湖南省長(zhǎng)沙市雅禮教育集團(tuán)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題 含解析

學(xué)年湖南省長(zhǎng)沙市雅禮教育集團(tuán)高一（上）期末物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共分。1.北京時(shí)間2024年10月30日4時(shí)27分，搭載神舟十九號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)F遙十九運(yùn)載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射，約10分鐘后，進(jìn)入預(yù)定軌道，并與11時(shí)成功對(duì)接于空間站天和核心艙。航天員乘組狀態(tài)良好，發(fā)射取得圓滿成功。以下說(shuō)法正確的是()A.神舟飛船與天和核心艙對(duì)接過(guò)程中可視為質(zhì)點(diǎn)B.載人飛船加速上升過(guò)程中，艙內(nèi)航天員均處于失重狀態(tài)C.航天員隨飛船環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，處于平衡狀態(tài)D.以地球?yàn)閰⒖枷担w船與核心艙的組合體繞地球一周，平均速度為零2.關(guān)于牛頓第二定律，下列說(shuō)法正確的是()A.物體所受合力很大，但加速度可能為0B.一旦物體所受合力為0，加速度立即變?yōu)?C.對(duì)于所有單位制都成立D.由可知，物體所受的合力與質(zhì)量成正比，與加速度成反比3的物體與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為的速度為力作用下取，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力()A.物體經(jīng)8s速度減為零B.物體的速度大小先變小再變大C.物體速度減為零后將保持靜止D.物體受到的合力為1N4.在水平面上有ABA物體以的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)繩被拉成與水平面的夾角分別為、時(shí)如圖所示，B物體的運(yùn)動(dòng)速度為繩上始終有拉力()A.B.C.D.5ABCAB的時(shí)間與經(jīng)過(guò)BCO點(diǎn)時(shí)速度恰好為0，已知AB：：2，則CO：BC的值為()第1頁(yè)，共1頁(yè)A.B.C.D.6.一個(gè)熱氣球與沙包綁在一起后的總質(zhì)量為21kg，在重力和空氣浮力共同作用下，能在空氣中以加速度加速下降。為了使它以同樣大小的加速度加速上升，需拋掉沙包中的部分沙子，若熱氣球所受浮力不變，忽略空氣阻力和沙包所受浮力，g取。應(yīng)該拋掉的沙子的質(zhì)量為()A.14kgB.12kgC.D.9kg二、多選題：本大題共4小題，共分。7A36B121624鏈條會(huì)鏈接在不同大小的齒輪上。C是半徑為米的后輪，假設(shè)騎行者以每秒踩動(dòng)踏板兩圈的方式騎車，則()A.后輪的最大轉(zhuǎn)速為6圈/秒B.后輪的最大轉(zhuǎn)速為3圈/秒C.若選用中擋位，則騎行速度約為D.若選用最大齒輪擋位，則騎行速度約為8.ab兩質(zhì)點(diǎn)沿直線Ox軸正向運(yùn)動(dòng)，Ox與時(shí)間t的比值隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示，以下說(shuō)法正確的是()A.質(zhì)點(diǎn)a做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為B.時(shí)，a、b速度相等C.時(shí)，a、b間的距離為D.時(shí)，a、b間的距離為1m9ABC疊放后置于水平面上，兩側(cè)用擋板夾住，現(xiàn)在兩側(cè)擋板上施加水平方向的外力F，平衡時(shí)，三個(gè)圓第1頁(yè)，共1頁(yè)柱體兩兩相切，忽略一切摩擦，已知B、C圓柱體的質(zhì)量均為m，A圓柱體的質(zhì)量為2m，重力加速度為g。則下列說(shuō)法正確的是()A.B對(duì)A的支持力大小為B.B對(duì)地面的壓力大小為2mgC.當(dāng)B、C間的作用力為零時(shí)，D.若圓柱保持靜止，則B、C間的作用力為10.如圖所示，粗糙水平面上放著一足夠長(zhǎng)的木板A，質(zhì)量，A上面放著小物塊B，質(zhì)量A與B摩擦因數(shù)為A與地面摩擦因數(shù)為，，給A施加水平恒力F，下列說(shuō)法中正確的是()A.時(shí)，A的加速度為B.時(shí)，A的加速度為C.如果把F作用在B上，，A、B一起向右勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為D.如果把F作用到B上，無(wú)論F有多大，木板A均不會(huì)運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共分。11A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB與OC為細(xì)繩。圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。有關(guān)該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A.用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的夾角應(yīng)越大越好B.實(shí)驗(yàn)時(shí)要讓彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面平行C.重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要記錄結(jié)點(diǎn)O的位置，保證每次拉到同一位置如果沒(méi)有操作失誤，圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是______。在該實(shí)驗(yàn)中，如果將OB與OC細(xì)繩換成橡皮條，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果______影響。選填“有”或“沒(méi)有”第1頁(yè)，共1頁(yè)12.某同學(xué)用如圖甲所示裝置驗(yàn)證加速度和物體受力的關(guān)系，重力加速度g取。在砂桶中放入適量細(xì)砂，接通電源，由靜止釋放滑塊，打出一條紙帶。從比較清晰的點(diǎn)跡起，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，在紙帶上連續(xù)標(biāo)出5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)ABCDEA點(diǎn)之間的距離，如圖乙50HzC點(diǎn)的速度____________。結(jié)果均保留2位有效數(shù)字本題中砂桶和砂的總質(zhì)量m______選填“需要”或“不需要”遠(yuǎn)小于滑塊與動(dòng)滑輪的總質(zhì)量M。多次改變砂桶中砂的質(zhì)量，在水平長(zhǎng)木板上重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得多組滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a及對(duì)應(yīng)的力傳感器示數(shù)F，以a為縱坐標(biāo)、F為橫坐標(biāo)描點(diǎn)得到如圖丙所示的圖像。由圖中數(shù)據(jù)可知，滑塊和動(dòng)滑輪的總質(zhì)量______kg，滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)______。四、計(jì)算題：本大題共3小題，共分。13的箱子先從傾角達(dá)水平地面后即由一旅客用與水平方向成斜向上的力F拉著繼續(xù)沿地，，，求：第1頁(yè)，共1頁(yè)箱子與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；旅客拉箱子的力F的大小以及地面對(duì)箱子的摩擦力的大小。14.如圖所示，在一傾角為的斜面頂端以的初速度平拋出一個(gè)小球A，斜面足夠長(zhǎng)且忽略空氣阻力的影響，重力加速度為g。求小球落到斜面上所需的時(shí)間以及拋出點(diǎn)到小球落點(diǎn)間的距離；求小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，距離斜面最遠(yuǎn)時(shí)的時(shí)間與該最遠(yuǎn)距離h。15大小未知從傳送帶底端A3s恰好到達(dá)傳送帶頂端B點(diǎn)但不離開傳送帶3s煤塊的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，重力加速度，求：計(jì)算結(jié)果可以用分?jǐn)?shù)及根式表示、B兩點(diǎn)間的距離；傳送帶與水平地面間的夾角的正弦值，以及煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)；經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)時(shí)間后，煤塊留下的劃痕能否覆蓋整條傳送帶，使得痕跡首尾相連？若可以，求剛好覆蓋整條傳送帶的時(shí)間T；若不能，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算說(shuō)明原因。由于輪半徑較小，傳送帶的傳動(dòng)輪上覆蓋的長(zhǎng)度可忽略第1頁(yè)，共1頁(yè)答案和解析1.【答案】D【解析】解：神舟飛船與天和核心艙對(duì)接過(guò)程中，需要考慮其大小和形狀，不可視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B.載人飛船加速上升過(guò)程中，艙內(nèi)航天員加速度向上，處于超重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C.航天員隨飛船環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，做曲線運(yùn)動(dòng)，速度時(shí)刻改變，不是平衡狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D.以地球?yàn)閰⒖枷?，飛船與核心艙的組合體繞地球一周，位移為0，所以平均速度為零，故D正確；故選：D。A.神舟飛船與天和核心艙對(duì)接過(guò)程中，需要考慮其大小和形狀，據(jù)此分析判斷；B.載人飛船加速上升過(guò)程中，確定艙內(nèi)航天員加速度方向，即可分析判斷；C.航天員隨飛船環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，做曲線運(yùn)動(dòng)，據(jù)此分析判斷；D.以地球?yàn)閰⒖枷?，飛船與核心艙的組合體繞地球一周，先確定位移，即可確定平均速度。本題考查對(duì)超重與失重的掌握，解題時(shí)需注意，物體是否處于超重或失重狀態(tài)，不在于物體向上運(yùn)動(dòng)還是向下運(yùn)動(dòng)，而在于物體是有豎直向上的加速度還是有豎直向下的加速度。2.【答案】B【解析】解：根據(jù)牛頓第二定律可知，在物體質(zhì)量一定時(shí)，加速度與物體受到的合外力成正比，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)牛頓第二定律的瞬時(shí)性可知，合外力為0，則加速度也為0，故B正確；C.只有在國(guó)際單位制中才成立，故C錯(cuò)誤；D.物體所受的合力只與物體的受力情況有關(guān)，與物體的質(zhì)量和加速度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選：B。根據(jù)牛頓第二定律的矢量性，瞬時(shí)性，物體的受力情況和單位的規(guī)定進(jìn)行分析判斷?？疾榕ｎD第二定律的理解和應(yīng)用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。3.【答案】C【解析】解：AB、由題意可知，施加恒力后，物體向右滑動(dòng)時(shí)，水平方向受到向左的摩擦力和恒力的作用，頓第二定律可得：，解得：，則物體減速到0所用的時(shí)間為：，故AB錯(cuò)誤；第1頁(yè)，共1頁(yè)C、當(dāng)物體減速到0時(shí)，由于，所以物體減速到0后，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C正確；D、由題意可知，當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的合外力為5N，停止運(yùn)動(dòng)后受到的合外力為0，故D錯(cuò)誤。故選：C。物體向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到恒力和向左的滑動(dòng)摩擦力的作用，由牛頓第二定律可求加速度的大小，再由速度-時(shí)間關(guān)系可求運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，當(dāng)速度為0時(shí)，由于恒力小于最大靜摩擦力，則物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力為0。本題考查牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合應(yīng)用。解決問(wèn)題的關(guān)鍵是對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行正確的受力分析和運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析，根據(jù)受力情況確定運(yùn)動(dòng)情況。4.【答案】D【解析】解：將A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解如圖則沿著繩子方向的速度大小為將B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解如圖，則沿著繩子方向的速度大小為解得B物體的運(yùn)動(dòng)速度為故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D。分別對(duì)AB相等，可知兩物體的速度大小關(guān)系?？疾閷W(xué)會(huì)對(duì)物體進(jìn)行運(yùn)動(dòng)的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數(shù)知識(shí)，同時(shí)本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等。5.【答案】DO點(diǎn)時(shí)速度為零，可逆向視為從O點(diǎn)向A點(diǎn)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。由于經(jīng)過(guò)AB的時(shí)間與經(jīng)過(guò)BC的時(shí)間相等，假設(shè)都為t，AB長(zhǎng)度為3m，BC長(zhǎng)度為2m則B點(diǎn)的速度由逐差法，加速度第1頁(yè)，共1頁(yè)故BO的距離為CO的距離為故CO：BC的值為故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D。將勻加速到速度為零的直線運(yùn)動(dòng)逆向視為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)中間時(shí)刻速度等于平均速度求出B點(diǎn)速度，根據(jù)逐差法求出加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出BO段的距離，從而求出CO與BC段之比。本題主要考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，需要理解逆向思維，并根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式以及規(guī)律求解。6.【答案】B【解析】解：設(shè)空氣對(duì)熱氣球與沙包的浮力大小為F，在空氣中以加速度下降過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得：；為了使它以同樣大小的加速度上升，設(shè)應(yīng)該拋掉的沙的質(zhì)量為m，拋出后，根據(jù)牛頓第二定律可得：BACD錯(cuò)誤。故選：B。以熱氣球與沙包整體為研究對(duì)象，分析受力情況，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)平衡條件列方程，勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律列方程．聯(lián)立可解．本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，要注意分析物體的受力情況，確定合力是運(yùn)用牛頓第二定律的關(guān)鍵，分析時(shí)，要注意抓住題設(shè)的條件：浮力不變，同時(shí)明確物體加速上升，加速度是向上的，故浮力大于重力。7.【答案】AC【解析】解：AB、腳踏板大齒輪和后軸小齒輪嚙合，所以的轉(zhuǎn)動(dòng)齒數(shù)相同，即大齒輪轉(zhuǎn)動(dòng)一圈36個(gè)齒時(shí)，小齒輪也轉(zhuǎn)動(dòng)36個(gè)齒，1s內(nèi)大齒輪轉(zhuǎn)過(guò)兩圈即72個(gè)齒，則對(duì)于1、2、3不同擋位來(lái)說(shuō)，小齒輪分別轉(zhuǎn)過(guò)：圈、圈、136圈/秒，故A正確，B錯(cuò)誤CD、行車速度若選用中齒輪16齒擋位，轉(zhuǎn)速為圈/秒，則：第1頁(yè)，共1頁(yè)若選用最大齒輪24齒擋位，轉(zhuǎn)速為3圈/秒，則：故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC。腳踏板大齒輪和后軸小齒輪嚙合，所以的轉(zhuǎn)動(dòng)齒數(shù)相同，根據(jù)每秒轉(zhuǎn)過(guò)的圈數(shù)分析AB的公式計(jì)算CD。解決本題的關(guān)鍵知道線速度、轉(zhuǎn)速與半徑的關(guān)系，以及知道傳送帶傳動(dòng)輪子上的點(diǎn)線速度大小相等。8.【答案】ADABa的解析式為：公式對(duì)比可知，a質(zhì)點(diǎn)的初速度為，加速度；同理分析b質(zhì)點(diǎn)，可知b質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為，，a質(zhì)點(diǎn)的速度為，解得，故A正確，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)兩質(zhì)點(diǎn)的位移關(guān)系可知，，解得：，即此時(shí)二者相遇，故C錯(cuò)誤，D、，代入，，b做勻速運(yùn)動(dòng)，，解得，所以a、b間的距離為1m，故D正確。故選：AD。分別計(jì)算出解析式，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，分析得到質(zhì)點(diǎn)的初速度和加速度再進(jìn)行求解。本題主要考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像的相關(guān)應(yīng)用，通過(guò)圖像分析得到質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析即可，分析過(guò)程中要注意和圖像的區(qū)別。9.【答案】BD【解析】解：A、對(duì)A受力分析，如圖所示。第1頁(yè)，共1頁(yè)根據(jù)平衡條件可得，解得B對(duì)A的支持力大小為，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)ABC整體，豎直方向根據(jù)平衡條件可知，地面對(duì)整體的支持力為，根據(jù)對(duì)稱性可知，地面對(duì)B的支持力大小為2mg，根據(jù)牛頓第三定律可知，B對(duì)地面的壓力大小為2mg，故B正確；C、當(dāng)B、C間的作用力恰為零時(shí)，A對(duì)B的壓力的水平分力應(yīng)恰好等于F，則有，解得：，故C錯(cuò)誤；D、若圓柱保持靜止，對(duì)B，水平方向根據(jù)平衡條件得，可得B、C間的作用力為，故D正確。故選：BD。對(duì)AB對(duì)AABC整體，根據(jù)平衡條件結(jié)合牛頓第三定律求解B對(duì)地面的壓力；對(duì)B，根據(jù)平衡條件求解水平外力F的大小以B、C間的作用力大小。本題考查共點(diǎn)力平衡問(wèn)題，關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，熟練掌握整體法和隔離法的靈活運(yùn)用。10.【答案】BC【解析】解：木板A與地面間的最大靜摩擦力物塊B與木板A間的最大靜摩擦力AB、當(dāng)A、B間摩擦力為最大靜摩擦力時(shí)，A、B開始相對(duì)滑動(dòng)，由牛頓第二定律得：對(duì)B：對(duì)A、B系統(tǒng)：代入數(shù)據(jù)解得：，A、B相對(duì)靜止一起加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，ABA，故A錯(cuò)誤，B正確；C、如果力F作用在B上，A、B間摩擦力為最大靜摩擦力時(shí)，對(duì)A，由牛頓第二定律得：對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：第1頁(yè)，共1頁(yè)，A、B相對(duì)靜止一起加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)A、B系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：，代入數(shù)據(jù)解得，故C正確；D、力作用在B上，當(dāng)力時(shí)木板A會(huì)運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選：BC。當(dāng)AB間的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)AB開始相對(duì)滑動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律求出臨界拉力，根據(jù)拉力大小與臨界拉力的關(guān)系，應(yīng)用牛頓第二定律分析答題。本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚物體的受力情況，應(yīng)用牛頓第二定律即可解題。11.【答案】B沒(méi)有【解析】解：用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的夾角應(yīng)適當(dāng)，故A錯(cuò)誤；B.為了保證合力與分力在同一平面內(nèi)，實(shí)驗(yàn)時(shí)要讓彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面平行，故B正確；C.根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，同一次實(shí)驗(yàn)需要保證結(jié)點(diǎn)O的位置相同，重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要記錄結(jié)點(diǎn)O的位置，不需要保證每次拉到同一位置，故C錯(cuò)誤。故選：B。由于實(shí)驗(yàn)誤差的存在，兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉力的合力的理論值不一定沿橡皮筋方向，單獨(dú)用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為合力的實(shí)際值一定沿橡皮筋方向，因此圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是；細(xì)繩套的作用是為了描繪拉力的方向，將細(xì)繩套換成橡皮筋，對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響。故答案為：；；沒(méi)有。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和正確操作分析作答；根據(jù)合力理論值和實(shí)際值的含義分析作答；根據(jù)細(xì)繩套的作用分析作答。本題考查了“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，要明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握實(shí)驗(yàn)的正確操作，理解合力理論值和實(shí)際值的含義。12.【答案】不需要【解析】解：相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則有，根據(jù)逐差法求解加速度公式，代入數(shù)據(jù)解得；實(shí)驗(yàn)中，利用力傳感器測(cè)出輕繩的拉力F，可知實(shí)驗(yàn)中砂桶和砂的總質(zhì)量m不需要遠(yuǎn)小于滑塊與動(dòng)滑輪的總質(zhì)量M。第1頁(yè)，共1頁(yè)對(duì)滑塊和動(dòng)滑輪整體，根據(jù)牛頓第二定律有，則有，結(jié)合圖像有，，解得，。故答案為：，；不需要；，。根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和平均速度關(guān)系列式求解，結(jié)合逐差法求解加速度公式代入數(shù)據(jù)解答；根據(jù)力傳感器的作用分析判斷；根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像的斜率和截距的物理意義列式求解質(zhì)量和動(dòng)摩擦因數(shù)?？疾榕ｎD第二定律的實(shí)驗(yàn)要求和注意事項(xiàng)，紙帶的數(shù)據(jù)處理，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。13.【答案】解：箱子在斜面上勻速下滑時(shí)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有平行斜面方向有垂直斜面方向有又聯(lián)立解得箱子在水平地面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)箱子受力分析，如圖所示。根據(jù)平衡條件得豎直方向有物體所受支持力的大小為水平方向有第1頁(yè)，共1頁(yè)又聯(lián)立解得：，答：箱子與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為；旅客拉箱子的力F的大小以及地面對(duì)箱子的摩擦力的大小分別為120N、96N?！窘馕觥肯渥訌膬A角公式相結(jié)合即可求解。箱子在水平地面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)箱子受力分析，根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式相結(jié)合求解旅客拉箱子的力F的大小以及地面對(duì)箱子的摩擦力的大小。本題是共點(diǎn)力平衡問(wèn)題，關(guān)鍵對(duì)物體受力分析后，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列方程，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式解答。14.【答案】解：小球做平拋運(yùn)動(dòng)水