2025年外研版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在電場中將一個電量為4微庫的電荷從A點移到M點，電場力做負功焦，把同一電荷從A點移到N點，電場力做正功為焦，則UMN為（）A.300伏B.200伏C.100伏D.伏2、在勻強磁場中有一圓形的閉合導線環(huán)，環(huán)的平面垂直于磁場方向，當線圈在磁場中做下列哪些運動時，線圈中能產生感應電流（）A.只有環(huán)轉動即可B.環(huán)沿所在平面做勻速運動C.環(huán)沿所在平面做勻加速運動D.環(huán)繞任意一條直徑轉動即可3、如圖所示，為兩個帶有等量異號電荷的點電荷，點是它們之間連線的中點，是連線中垂線上的兩點，點距點較近．用和分別表示三點的電場強度的大小和電勢，下列說法正確的是（）

A.等于B.一定小于C.一定大于D.將一電子從點沿中垂線移動到點，電場力一定不做功4、如圖所示，圖中的四個電表均為理想電表，當滑動變阻器滑片P向右端移動時；下面說法中正確的是（）

A.電壓表V1的讀數減小，電流表A1的讀數減小B.電源的輸出功率一定變小C.電壓表V1的讀數的變化量與電流表A1的讀數的變化量的比值不變D.若滑片P的位置不動，R2突然發(fā)生短路，則A2的讀數增大5、航拍遙控直升機是大型活動中必需的攝影器材。如圖所示為某品牌的航拍遙控直升機；已知該直升機正常工作時的電壓和電流分別為15V；3A，充電時的工作電壓和工作電流分別為20V、0.6A，充電時間約為4h，電池的容量為1500mA·h。則下列說法正確的是（）

A.參數1500mA·h指的是充電電池所存儲的能量B.航拍遙控直升機正常工作時，其電動機的總電阻是C.航拍遙控直升機正常工作的最長時間為2.5hD.充電過程是將電能轉化為化學能6、2022年6月30日位于浙江安吉的長龍山抽水蓄能電站全部機組正式投產發(fā)電。該項目是華東地區(qū)最大的抽水蓄能電站，主要承擔整個華東電網調峰、填谷的雙倍調峰功能。電站在電網用電低谷時將水抽到高處，在電網用電高峰時再利用水能發(fā)電，平均用4度谷電能換3度峰電。電站每年可生產清潔電能2.435×109kwh。已知峰電價格0.50元；谷電價格0.30元。下列說法正確的是（）

A.水能是不可再生能源B.該電站產生的電能小于消耗的電能，從經濟的角度沒有實際意義C.電站實現電能轉化為勢能儲存，需要時再轉化為電能，說明能量不僅數量上守恒，在可利用的品質上也不變D.電站每年發(fā)電直接產生的經濟效益約為2.435×104萬元7、如圖所示，a、b兩電子圍繞靜止的正點電荷做勻速圓周運動；不計電子間的相互作用，下列說法正確的是（）

A.a電子受到的電場力小于b電子受到的電場力B.a電子的電勢能小于b電子的電勢能C.a電子的線速度小于b電子的線速度D.a電子的周期大于b電子的周期8、如圖所示，放在絕緣臺上的金屬網罩內放有一個不帶電的驗電器，如把一有正電荷的絕緣體移近金屬網罩，B、C兩點的電勢為φB、φC則下列說法中正確的是()

A.B的內表面帶正電荷B.驗電器的金屬箔片不張開C.B、C兩點的電勢φB>φCD.無法比較為φB、φC的大小關系9、如圖甲所示，某多級直線加速器由n個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號為C的金屬圓板中央有一個質子源，質子逸出的速度不計，M、N兩極加上如圖乙所示的電壓一段時間后加速器穩(wěn)定輸出質子流。已知質子質量為m、電荷量為e；質子通過圓筒間隙的時間不計，且忽略相對論效應，則（）

A.質子在各圓筒中做勻加速直線運動B.質子進入第n個圓筒瞬間速度為C.各金屬筒的長度之比為1:D.質子在各圓筒中的運動時間之比為1:評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，光滑絕緣半球形的碗固定在水平地面上，可視為質點的帶電小球1、2的電荷分別為其中小球1固定在碗底A點，小球2可以自由運動，平衡時小球2位于碗內的B位置處，如圖所示?，F在改變小球2的帶電量，把它放置在圖中C位置時也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的兩倍；則（）

A.小球2在C位置時的電量是B位置時電量的一半B.小球2在C位置時的電量是B位置時電量的八分之一C.小球2在B點對碗的壓力大小等于小球2在C點時對碗的壓力大小D.小球2在B點對碗的壓力大小大于小球2在C點時對碗的壓力大小11、質量均為m的三個帶電小球A、B、C用三根長度均為l的絕緣絲線相互連接，放置在光滑絕緣的水平面上，A球的電荷量為＋q。在C球上施加一個水平向右的恒力F之后，三個小球一起向右運動，三根絲線剛好都伸直且沒有彈力，F的作用線的反向延長線與A、B間的絲線相交于絲線的中點，如圖所示。已知靜電力常量為k；下列說法正確的是（）

A.B球的電荷量可能為＋2qB.C球的電荷量為－2qC.三個小球一起運動的加速度大小為D.恒力F的大小為12、如圖所示，電荷量分別為的點電荷分別固定在間距為L的A、B兩點，以A、B兩點連線的中點O為圓心、為半徑作圓，與A、B兩點連線和A、B兩點連線的中垂線相交于a、c、b、d四點，已知靜電力常量為k；下列說法正確的是（）

A.O點的電場強度大小為B.c點的電場強度為O點電場強度的倍C.b點的電勢大于d點的電勢D.同一負電荷在c點時的電勢能小于在d點時的電勢能13、如圖所示，真空中M、N點處固定有兩等量異種點電荷，其連線的中點為O，實線是連線的中垂線，A、B、C分別是連線和中垂線上的點，其中A、B分別是MO和ON的中點，CO=2AO；則（）

A.A點和C點電場強度方向相反B.C、O兩點電場強度大小之比為1C.由A到B的過程中，帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大D.A點電勢比B點電勢高14、如圖（a）所示，傾角的光滑固定斜桿底端固定一電荷量為的正點電荷，將一帶正電的絕緣小球（可視為點電荷）從斜桿的底端（但與Q未接觸）靜止釋放，小球沿斜桿向上滑動過程中能量隨位移的變化圖像如圖（b）所示，其中線1為重力勢能隨位移變化圖像，線2為動能隨位移變化圖像，取桿上離底端3m處為電勢零點，重力加速度靜電力常量則（）

A.小球的質量為2kgB.小球的電荷量約為C.斜桿底端至小球速度最大處由底端正點電荷形成的電場的電勢差D.當小球運動到處時具有的電勢能為13J15、所示，一個電荷量為的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點。另一個電荷量為+q、質量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線向甲運動，運動到B點時速度為v，且為運動過程中速度的最小值。已知點電荷乙受到的阻力大小恒為f，AB間距離為L0，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.點電荷乙從A點向甲運動的過程中，加速度逐漸增大B.點電荷乙從A點向甲運動的過程中，其電勢能一直減小C.OB間的距離為D.在點電荷甲形成的電場中，AB間電勢差16、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計和一個變阻器組成；它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是（）

A.甲表是電流表，增大時量程減小B.甲表是電壓表，增大時量程增大C.乙表是電流表，增大時量程增大D.乙表是電壓表，增大時量程增大17、在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強度減弱；則（）

A.電壓表的示數變小B.電源輸出功率變大C.通過的電流變大D.小燈泡變亮18、光在科學技術、生產和生活中有著廣泛的應用，下列說法錯誤的是（）A.激光全息照相是利用激光的相干性B.用透明的標準平面樣板檢查光學平面的平整程度是利用光的偏振現象C.電視機遙控器是利用遙控器發(fā)出的紅外線脈沖信號來換頻道的E.電磁波與聲波由空氣進入水中時，波長都變短E.電磁波與聲波由空氣進入水中時，波長都變短評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、電磁波譜與電磁波的能量。

（1）電磁波譜。

a.概念：按電磁波的____或____大小的順序把它們排列起來；就是電磁波譜。

b.各種電磁波按波長由大到小排列順序為：____、紅外線、___、_____；X射線、γ射線。

c.各種電磁波的特性。

①無線電波：用于____、衛(wèi)星通信、____等的信號傳輸。

②紅外線：用來____等。

③可見光：照亮自然界，也可用于____。

④紫外線：用于___。

⑤X射線：用于診斷病情。

⑥γ射線：可以摧毀______。

（2）電磁波的能量。

a.光是一種電磁波；光具有能量。

b.電磁波具有______，電磁波是一種物質。20、電容器作為儲能器件，在生產生活中有廣泛的應用。對給定電容值為C的電容器充電，無論采用何種充電方式，其兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像都相同。請在圖中畫出上述u–q圖像____。類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能Ep=____

21、某同學用歐姆擋測電阻時；實驗步驟如下：

A．將功能選擇開關置×100擋：

B．將紅黑表筆短接；調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指向左邊零處：

C．接入被測電阻；讀數；

D．將功能選擇開關置OFF檔。

上述實驗步驟中，錯誤的操作是______（填字母代號）。若操作無誤，指針位置如圖所指，被測電阻的阻值是______Ω。

22、某同學想應用楞次定律判斷線圈纏繞方向；設計的實驗裝置原理圖如圖甲所示。選用的器材有：一個磁性很強的條形磁鐵，兩個發(fā)光二極管（電壓在1.5V至5V都可發(fā)光且保證安全），一只多用電表，導線若干。操作步驟如下：

①用多用電表的歐姆擋測出二極管的正；負極；

②把二極管；線圈按如圖甲所示電路用導線連接成實驗電路；

③把條形磁鐵插入線圈時，二極管B發(fā)光；拔出時，二極管A發(fā)光；

④根據楞次定律判斷出線圈的纏繞方向。

請回答下列問題：

（1）線圈纏繞方向如圖乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）條形磁鐵運動越快，二極管發(fā)光的亮度就越大，這說明感應電動勢隨_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的變化量”或“磁通量的變化率”）。

（3）為進一步研究，該小組又做了以下實驗：磁體從靠近線圈的上方靜止下落。在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是圖中的____。

A．B．C．D．23、把帶電荷量的正點電荷從無限遠處移到電場中點，要克服電場力做功若把該電荷從無限遠處移到電場中點，需克服電場力做功取無限遠處電勢為零．則點的電勢為__________；若把的負電荷由點移到點電場力做功大小為__________．評卷人得分四、實驗題(共3題，共27分)24、某同學測量一段長度已知的電阻絲的電阻率。實驗操作如下：

(1)如圖所示的螺旋測微器，在測量電阻絲直徑時，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動________（選填“A”、“B”或“C”）；直到聽見“喀喀”的聲音，以保證壓力適當，同時防止螺旋測微器的損壞。

(2)某同學采用圖所示電路測量待測電阻絲的阻值。請根據實物圖畫出其電路圖________。

(3)為了測量第一步利用②中圖示的電路，調節(jié)滑動變阻器測得5組電壓和電流的值，作出的關系圖像如圖所示。

第二步，將電壓表改接在a、b兩端，測得5組電壓和電流的值，數據見下表：。0.501.021.542.052.5520.040.060.080.0100.0

由此，可求得電阻絲的________再根據電阻定律可得到電阻絲的電阻率。25、某同學想要測定一個定值電阻R的阻值（左右）；實驗室提供的實驗器材如下：

電流表（量程為內阻）

電流表（量程為內阻）

電壓表（量程內阻）

電壓表（量程內阻）

滑動變阻器（最大允許通過電流最大阻值）

滑動變阻器（最大允許通過電流最大阻值）

待測定值電阻

電源（電動勢約內阻較小但不可忽略），單刀開關導線若干。

回答下列問題：

（1）請選擇合適的器材進行電路設計來完成對待測電阻的測量，要求盡可能測量多組數據，電表能有較大的偏轉，實驗中滑動變阻器應選用_______（填“”或“”），并采用_______（填“限流”或“分壓”）接法。請在虛線框中畫出的完整實驗電路原理圖______。

（2）根據設計的實驗電路可求得_______（可用中的部分符號表示）。26、圖（a）為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內阻為480Ω。虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

(1)圖（a）中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

(2)下列說法正確的是______（填正確答案標號）。

A．在使用多用電表之前；調整指針定位螺絲，使電表指針指在表盤左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。

C．測電阻時如果指針偏轉角度過??；則應該換更高檔，且換擋要重新進行歐姆調零。

D．多用電表用完以后應該打到多用電表交流電最高檔或者OFF檔。

(3)根據題給條件可得R1＋R2＝______Ω，R4＝______Ω。×100Ω擋的中值電阻為_______Ω。

(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數為______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數為______；若此時B端是與“5”相連的，則讀數為______。（結果均保留3位有效數字）評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)27、兩平行板間有水平勻強電場，一根長為L，不可伸長的絕緣細繩，一端連著一個質量為m、帶電量為q的小球，另一端固定于O點。把小球拉起直至細線與電場線平行，然后無初速度釋放。已知小球擺到最低點的另一側，線與豎直方向的最大夾角為θ=37°，重力加速度為g；求：（sin37°=0.6；cos37°=0.8）

（1）勻強電場的場強的大小；

（2）小球到最低點的速度的大?。?/p>

（3）經過最低點時；細線對小球的拉力的大小。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

根據電勢差公式

則有

而

因此有

故選A。2、D【分析】【詳解】

ABC．由于磁場是勻強磁場；線圈的平面垂直于磁場方向，因此無論線圈沿自身所在的平面做勻速；勻加速或者其它運動形式，線圈中磁通量均不變化，無感應電流產生．故ABC錯誤．

D．當線圈環(huán)繞任意一條直徑轉動；其磁通量變化，有感應電流產生．故D項正確．

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．所在的空間各點的電場強度由這兩點電荷共同決定，電場強度是矢量，在點的電場強度方向指向負電荷所在方向，故點的電場強度不為故A錯誤；

BC．所在的空間各點的電場強度和電勢由這兩點電荷共同決定，從點開始，沿中垂線場強逐漸減小中垂線為等勢力線，即在的中垂線上各點電勢相等，故點的場強大于點場強，點電勢等于點電勢；故BC錯誤；

D．等量異種電荷連線的中垂線為等勢線，點和點電勢相同；電場力不做功，故D正確。

故選4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當滑動變阻器滑動觸點P向右端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電流表A1讀數增大；電壓表V1讀數U1=E-I（R1+r），I增大，其他量不變，則U1減小；故A錯誤；

B．由于電源的內外電阻關系未知；所以不能確定電源的輸出功率如何變化，故B錯誤．

C．根據閉合電路歐姆定律有U1=E-I（R1+r），則得=R1+r；保持不變，故C正確；

D．若滑片P的位置不動，R2突然發(fā)生短路，外電阻減小，干路電流增大，電源的內電壓和R1的電壓增大，所以R3的兩端電壓U1減小，A2的讀數為I2=則I2減??；故D錯誤；

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．參數1500mA·h；其單位為電荷量的單位，所以電池容量是指電池存儲的電荷量，A錯誤；

B．歐姆定律適用于純電阻電路，對于含有電動機的電路不適用，遙控直升機是非純電阻電路，即用歐姆定律計算出

是錯誤；B錯誤；

C．航拍遙控直升機充滿電后正常工作的最長時間

C錯誤；

D．充電過程是將電能轉化為化學能存儲在電池中；D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．水能是可再生能源；故A錯誤；

B．雖然該電站產生的電能小于消耗的電能，消耗4度谷電能換3度峰電，但峰電價格0.50元，谷電價格0.30元，則可知每4度谷電能換3度峰電產生的直接經濟效益為元；因此從經濟的角度是有意義的，故B錯誤；

C．電站實現電能轉化為勢能儲存；在轉化的過程中，雖然能量是守恒的，但有一部分能量被耗散，不能實現百分之百的轉化，而需要時再轉化為電能的量減少了，利用的品質下降了，故C錯誤；

D．電站每年可生產清潔電能

則需要消耗的電能為

直接產生的經濟效益為

故D正確。

故選D。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由公式可知，距離越大，電場力越小，則a電子受到的電場力大于b電子受到的電場力；故A錯誤；

B．由于a電子離正電荷較近，a電子所在處的電勢較高，則a電子的電勢能小于b電子的電勢能；故B正確；

C．由牛頓第二定律可得

得

所以a電子的線速度大于b電子的線速度；故C錯誤；

D．由公式可知，a電子的線速度大于b電子的線速度，且a電子的半徑小于b電子的半徑，則a電子的周期小于b電子的周期；故D錯誤。

故選B。8、B【分析】【詳解】

A．由于金屬網罩的靜電屏蔽作用，B的內表面不帶電，金屬網罩表面的自由電子重新分布，根據“近異遠同”的結論，B的右側外表面帶正電荷，B的左側外表面負電荷；故A錯誤；

B．由于金屬網罩的靜電屏蔽作用，B的內部電場強度處處為零；故驗電器的金箔不張開，故B正確；

CD．金屬網罩處于靜電平衡狀態(tài)，是等勢體，則B、C兩點的電勢φB=φC；故CD錯誤；

故選B.9、C【分析】【詳解】

A．金屬圓筒中電場為零；質子不受電場力，做勻速運動，故A錯誤；

B．質子進入第n個圓筒時，經過n次加速，根據動能定理

解得

故B錯誤；

D．只有質子在每個圓筒中勻速運動時間為時；才能保證每次在縫隙中被電場加速，故D錯誤；

C．第n個圓筒長度

則各金屬筒的長度之比為1:故C正確。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【詳解】

CD．設小球2在B、C位置時所受庫侖力大小分別為F1、F2，所受碗的支持力大小分別為N1、N2，碗的半徑為R，小球2的重力為mg，根據平衡問題的相似三角形法可得

由題意可知

解得

根據牛頓第三定律可知小球2在B點對碗的壓力大小等于小球2在C點時對碗的壓力大??；故C正確，D錯誤；

AB．設小球2在C位置時的電量為根據庫侖定律可得

解得

故A錯誤；B正確。

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

A．根據對稱性可知；A球的電荷量和B球的電荷量相同，故A錯誤；

BC．設C球的電荷量大小為qC，以A球為研究對象，B球對A球的庫侖斥力為

C球對A球的庫侖引力為

由題意可知小球運動的加速度方向與F的作用線平行，則有FCAsin30°＝FBAFCAcos30°＝ma

解得qC＝2qa＝

C球帶負電，故C球的電荷量為－2q；故B；C正確；

D．以三個小球整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得F＝3ma＝

故D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

A．根據題意，由點電荷場強公式可得，電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向右，大小

電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向左，大小

所以點的電場強度方向水平向左，大小

故A正確；

B．根據題意，由點電荷場強公式可得，電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向右，大小

電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向左，大小

所以點的電場強度方向水平向左，大小

所以是

故B錯誤；

C．由電場的對稱性可知，點和點的電勢相等；故C錯誤；

D．電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向右，大小

電荷量為的點電荷在點產生的電場強度方向水平向左，大小

所以點的電場強度大小

從點到點間的電場強度方向水平向左，所以負電荷從點移動到點過程中電場力水平向右，此過程中電場力做負功，從點到點過程中負電荷受到的電場力斜向下，此過程中電場力做負功。所以從點到點再到點過程中電場力一直做負功；電勢能增大，故D正確。

故選AD。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．A點和C點電場強度方向相同；均水平向右，A錯誤；

B．設CO=r，則C點的場強EC==

O點的場強EO=

C、O兩點電場強度大小之比為4；B錯誤；

C．因AB之間的場強先減小后增加，則由A到B的過程中；帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大，C正確；

D．沿電場線電勢降低，則A點電勢比B點電勢高；D正確。

故選CD。14、B:D【分析】【詳解】

A.根據重力勢能隨位移的變化關系有

根據圖像可知當小球上升3m時，重力勢能為60J，則小球的質量為

故A錯誤；

B.由圖線2可知，當位移為s=1m時，小球的動能達到最大值，電場力與重力沿桿的分力相等，則有

解得

故B正確；

C.斜桿底端至小球速度最大處，由能量守恒可知

代入數據解得

故C錯誤；

D.從到最高點的過程中，根據能量守恒可知減少的電勢能和減少的動能全部轉化為重力勢能，則有

代入數據解得當小球運動到處時具有的電勢能為

故D正確。

故選BD。15、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．點電荷乙從A點向甲運動的過程中；受向左的庫倫力和向右的摩擦力，兩球靠近過程中庫侖力逐漸增大，由題意知小球先減速后加速，所以加速度先減小后增大，故A錯誤；

B．點電荷乙向左運動的過程中；電場力一直做正功，所以其電勢能一直減小，故B正確；

C．當速度最小時有。

解得OB間的距離為。

故C正確；

D．點電荷從A運動到B的過程中；根據動能定理有。

解得。

故D正確。

故選BCD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

電流表是由靈敏電流計G并聯一個變阻器R組成，并聯的阻值越小，則量程越大，并聯的電阻值越大，則量程越小，而電壓表是由靈敏電流計G串聯一個變阻器R組成，串聯的阻值越大，則量程越大，所以甲表是電流表，R增大時量程減小，乙表是電壓表，R增大時量程增大；故AD正確。

故選AD。17、A:C【分析】【詳解】

ACD．將照射的光的強度減弱，則阻值增大，根據串反并同可知，與它串聯的電壓表示數減小，與它并聯的的電流變大；與它串聯的小燈泡變暗，故D錯誤，AC正確；

B．因為阻值增大；電路中總電阻增大，根據電源輸出功率特點。

可知；電源輸出功率減小，故B錯誤。

故選AC。18、B:D:E【分析】【詳解】

A．激光全息照相是利用了激光的頻率相同；相位差穩(wěn)定的特點，進行疊加干涉而形成的，故A正確，不符合題意；

B．用透明的標準平面樣板檢查光學平面的平整程度是利用光的干涉現象；屬于薄膜干涉，故B錯誤，符合題意；

C．紅外線可用來遙控電器；如電視機遙控器是利用發(fā)出紅外線脈沖信號來換頻道的，故C正確，不符合題意；

D．某人在水面上方觀察水底同位置放置的紅；黃、綠三盞燈時；由于綠光的折射率最大，綠光從水中射到水面時折射角最大，人逆著折射光線的方向看時，感覺綠燈距水面最近，紅燈最遠，故D錯誤，符合題意；

E．電磁波與聲波由空氣進入水中時，頻率均不變，但電磁波波速變小，聲波波速變大，故根據

可知電磁波波長變短；聲波波長變長，故E錯誤，符合題意。

故選BDE。三、填空題(共5題，共10分)19、略

【解析】①.波長②.頻率③.無線電波④.可見光⑤.紫外線⑥.廣播⑦.電視⑧.加熱理療⑨.通信⑩.消毒?.病變的細胞?.能量20、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據可知故圖像是過原點的直線。

類比直線運動中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電場能【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]A．使用歐姆表時；先將功能選擇開關置×100擋：故A正確；

B．將紅黑表筆短接；調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指向右邊零處；故B錯誤；

C．接入被測電阻；讀數；故C正確。

D．測量結束后；將功能選擇開關置OFF檔。故D正確。

故選B。

[2]由圖可知該電阻阻值為

【點睛】

掌握歐姆表的使用方法和步驟，歐姆表的零刻度在最右側?！窘馕觥緽300022、略

【分析】【詳解】

（1）[1]把條形磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量向上，且大小增大，則線圈產生的感應電流的磁場方向向下，由發(fā)光二極管B發(fā)光，可知流經二極管B的電流方向向下；則線圈纏繞方向如圖乙中A所示。

（2）[2]條形磁鐵從初始到完全插入；磁通量的變化量相同，磁鐵運動速度越快，磁通量變化越快，發(fā)光二極管的亮度就越大，說明感應電動勢隨磁通量的變化率的增大而增大。

（3）[3]磁體從靠近線圈的上方靜止下落，當磁體進入線圈的過程，穿過線圈的磁通量增大，根據楞次定律可知感應電流產生的磁場方向向下，當磁體離開線圈的過程，穿過線圈的磁通量減小，根據楞次定律可知感應電流產生的磁場方向向上，所以磁體進入和穿出線圈時感應電流方向相反；當磁體完全進入線圈時，穿過線圈的磁通量不變，則不會產生感應電流，磁體會加速運動，當到達線圈底部時，磁通量變化率大于磁體剛進入線圈時，依據法拉第電磁感應定律和歐姆定律可知到達底部的感應電流較大，故A正確，B、C、D錯誤?！窘馕觥緼磁通量的變化率A23、略

【分析】【分析】

根據電勢差公式分別求出A；B兩點與無窮遠間的電