2025年浙教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理上冊月考試卷38考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、處于勻強磁場中的一個帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運動．將該粒子的運動等效為環(huán)形電流，那么此電流值（）A.與粒子電荷量成正比B.與粒子速率成正比C.與粒子質(zhì)量成正比D.與磁感應(yīng)強度成正比2、如圖所示，MN

是電場中某一條電場線上的兩點，若將正電荷由M

移到N

時，靜電力做負功，下列說法中正確的是()A.M

點的電勢大于N

點的電勢B.電場線的方向從N

指向M

C.M

點的場強大于N

點的場強D.M

點的場強等于N

點的場強3、下列關(guān)于力的沖量和動量的說法中，正確的是（）A.物體所受的合力為零，它的動量一定為零B.物體所受的合外力的沖量為零，它的動量變化一定為零C.物體所受的合力外的做的功為零，它的動量變化一定為零D.物體所受的合外力不變，它的動量一定不變．4、直流電路如圖所示，在滑動變阻器的滑片P向右移動時，電源的()A.總功率一定減小B.效率一定增大C.內(nèi)部損耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小5、下列關(guān)于電場強度的說法中，正確的是()。A.公式只適用于真空中點電荷產(chǎn)生的電場B.由公式可知，電場中某點的電場強度E與試探電荷q在電場中該點所受的電場力成正比C.在公式F=中，是點電荷Q產(chǎn)生的電場在點電荷Q處的場強大??；而是點電荷Q1產(chǎn)生的電場在點電荷Q處場強的大小D.由公式可知，在離點電荷非常近的地方(r→0)，電場強度E可達無窮大6、簡諧運動的特點說法中正確的是（）A.回復(fù)力跟位移成正比且方向相反B.回復(fù)力與時間成正比C.速度跟位移成正比且方向相反D.速度與時間成正比7、一個標有“4V0.7A”的小燈泡，所加的電壓U由零逐漸增大到4V，在此過程中電壓U和電流I的關(guān)系可以用圖象表示，在圖中符合實際的是（）A.B.C.D.8、關(guān)于布朗運動的說法，正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動B.布朗運動就是懸浮固體微粒的無規(guī)則運動C.布朗運動就是懸浮固體微粒的分子在做無規(guī)則運動D.液體中的懸浮微粒越大，布朗運動就越明顯9、在2012

年倫敦奧運會上，我國乒乓球運動員包攬了該項目的金牌.

某運動員在球臺邊緣O

點正上方高度為h

處，以一定的垂直于球網(wǎng)的水平速度發(fā)出，如圖所示，已知乒乓球臺長為L

球越過球網(wǎng)打到球臺邊緣.

假設(shè)乒乓球反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，且不考慮乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力.

則(

)

A.乒乓球的初速度v0=L3g2h

B.乒乓球從發(fā)出到落在球臺邊緣的時間t=22hg

C.乒乓球從發(fā)出到落在球臺邊緣的過程中距離球臺的最大高度大于h

D.乒乓球從發(fā)出到落在球臺邊緣的過程中距離球臺的最大高度小于h

評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解11、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、一個定值電阻；其阻值約在40～50Ω之間，現(xiàn)需要測量其阻值．給出的實驗器材有：

電池組E：電動勢9V；內(nèi)阻約為0.5Ω

電壓表V：量程0～10V；內(nèi)阻20kΩ

電流表A1：量程0～50mA；內(nèi)阻約為20Ω

電流表A2：量程0～300mA；內(nèi)阻約為4Ω

滑動變阻器R1：阻值范圍0～100Ω；額定電流1A

滑動變阻器R2：阻值范圍0～1700Ω；額定電流0.3A

電鍵S；導(dǎo)線若干。

如圖所示，有兩種電路可供選擇．測量中為了減小實驗誤差，實驗所用的電流表應(yīng)為____（填代號）滑動變阻器應(yīng)為____（填代號），實驗應(yīng)選圖____所示的電路圖．

13、如圖用伏安法測電阻時，如果不知道待測電阻的大概值時，為了選擇正確的電路以減少誤差，可將電壓表一個接頭分別在a、b兩點接觸一下，如果安培表讀數(shù)變化明顯，則P應(yīng)接在______處，如果伏特表讀數(shù)變化明顯，則P應(yīng)接在______處．14、如圖所示，質(zhì)量分別為m1

和m2

的兩個物塊AB

疊放在一起，在粗糙的水平面上向右做加速度大小為a

的勻減速直線運動并保持相對靜止，運動過程中B

受到的摩擦力大小為_______、方向___________15、有兩個電源，電動勢分別為E1E2

內(nèi)阻分別為r1r2

它們的路端電壓與通過電源的電流之間的UI

圖線如圖所示，由此可以判斷E1

________E2r1

________r2.(

均選填“<

”“=

”或“>

”)

16、如圖所示為“研究勻變速直線運動”實驗中打點計時器打出的紙帶，相鄰兩計數(shù)點間還有兩個點未畫出(

電源頻率為50Hz).

由圖知紙帶上D

點瞬時速度v

D

=

______；加速度a

=

________；E

點瞬時速度v

E

=

______.(

小數(shù)點后保留兩位小數(shù))

17、（6分）兩列相干波在同一水平面上傳播，某時刻它們的波峰、波谷位置如圖4－4所示。圖中M是波峰與波峰相遇點，是凸起最高的位置之一。回答下列問題：（1）由圖中時刻經(jīng)T/4，質(zhì)點M相對平衡位置的位移是________；（2）在圖中標出的M、N、O、P、Q幾點中，振動增強的點是____；振動減弱的點是____。18、重500N的物體靜止放在水平地面上，物體與地面間的動摩擦因數(shù)為0.3．當用180N的水平力推物體時，物體所受的摩擦力大小為______N；當用100N的水平力推物體時，物體所受的摩擦力大小為______N．評卷人得分四、判斷題(共4題，共20分)19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共24分)23、實驗小組探究了不同光質(zhì)對番茄幼苗光合速率及其生理特征的影響，結(jié)果如下表所示。下圖表示在紅光照射下，光照強度和番茄幼苗凈光合速率的關(guān)系。請回答下列問題：。光質(zhì)光合速率（μmol·m-2·S-1）氣孔導(dǎo)度（mmol·m-2·S-1）葉綠素的含量（mg·g-1）白光5.6360.261.27藍光7.1280.121.24綠光3.0340.170.90黃光4.6750.761.10紅光7.9891.541.40

(1)在實驗室中，常用_________法來分離綠葉中的光合色素，該方法的原理是_________________。分離后，位于濾紙條最下端的色素帶的顏色是__________________________________。(2)分析表中數(shù)據(jù)可知，紅光促進番茄幼苗光合速率的效果最為顯著，其原因可能是紅光能______________，從而促進了光反應(yīng)的進行，并能__________________________，從而促進了暗反應(yīng)的進行。(3)在圖中a點的條件下，番茄幼苗葉肉細胞中能消耗水并產(chǎn)生[H]的場所是_______。若將紅光照射改為綠光照射，則c點會向_________方移動。24、圖表示某種群數(shù)量變化可能的四種情況(“J”型、Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ)，其中a點表示外界因素的變化。請據(jù)圖回答問題：

（1）若該種群數(shù)量變化呈現(xiàn)圖中“J”型曲線，其種群增長率______（填“會”或“不會”）改變。（2）圖中陰影部分表示環(huán)境阻力，可引起該種群的______發(fā)生改變，進而導(dǎo)致物種進化，______（一定/不一定）產(chǎn)生新物種。（3）若圖示物種為長江流域生態(tài)系統(tǒng)中的最高營養(yǎng)級生物之一的野生揚子鱷，當a點后的變化曲線為Ⅱ、且種群數(shù)量為K2時，對該物種最有效的保護措施是____。（4）若圖示種群為東亞飛蝗，應(yīng)控制其種群數(shù)量為____（k1、K2、O），以維持該地區(qū)生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定性。干旱能抑制造成蝗蟲患病的一種絲狀菌的生長，若a點變化為干旱，則a點后蝗蟲的種群數(shù)量變化為曲線____。25、為了研究神經(jīng)纖維的興奮傳導(dǎo)和神經(jīng)一肌肉突觸的興奮傳遞，將蛙的腦和脊髓損毀。然后剝制坐骨神經(jīng)一腓腸肌標本，如下圖所示。實驗過程中需要經(jīng)常在標本上滴加任氏液（成分見下表），以保持標本活性。請回答下列問題：(1)任氏液中維持酸堿平衡的成分有________________________________，其Na+/K+比與體液中________________的Na+/K+比接近。(2)任氏液中葡萄糖的主要作用是提供能量，若將其濃度提高到15%，標本活性會顯著降低，主要是因為______________________________。(3)反射弧的五個組成部分中，該標本仍然發(fā)揮功能的部分有________________。(4)刺激坐骨神經(jīng)，引起腓腸肌收縮，相應(yīng)的突觸前膜處發(fā)生的變化有________、________________________。評卷人得分六、實驗題(共3題，共12分)26、如圖所示，半圓形玻璃磚按圖中實線位置放置，直邊與BD重合。一束激光沿著半圓形玻璃磚的半徑從圓弧面垂直BD射到圓心O點上。使玻璃磚繞O點逆時針緩慢地轉(zhuǎn)過角度θ（θ<90°），觀察到折射光斑和反射光斑在弧形屏上移動。(1)在玻璃磚轉(zhuǎn)動過程中，以下說法正確的一項是；A．折射光斑在弧形屏上沿C→F→B方向移動B．折射光斑的亮度逐漸變暗C．折射角一定小于反射角D．反射光線轉(zhuǎn)過的角度為θ(2)當玻璃磚轉(zhuǎn)至θ＝45°時，恰好看不到折射光線。則此玻璃磚的折射率n=____。27、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中：某同學(xué)測得以下數(shù)據(jù)：擺線長為L，擺球的直徑為d，單擺完成N次全振動的時間為t，則（1）用L、d、N、t表示重力加速度g＝______________________。（2）他測得的g值偏小，可能原因是：____A．測擺線長時擺線拉得過緊。B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。C．開始計時時，秒表過遲按下。D．實驗中誤將51次全振動計為49次。28、利用圖中裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象時，有下面幾種說法：A．將屏移近雙縫，干涉條紋間距變窄B．將濾光片由藍色的換成紅色的，干涉條紋間距變寬C．將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬D．將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變窄E．換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變窄F．去掉濾光片后，干涉現(xiàn)象消失其中正確的是____________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】解：設(shè)帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期為T，半徑為r；則。

由qvB=m得r=T=

環(huán)形電流：I==可見，I與q的平方成正比，與v無關(guān)，與B成正比，與m成反比．

故選D．

帶電粒子以速率v垂直射入磁感強度為B的勻強磁場中；由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運動的周期，由電流的定義式得出電流的表達式，再進行分析．

本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識的綜合應(yīng)用，抓住周期與B、I的聯(lián)系是關(guān)鍵．【解析】【答案】D2、B【分析】【分析】電勢高低根據(jù)電場線方向判斷，電場強度的大小根據(jù)電場線的疏密判斷，本題一條電場線不能反映電場線的疏密，無法判斷電場強度的大小，根據(jù)電場力對負電荷做功情況，可以判斷電場線的方向，則可進一步判斷電勢的高低。本題考查電荷在電場中各個量的比較能力，學(xué)習(xí)電場，要抓住電場線的意義，電場線的疏密表示電場強度的大小，電場線的方向反映電勢的高低，同時理清電場力和電荷電性之間的關(guān)系。【解答】根據(jù)電勢差的定義可知：UAB=Wq

由于從M

點移到N

點時，電場力做負功，所以M

點的電勢小于N

點的電勢，故A錯誤；

根據(jù)題意從M

點移到N

點；電場力做負功，因此正電荷受力從N

指向M

電場線方向為從N

到M

故B正確；

一條電場線不能反映電場線的疏密；無法判斷電場強度的大小，M

點的電場強度不一定比N

點的電場強度大，故CD錯誤；

故選B?！窘馕觥緽

3、B【分析】解：A；物體受到的合外力為零；則沖量為零，動量不會發(fā)生變化，但是它的動量不一定為零；故A錯誤；

B；物體所受的合外力的沖量為零；則動量變化一定為零；故B正確；

C；合外力做功為零動能不變；但合外力的沖量不一定為零，則動量的變化不一定為零；如勻速圓周運動，其合力做功為零，但其動量始終在變化；故C錯誤；

D；物體受到的合外力不變；則由動量定理可知，動量的變化率不變，但動量一定發(fā)生變化；故D錯誤；

故選：B。

沖量等于力與時間的乘積；是矢量，方向與力的方向相同．根據(jù)動量定理可分析動量；動量變化及沖量之間的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵知道沖量的基本概念，知道沖量是矢量，方向與力的方向相同；同時注意動量定理的正確應(yīng)用．【解析】B4、A|B|C【分析】試題分析：當滑片向右移動時，變阻器的電阻增大，則電路中總電阻在增大，由P=U2/R可得，電路的總功率一定減小，A正確；效率η=U/E，由于外電路的電阻在增大，路端電壓增大，故效率變大，B正確；由于總電阻增大，電路中的電流變小，則內(nèi)部損耗的功率P=I2r一定會減小，故C正確；電源的輸出功率也就是變阻器的電功率是變化的，當變阻器的電阻等于電源的內(nèi)阻時，變阻器消耗的電功率最大，故當滑片向右移動時，由于不知道是人哪個位置移動的，故不能確定變阻器的電阻內(nèi)阻的大小關(guān)系，變阻器的電阻可能先增大后減小，也可能一直減小，也可能一直增大，故D錯誤。考點：電路中電功率、效率及輸出功率?！窘馕觥俊敬鸢浮緼BC5、C【分析】電場強度是電場本身的性質(zhì)，放不放電荷都不變，B錯；公式E=F/q適用于任何電場，A錯；公式只適用于真空中的點電荷電場，其中Q為場源電荷的電量，C對；當(r→0)時電荷不再看成點電荷，此公式不再成立，D錯；【解析】【答案】C6、A【分析】解：A；簡諧運動中的回復(fù)力F=-kx；即回復(fù)力與位移成正比且方向要反；故A正確；

B；簡諧運動中的回復(fù)力F=-kx；即回復(fù)力與位移成正比；而位移隨著時間周期性變化，故回復(fù)力隨著時間周期性變化；故B錯誤；

C；靠近平衡位置是加速運動；速度與位移反向；遠離平衡位置是減速運動，速度與位移同向；故C錯誤；

D；簡諧運動位移隨著時間周期性改變；故速度也隨著時間周期性改變，故D錯誤；

故選：A．

簡諧運動中的回復(fù)力F=-kx；加速度與位移關(guān)系為：a=-據(jù)此判斷回復(fù)力與加速度和位移之間的關(guān)系．

簡諧運動是周期性運動，速度、位移、加速度、回復(fù)力均隨著時間按照正弦規(guī)律變化，基礎(chǔ)問題．【解析】【答案】A7、B【分析】解：由題；白熾燈泡上的電壓U由零逐漸增大到4V時，白熾燈泡的溫度不斷升高，電阻增大，而在I-U圖象中斜率越小，則電阻越大，故只有B正確；

故選：B．

金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的升高而增大；而I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)．

解答本題要注意I-U圖象與U-I圖象的區(qū)別，同時明確金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度的升高而增大．【解析】【答案】B8、B【分析】解：

A；布朗運動是懸浮在液體中固體小顆粒的運動；布朗運動說明了液體分子不停的做無規(guī)則運動，不是液體分子的無規(guī)則運動，也不是懸浮固體微粒的分子在做無規(guī)則運動．故AC錯誤，B正確．

D；液體中的懸浮微粒越大；布朗運動就越不明顯，故D錯誤．

故選：B．

固體小顆粒做布朗運動是液體分子對小顆粒的碰撞的作用力不平衡引起的；液體的溫度越低，懸浮小顆粒的運動越緩慢，且液體分子在做永不停息的無規(guī)則的熱運動．固體小顆粒做布朗運動說明了液體分子不停的做無規(guī)則運動．

掌握布朗運動的實質(zhì)和產(chǎn)生原因，以及影響布朗運動劇烈程度的因素是解決此類題目的關(guān)鍵．【解析】【答案】B9、A【分析】解：A

乒乓球從發(fā)出到第一次落到球臺，水平位移x=L3=v0t

豎直方向h=12gt2

聯(lián)立解得v0=L3g2h

故A正確；

B、乒乓球從發(fā)出到落在球臺邊緣的時間t隆盲=3t=32hg

故B錯誤；

CD

根據(jù)乒乓球在運動過程中只有重力做功；機械能守恒，乒乓球從發(fā)出到落在球臺邊緣的過程中距離球臺的最大高度等于h

故CD錯誤；

故選：A

乒乓球在水平方向上做的是平拋運動；并且乒乓球在整個的運動的過程中，沒有能量的損失，分別分析乒乓球在水平和豎直方向上的運動就可以解決本題．

解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運動的規(guī)律，分析清楚乒乓球在水平方向一直做勻速直線運動，在豎直方向上是自由落體運動和豎直上拋運動．【解析】A

二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】

因電池和電壓表唯一；故電源電動勢為9V，電壓表選V；

由歐姆定律可知，電路中電流約為：A=180mA，故電流表應(yīng)選A2；

若滑動變阻器變大，則在調(diào)節(jié)時過于困難，故滑動變阻器選擇略大于待測電阻的即可，故選R1；

電壓表內(nèi)阻為20kΩ，為待測電阻的=400倍；而電阻電壓為電流表內(nèi)阻的=2.5倍；故說明電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻；故應(yīng)選用電流表外接法；故選甲電路；

故答案為：A2，R1；甲。

【解析】【答案】已知電源；則可以選出電壓表，根據(jù)歐姆定律可以求出電路中的電大電流，則可以選出電流表；根據(jù)兩滑動變阻器的電阻及待測電阻的關(guān)系可以選出滑動變阻器，比較電壓表；電流表及待測電阻的電阻大小可以得出電路的接法．

13、略

【分析】解：如果電壓表讀數(shù)變化不明顯而安培表變化明顯；則說明電流表的分壓作用較小，即電流表內(nèi)阻較小，由于電流表內(nèi)阻越小時，電流表采用內(nèi)接法時誤差較小，所以P應(yīng)接在b處．

根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知；若電流表示數(shù)沒有顯著變化；而電壓表變化明顯；則說明電壓表的分流作用較小，即電壓表的內(nèi)阻很大，由于電壓表內(nèi)阻越大時采用電流表外接法誤差較小，所以電流表應(yīng)采用外接法，即P應(yīng)接在a處；

故答案為：b；a

本題的關(guān)鍵是對歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律的理解和應(yīng)用；當電流表采用外接法即P接在a處時，造成誤差的原因是電壓表的分流作用，所以當電壓表內(nèi)阻越大時，電壓表的分流作用越小，電流表示數(shù)變化越不明顯，所以若電流表讀數(shù)變化不明顯時，電流表應(yīng)采用外接法．同理，若電壓表讀數(shù)變化不明顯，說明電流表分壓作用較小，即電流表內(nèi)阻較小，應(yīng)采用內(nèi)接法．

應(yīng)明確電流表采用外接法和內(nèi)接法的條件和選擇方法：（1）當滿足時，電流表應(yīng)用外接法；當滿足時，電流表應(yīng)用內(nèi)接法．（2）采用試觸法進行分析．【解析】b；a14、m2a水平向左。

【分析】【分析】

根據(jù)牛頓第二定律隔離物體B

分析；由于向前勻減速運動，加速度向后，故合力向后，對B

物體受力分析，受重力；支持力和摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律，可以求出靜摩擦力的大小。

對于連接體問題可以用整體法求加速度；用隔離法求解系統(tǒng)內(nèi)力。

【解答】

兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運動，對B

根據(jù)牛頓第二定律有：fAB=m2a

物體B

做速度方向向右的勻減速運動，故而加速度方向向左，摩擦力方向水平向左。故答案為：m22a

水平向左。

【解析】m22a

水平向左。

15、＝<【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

分析電源的U鈭?I

圖線縱軸截距和斜率的物理意義。當I=0

時，U=E

圖線縱軸截距等于電源的電動勢。根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻。本題考查對電源的外特性曲線(U鈭?I

圖線)

的理解能力。抓住圖線的截距和斜率的物理意義是關(guān)鍵，可以根據(jù)閉合電路歐姆定律加深理解?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

當I=0

時，U=E

說明圖線縱軸截距等于電源的電動勢，由圖可知，兩電源的電動勢相等，即E1=E2

根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖可知，圖線1

的斜率絕對值小于圖線2

的斜率絕對值，則r1<r2

故答案為：=<

【解析】==<<16、略

【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D

點時小車的瞬時速度大小，根據(jù)v=v0+at

可以求得E

點速度。要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力；在平時練習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用。

【解答】

由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有2

個點沒有畫出；所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.06s

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上D

點時小車的瞬時速度大??；

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大??；得：

根據(jù)v=v0+at

得：

vE=vD+aT=0.90+3.33隆脕0.06=1.10m/s

故答案為：0.90m/s3.33m/s21.10m/s

【解析】0.90m/s3.33m/s21.10m/s

17、略

【分析】【解析】【答案】（1）0（2分）（2）振動增強的點是：M、O、P、Q（2分，少一個扣1分，扣完2分為止）振動減弱的點是：N（2分）18、略

【分析】解：由題意可知；物體的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，即為150N．

當用180N的水平力推物體時；大于最大靜摩擦力，使物體滑動，則滑動摩擦力等于150N．

當用100N的水平力推物體時；小于最大靜摩擦力，物體處于靜止狀態(tài)，則靜摩擦力等于100N；

故答案為：150；100

當外力小于最大靜摩擦力時；物體處于靜止，摩擦力大小等于外力大?。划斖饬Υ笥谧畲箪o摩擦力時，物體處于滑動，則摩擦力等于動摩擦力因數(shù)與正壓力的乘積．

學(xué)會區(qū)別靜摩擦力與滑動摩擦力，且大小的計算．靜摩擦力的大小等于引起它有運動趨勢的外力，而滑動摩擦力等于μFN．同時知道最大靜摩擦力要略大于滑動摩擦力．【解析】150；100四、判斷題(共4題，共20分)19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、識圖作答題(共3題，共24分)23、（1）紙層析法不同色素在層析液中的溶解度不同；溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴散的快，反之則慢黃綠色。

（2）提高葉綠素的含量增大氣孔導(dǎo)度，促進CO2吸收。

（3）線粒體基質(zhì)右下。

【分析】【分析】本題考查光合作用及其影響因素，意在考查學(xué)生對知識的理解和應(yīng)用能力、分析題圖獲取信息的能力?！窘獯稹浚?）在實驗室中，常用紙層析法法來分離綠葉中的光合色素，該方法的原理是不同色素在層析液中的溶解度不同，溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴散的快，反之則慢。分離后，位于濾紙條最下端的色素帶的顏色是黃綠色，表示葉綠素b。

（2）分析表中數(shù)據(jù)可知，紅光促進番茄幼苗光合速率的效果最為顯著，其原因可能是紅光能提高葉綠素的含量（因為紅光時葉綠素的含量最高）從而促進了光反應(yīng)的進行，并能增大氣孔導(dǎo)度，促進CO2吸收；從而促進了暗反應(yīng)的進行。

（3）在圖中a點的條件下；番茄幼苗葉肉細胞只進行細胞呼吸，番茄幼苗葉肉細胞中能消耗水并產(chǎn)生[H]的場所是線粒體基質(zhì)。光和色素對綠光吸收量最少，若將紅光照射改為綠光照射，則c點會向右下方移動。

【解析】（1）紙層析法不同色素在層析液中的溶解度不同；溶解度高的隨層析液在濾紙條上擴散的快，反之則慢黃綠色。

（2）提高葉綠素的含量增大氣孔導(dǎo)度，促進CO2吸收。

（3）線粒體基質(zhì)右下。

24、（1）不會（2）基因頻率不一定（3）就地保護（或建立自然保護區(qū)）（4）K2Ⅰ【分析】【分析】本題考查種群數(shù)