利用該裝置做“探究小車的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時，除應平衡摩擦力外，還必須滿足小車的質(zhì)量遠大于砝碼與砝碼盤的總質(zhì)量（2）在用該裝置來“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時，操作如下：（a）平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應______（填“減小”或“增大”）木板的傾角。（b）圖丙為小車質(zhì)量一定時，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪的小車加速度的倒數(shù)與盤和砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)之間的實驗關(guān)系圖像。若牛頓第二定律成立，則小車的質(zhì)量_______。（g取9.8m/s2）（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（3）若用圖丁的裝置拓展探究方法，按如下步驟進行：（?。焐贤斜P和砝碼，改變木板的傾角，使質(zhì)量為的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；（ⅱ）取下托盤和砝碼，測出總質(zhì)量為，記為小車受到的作用力，讓小車沿木板下滑，測出加速度；（ⅲ）改變砝碼質(zhì)量和木板傾角，多次測量，通過作圖可得到的關(guān)系。若小明同學操作規(guī)范，隨著托盤內(nèi)的砝碼數(shù)增大，作出的圖像正確的是_______A. B. C.【答案】（1）C（2）①增大②.0.18（3）A【解析】【小問1詳解】A．利用該裝置做“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗時，只需要保證小車受到的合力恒定不變，不需要平衡摩擦力，故A錯誤；B．以小車和砝碼整體為研究對象，平衡摩擦力后，由于仍存在摩擦力做功，會產(chǎn)生內(nèi)能，所以不可利用該裝置“驗證機械能守恒定律”，故B錯誤；C．利用該裝置做“探究小車的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時，除應平衡摩擦力外，還必須滿足小車的質(zhì)量遠大于砝碼與砝碼盤的總質(zhì)量。因為只有當小車的質(zhì)量遠大于砝碼與砝碼盤的總質(zhì)量時，才能認為繩的拉力近似等于砝碼與砝碼盤的總重力，故C正確。故選C?！拘?詳解】（a）[1]平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，紙帶向右運動，點跡變密集，說明小車做減速運動，為了讓小車做勻速運動，應該增大木板的傾角；（b）[2]由牛頓第二定律得可得由圖像可得解得小車的質(zhì)量為【小問3詳解】取下托盤和砝碼前，小車做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，合力等于零，取下托盤和砝碼后，小車做勻加速直線運動，其所受的合力為改變砝碼質(zhì)量和木板傾角，多次測量，根據(jù)牛頓第二定律，加速度與合力成正比，通過作圖可得到的關(guān)系一定是一條通過原點的傾斜的直線。故選A。18.在做“測定干電池電動勢和內(nèi)阻”的實驗時，實驗室給出下列器材：A．一節(jié)待測干電池B．電流表，量程，內(nèi)阻左右C．電壓表，量程，內(nèi)阻左右D．滑動變阻器，最大阻值為E．滑動變阻器，最大阻值為F．電鍵一只、導線若干（1）選擇哪個滑動變阻器更加合理？_______（填器材前面字母）；（2）圖甲為某同學連接好的電路照片，請在右邊虛線框中畫出該同學的實驗電路圖_______（3）該同學先用多用電表直流2.5V擋估測電池電動勢，如圖乙所示，其讀數(shù)為______V。（4）該同學測出的實驗數(shù)據(jù)，并繪制出圖線如圖丙所示，根據(jù)圖線計算被測電池的電動勢為______，內(nèi)阻為_______。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）E（2）見解析（3）1.50（4）①.1.45②.0.67【解析】【小問1詳解】由于干電池的內(nèi)阻較小，為了調(diào)節(jié)方便，使電表示數(shù)變化明顯，滑動變阻器應選用阻值較小的E?！拘?詳解】根據(jù)圖甲中的實物連接圖，電路圖如圖所示【小問3詳解】該同學先用多用電表直流2.5V擋估測電池電動勢，如圖乙所示，其讀數(shù)為?！拘?詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有可知圖像的縱軸截距等于電動勢，則有圖像的斜率絕對值等于內(nèi)阻，則有四、計算題（本題共3小題，共31分）19.如圖所示，長為、傾角為的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強電場中（電場區(qū)域足夠大）。一電荷量大小為、質(zhì)量為的小球，以的初速度由斜面底端點沿斜面上滑，恰好不會從斜面頂端處飛出，取，，。（1）判斷該小球的電性，并求電場強度大??；（2）若在小球到達頂端的同時，僅將電場突然反向，則小球再經(jīng)過多少時間落回到地面?！敬鸢浮浚?）帶正電，（2）【解析】【小問1詳解】小球運動到頂端時速度恰好等于零，所以此過程的加速度大小為由于可知小球受到的電場力應水平向右，則小球帶正電；根據(jù)牛頓第二定律可得解得電場強度大小為【小問2詳解】小球受到的電場力大小為僅將電場反向后，小球受到的合力大小為沿左下方45°方向，如圖所示小球?qū)⒀睾狭方向做初速度為零的勻加速直線運動；加速度大小為通過的位移大小為由勻變速直線運動的規(guī)律可得解得小球落回到地面所用時間為20.如圖所示一游戲裝置，由四分之一圓弧軌道，水平軌道，以順時針轉(zhuǎn)動的的傾斜傳送帶，水平平臺組成，各部分之間平滑連接。一木板Q靜置于水平面上，其上表面與平臺等高并緊靠平臺。一可視為質(zhì)點的木塊P從距為h的上某處由靜止開始下滑，已知P的質(zhì)量m和Q的質(zhì)量M均為，軌道的半徑，木板Q的長度，傳送帶的長度與傳送帶及Q間的動摩擦因數(shù)均為，其余各處摩擦均不計，，則（1）若，求木塊P運動到圓弧軌道最低點B時，受到的支持力大小；（2）若木塊P能滑上平臺，求h的最小值；（3）若木塊和木板相互作用時產(chǎn)生的摩擦內(nèi)能為E，求h與E之間滿足的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）（2）（3）見解析【解析】【小問1詳解】由機械能守恒定律可得根據(jù)牛頓第二定律可知解得【小問2詳解】木塊P在傳送帶上，先以向上勻減速，再以向上勻減速，到平臺時速度恰好為零對應，對物體受力分析，結(jié)合牛頓第二定律可得由勻變速直線運動得規(guī)律可得小問3詳解】設木塊剛滑上木板的速度為時，恰好能在木板最右端與木板相對靜止，則有解得對應下落高度①當時②當時21.如圖所示，直角坐標系中，y軸左側(cè)有一半徑為a的圓形勻強磁場區(qū)域，與y軸相切于A點，A點坐標為。第一象限內(nèi)也存在著勻強磁場，兩區(qū)域磁場的磁感應強度大小均為B，