山東省泰安市肥城一中高三物理上學(xué)期期中模擬試卷（含解析）.doc

2015-2016學(xué)年山東省泰安市肥城一中高三（上）期中物理模擬試卷一、選擇題：本題共12小題，每小題4分1-8題為單選，9-12題為多選1甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛在t=0到t=t1的時間內(nèi)，它們的vt圖象如圖所示在這段時間內(nèi)( )a汽車乙的平均速度等于b汽車甲的平均速度比乙的大c甲乙兩汽車的位移相同d汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大2如圖所示，用兩根等長輕繩將木板懸掛在豎直木樁上等高的兩點，制成一簡易秋千某次維修時將兩輕繩各剪去一小段，但仍保持等長且懸掛點不變木板靜止時，f1表示單根輕繩對木板拉力的大小，f2表示兩根輕繩對木板拉力的合力大小，則維修后( )af1變大，f2不變bf1變小，f2不變cf1變大，f2變大df1變小，f2變小3如圖（甲）所示，靜止在水平地面上的物塊a，受水平拉力f的作用，f與時間t的關(guān)系如圖（乙）所示設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力ffm大小與滑動摩擦力大小相等，則t1t3時間內(nèi)，下列說法錯誤的是( )at1時刻物塊的速度為零bt2時刻物塊的加速度最大ct3時刻物塊的動能最大dt1t3時間內(nèi)f對物塊先做正功后做負(fù)功4如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移和時間（xt）圖線由圖可知( )a在時刻t1，a車追上b車b在時刻t2，a、b兩車運動方向相同c在t1到t2這段時間內(nèi)，b車的速率先減小后增大d在t1到t2這段時間內(nèi)，b車的速率一直比a車的大5如圖所示，從地面上同一位置拋出兩小球a、b，分別落在地面上的m、n點，兩球運動的最大高度相同空氣阻力不計，則( )ab的加速度比a的大bb的飛行時間比a的長cb在最高點的速度與a在最高點的速度相等db在落地時的速度比a在落地時的大6如圖，一質(zhì)量為m的光滑大圓環(huán)，用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi)，套在大圓環(huán)上的質(zhì)量為m的小環(huán)（可視為質(zhì)點），從大圓環(huán)的最高處由無初速度滑下，重力加速度為g當(dāng)小圓環(huán)滑到大圓環(huán)的最低點時，大圓環(huán)對輕桿拉力的大小為( )amg5mgbmg+mgcmg+5mgdmg+10mg7如圖所示，長為l的輕繩一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在o點，繩可在豎直平面內(nèi)繞軸o無摩擦轉(zhuǎn)動已知小球通過最低點q時，速度的大小為v=2，則以下說法正確的有( )a小球能達(dá)到圓周軌道的最高點p，且在p點受到輕繩向下的彈力b小球能達(dá)到圓周軌道的最高點p，但在p點不受輕繩的作用力c小球不能達(dá)到圓周軌道的最高點pd小球在最低點q受到繩的拉力大小為5mg8如圖，m、n和p是以mn為直徑的半圈弧上的三點，o點為半圓弧的圓心，mop=60電荷量相等、符號相反的兩個點電荷分別置于m、n兩點，這時o點電場強度的大小為e1；若將n點處的點電荷移至p點，則o點的場場強大小變?yōu)閑2，e1與e2之比為( )a1：2b2：1cd9如圖所示，發(fā)射某飛船時，先將飛船發(fā)送到一個橢圓軌道上，其近地點m距地面200km，遠(yuǎn)地點n距地面330km進(jìn)入該軌道正常運行時，其周期為t1，通過m、n點時的速率分別是v1、v2，加速度分別為a1、a2當(dāng)飛船某次通過n點時，地面指揮部發(fā)出指令，點燃飛船上的發(fā)動機，使飛船在短時間內(nèi)加速后進(jìn)入離地面330km的圓形軌道，開始繞地球做勻速圓周運動，周期為t2，這時飛船的速率為v3，加速度為a3比較飛船在m、n、p三點正常運行時（不包括點火加速階段）的速率大小和加速度大小及在兩個軌道上運行的周期，下列結(jié)論正確的是( )av1v3bv1v2ca1=a3dt1t210如圖，質(zhì)量為m的物塊始終靜止在傾角為的斜面上，則( )a若斜面向左勻速移動距離s，斜面對物塊做功mgsincossb若斜面向上勻速移動距離s，斜面對物塊做功mgsc若斜面向左以加速度a勻加速移動距離s，斜面對物塊不做功d若斜面向上以加速度a勻加速移動距離s，斜面對物塊做功m（g+a）s11圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點則該粒子( )a帶負(fù)電b在c點受力最大c在b點的電勢能大于在c點的電勢能d由a點到b點的動能變化大于由b點到c點的動能變化12如圖所示，a、b 兩物塊的質(zhì)量分別為 2m 和 m，靜止疊放在水平地面上a、b 間的動摩擦因數(shù)為，b 與地面間的動摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為 g現(xiàn)對 a 施加一水平拉力 f，則( )a當(dāng) f2 mg 時，a、b 都相對地面靜止b當(dāng) f=mg 時，a 的加速度為gc當(dāng) f3 mg 時，a 相對 b 滑動d無論 f 為何值，b 的加速度不會超過g二、實驗題（共10分）13某同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律，物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示，打點計時器電源的頻率為50hz（1）通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在兩相鄰計數(shù)點_和_之間某時刻開始減速（2）計數(shù)點5對應(yīng)的速度大小為_m/s（保留三位有效數(shù)字）（3）物塊減速運動過程中加速度的大小為a=_m/s2，若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值_（填“偏大”或“偏小”）14某同學(xué)利用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律弧形軌道末端水平，離地面的高度為h將鋼球從軌道的不同高度h處靜止釋放，鋼球的落點距軌道末端的水平距離為s（1）若軌道完全光滑，s2與h的理論關(guān)系應(yīng)滿足s2=_（用h、h表示）（2）該同學(xué)經(jīng)實驗測量得到一組數(shù)據(jù)，如下表所示：h（101m）2.003.004.005.006.00s2 （101m2）2.623.895.206.537.78請在坐標(biāo)紙上作出s2h關(guān)系圖（3）對比實驗結(jié)果與理論計算得到的s2h關(guān)系圖線（圖中已畫出），自同一高度靜止釋放的鋼球，水平拋出的速率_ （填“小于”或“大于”）理論值（4）從s2h關(guān)系圖線中分析得出鋼球水平拋出的速率差十分顯著，你認(rèn)為造成上述偏差的可能原因是_三、計算題：（42分）15如圖所示，在粗糙水平地面上放置一光滑的斜面（斜面足夠長），斜面的傾角為37在水平地面上有a、b兩點，a、b之間的距離為4m，斜面與地面上的b點相接在a點放一個可以視為質(zhì)點的物體p，已知p與地面的動摩擦因數(shù)為0.2讓物體p以5m/s的速度由a點向右運動（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）在整個運動過程中，物體p在斜面上運動的時間（2）物體p最終的位置16如圖，一個質(zhì)量為0.6kg的小球以某一初速度從p點水平拋出，恰好從光滑圓弧abc的a點的切線方向進(jìn)入圓?。ú挥嬁諝庾枇?，進(jìn)入圓弧時無機械能損失）已知圓弧的半徑r=0.3m，=60，小球到達(dá)a點時的速度為v=4m/s（取g=10m/s2）試求：（1）小球做平拋運動的初速度v0；（2）p點與a點的水平距離和豎直高度；（3）小球到達(dá)圓弧最高點c時，對軌道的壓力17如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強電場，坐標(biāo)系內(nèi)有a、b兩點，其中a點坐標(biāo)為（6cm，0）b點坐標(biāo)為（0，cm），坐標(biāo)原點o處的電勢為0，點a處的電勢為8v，點b處的電勢為4v，現(xiàn)有一帶電粒子從坐標(biāo)原點o處沿電勢為0的等勢線方向以速度v=4103m/s射入電場，粒子運動時恰好通過b點，不計粒子所受重力，求：（1）圖中c處（3cm，0）的電勢；（2）勻強電場的強度大?。唬?）帶電粒子的比荷18如圖a所示，一傾角為37的傳送帶以恒定速度運行現(xiàn)將一質(zhì)量m=lkg的小物體拋上傳送帶，物體相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖b所示，取沿傳送帶向上為正方向，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）08s內(nèi)物體位移的大??； （2）物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)；（3）08s內(nèi)物體機械能增量及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量q2015-2016學(xué)年山東省泰安市肥城一中高三（上）期中物理模擬試卷一、選擇題：本題共12小題，每小題4分1-8題為單選，9-12題為多選1甲乙兩汽車在一平直公路上同向行駛在t=0到t=t1的時間內(nèi)，它們的vt圖象如圖所示在這段時間內(nèi)( )a汽車乙的平均速度等于b汽車甲的平均速度比乙的大c甲乙兩汽車的位移相同d汽車甲的加速度大小逐漸減小，汽車乙的加速度大小逐漸增大【考點】勻變速直線運動的圖像【專題】運動學(xué)中的圖像專題【分析】在速度時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數(shù)，時間軸下方速度是負(fù)數(shù)；切線代表該位置的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負(fù)【解答】解：a、由于乙車做變減速運動，平均速度不等于，如圖所示，紅線表示勻減速直線運動，其平均速度等于 ，而勻減速直線運動的位移大于該變減速運動的位移，故乙的平均速度小于，故a錯誤；b、平均速度等于位移與時間的比值，在vt圖象中，圖形的面積代表位移的大小，根據(jù)圖象可知道，甲的位移大于乙的位移，由于時間相同，所以汽車甲的平均速度比乙的大，故b正確，c錯誤；b、d、因為切線的斜率等于物體的加速度，汽車甲和乙的加速度大小都是逐漸減小，故d錯誤故選：b【點評】本題是為速度時間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度時間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義2如圖所示，用兩根等長輕繩將木板懸掛在豎直木樁上等高的兩點，制成一簡易秋千某次維修時將兩輕繩各剪去一小段，但仍保持等長且懸掛點不變木板靜止時，f1表示單根輕繩對木板拉力的大小，f2表示兩根輕繩對木板拉力的合力大小，則維修后( )af1變大，f2不變bf1變小，f2不變cf1變大，f2變大df1變小，f2變小【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【專題】共點力作用下物體平衡專題【分析】木板靜止時，受重力和兩個拉力而平衡，根據(jù)共點力平衡條件并結(jié)合正交分解法列式分析即可【解答】解：木板靜止時，受重力和兩個拉力而平衡，三個力的合力為零，則兩根輕繩對木板拉力的合力大小等于重力，f2=mg，不變；根據(jù)共點力平衡條件，有：2f1cos=mg解得：f1=當(dāng)細(xì)線變短時，細(xì)線與豎直方向的夾角增加，故cos減小，拉力f1變大故選：a【點評】本題是簡單的三力平衡問題，關(guān)鍵是受力分析后運用圖示法分析，不難3如圖（甲）所示，靜止在水平地面上的物塊a，受水平拉力f的作用，f與時間t的關(guān)系如圖（乙）所示設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力ffm大小與滑動摩擦力大小相等，則t1t3時間內(nèi)，下列說法錯誤的是( )at1時刻物塊的速度為零bt2時刻物塊的加速度最大ct3時刻物塊的動能最大dt1t3時間內(nèi)f對物塊先做正功后做負(fù)功【考點】功能關(guān)系；牛頓第二定律【分析】根據(jù)物塊的受力，結(jié)合合力的方向確定物塊的加速度方向，從而確定物塊的運動規(guī)律，判斷何時加速度最大，何時速度最大根據(jù)功的公式分析功的正負(fù)【解答】解：a、0t1時間內(nèi)，f小于等于最大靜摩擦力，可知物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，加速度為零；所以t1時刻物塊的速度仍然是零故a正確b、t2時刻拉力最大，根據(jù)牛頓第二定律知，物塊a的加速度最大，故b正確c、從t1t3時刻，拉力大于摩擦力，物塊做加速運動，t3時刻后，拉力小于摩擦力，物塊做減速運動，可知t3時刻物塊a的速度最大，動能最大故c正確d、從t1t3時刻，拉力大于摩擦力，物塊做加速運動，f始終做正功故d錯誤本題選擇錯誤的，故選：d【點評】本題考查了學(xué)生的讀圖能力，能夠通過ft圖線得出整個過程中物塊的運動規(guī)律并正確應(yīng)用牛頓第二定律分析加速度的變化4如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移和時間（xt）圖線由圖可知( )a在時刻t1，a車追上b車b在時刻t2，a、b兩車運動方向相同c在t1到t2這段時間內(nèi)，b車的速率先減小后增大d在t1到t2這段時間內(nèi)，b車的速率一直比a車的大【考點】勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【專題】運動學(xué)中的圖像專題【分析】位移時間關(guān)系圖線反映位移隨時間的變化規(guī)律，縱坐標(biāo)的變化量x表示位移，圖線的斜率表示速度的大小【解答】解：a、由圖知在時刻t1，a、b兩車的位置坐標(biāo)相同，到達(dá)同一位置，而開始時a的位移大于b的位移，所以時刻t1，b追上a故a錯誤b、在時刻t2，a圖線的斜率為正，說明a的速度沿正向，b圖線切線斜率為負(fù)，說明b車速度沿負(fù)向，則兩車的運動方向相反故b錯誤c、速度圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時間內(nèi)，b車圖線斜率先減小后增大，則b車的速率先減小后增加故c正確d、在t1到t2這段時間內(nèi)，b圖線的斜率不是一直大于a圖線的斜率，所以b車的速率不是一直比a車大故d錯誤故選：c【點評】解決本題的關(guān)鍵知道位移時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示速度的大小，能夠通過圖線得出運動的方向5如圖所示，從地面上同一位置拋出兩小球a、b，分別落在地面上的m、n點，兩球運動的最大高度相同空氣阻力不計，則( )ab的加速度比a的大bb的飛行時間比a的長cb在最高點的速度與a在最高點的速度相等db在落地時的速度比a在落地時的大【考點】拋體運動【分析】由運動的合成與分解規(guī)律可知，物體在水平方向做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動，兩球的加速度相同，由豎直高度相同，由運動學(xué)公式分析豎直方向的初速度關(guān)系，即可知道水平初速度的關(guān)系兩球在最高點的速度等于水平初速度由速度合成分析初速度的關(guān)系，即可由機械能守恒知道落地速度的大小關(guān)系【解答】解：a、不計空氣阻力，兩球的加速度都為重力加速度g故a錯誤b、兩球都做斜拋運動，豎直方向的分運動是豎直上拋運動，根據(jù)運動的對稱性可知，兩球上升和下落的時間相等，而下落過程，由t=知兩球運動的時間相等故b錯誤c、根據(jù)h=vyt，最大高度h、t相同，則知，豎直方向的初速度大小相等，由于a球的初速度與水平方向的夾角大于b球的豎直方向的初速度，由vy=v0sin（是初速度與水平方向的夾角）得知，a球的初速度小于b球的初速度，兩球水平方向的分初速度為v0cos=vycot，由于b球的初速度與水平方向的夾角小，所以b球水平分初速度較大，而兩球水平方向都做勻速直線運動，故b在最高點的速度比a在最高點的大故c錯誤d、根據(jù)速度的合成可知，b的初速度大于a球的初速度，運動過程中兩球的機械能都守恒，則知b在落地時的速度比a在落地時的大故d正確故選：d【點評】本題考查運用運動的合成與分解的方法處理斜拋運動的能力，對于豎直上拋的分速度，可根據(jù)運動學(xué)公式和對稱性進(jìn)行研究6如圖，一質(zhì)量為m的光滑大圓環(huán)，用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi)，套在大圓環(huán)上的質(zhì)量為m的小環(huán)（可視為質(zhì)點），從大圓環(huán)的最高處由無初速度滑下，重力加速度為g當(dāng)小圓環(huán)滑到大圓環(huán)的最低點時，大圓環(huán)對輕桿拉力的大小為( )amg5mgbmg+mgcmg+5mgdmg+10mg【考點】向心力；牛頓第二定律【專題】牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出小環(huán)運動到最低點時，大環(huán)對它的拉力，再用隔離法對大環(huán)分析，求出大環(huán)對輕桿的拉力大小【解答】解：小環(huán)在最低點時，根據(jù)牛頓第二定律得：fmg=m，得：f=mg+m，小環(huán)從最高到最低，由動能定理，則有：；對大環(huán)分析，有：t=f+mg=m（g+）+mg=5mg+mg故c正確，a、b、d錯誤故選：c【點評】解決本題的關(guān)鍵搞清小環(huán)做圓周運動向心力的來源，運用牛頓第二定律進(jìn)行求解7如圖所示，長為l的輕繩一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在o點，繩可在豎直平面內(nèi)繞軸o無摩擦轉(zhuǎn)動已知小球通過最低點q時，速度的大小為v=2，則以下說法正確的有( )a小球能達(dá)到圓周軌道的最高點p，且在p點受到輕繩向下的彈力b小球能達(dá)到圓周軌道的最高點p，但在p點不受輕繩的作用力c小球不能達(dá)到圓周軌道的最高點pd小球在最低點q受到繩的拉力大小為5mg【考點】向心力【專題】勻速圓周運動專題【分析】根據(jù)動能定理求出最高點p的速度，結(jié)合p點的臨界速度判斷小球能否達(dá)到最高點小球在最高點和最低點靠重力和拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律分析求解【解答】解：a、根據(jù)動能定理得，解得vp=0，小球在最高點的臨界速度，則小球不能達(dá)到最高點p，故a、b錯誤，c正確d、在最低點，根據(jù)牛頓第二定律得，fmg=m，解得f=5mg故d正確故選：cd【點評】解決本題的關(guān)鍵知道繩模型與桿模型的區(qū)別，知道繩模型最高點的臨界情況，結(jié)合向心力的來源，運用動能定理和牛頓第二定律進(jìn)行求解8如圖，m、n和p是以mn為直徑的半圈弧上的三點，o點為半圓弧的圓心，mop=60電荷量相等、符號相反的兩個點電荷分別置于m、n兩點，這時o點電場強度的大小為e1；若將n點處的點電荷移至p點，則o點的場場強大小變?yōu)閑2，e1與e2之比為( )a1：2b2：1cd【考點】電場的疊加【專題】計算題【分析】由電場的疊加可知各點電荷單獨在o點形成的場強大小，移動之后電荷距o點的距離不變，故電場強度大小不變，則由矢量合成的方向可得出移動之后的合電場；即可求得比值【解答】解：依題意，每個點電荷在o點產(chǎn)生的場強為，則當(dāng)n點處的點電荷移至p點時，o點場強如圖所示，合場強大小為，則，b正確故選b【點評】電場強度為矢量，在求合場強時應(yīng)先分別求得各電荷在o點的場強再由矢量的合成方法平行四邊形求得總的場強9如圖所示，發(fā)射某飛船時，先將飛船發(fā)送到一個橢圓軌道上，其近地點m距地面200km，遠(yuǎn)地點n距地面330km進(jìn)入該軌道正常運行時，其周期為t1，通過m、n點時的速率分別是v1、v2，加速度分別為a1、a2當(dāng)飛船某次通過n點時，地面指揮部發(fā)出指令，點燃飛船上的發(fā)動機，使飛船在短時間內(nèi)加速后進(jìn)入離地面330km的圓形軌道，開始繞地球做勻速圓周運動，周期為t2，這時飛船的速率為v3，加速度為a3比較飛船在m、n、p三點正常運行時（不包括點火加速階段）的速率大小和加速度大小及在兩個軌道上運行的周期，下列結(jié)論正確的是( )av1v3bv1v2ca1=a3dt1t2【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題【解答】解：a、當(dāng)某次飛船通過n點時，地面指揮部發(fā)出指令，點燃飛船上的發(fā)動機，使飛船在短時間內(nèi)加速后進(jìn)入離地面340km的圓形軌道，所以v3v2，根據(jù)g=m得；v=又因為r1r3，所以v1v3故v1v3v2故a、b正確c、根據(jù)萬有引力提供向心力，即g=ma得：a=，由圖可知m點和p點距離地心不同，所以a1a3；故c錯誤d、根據(jù)開普勒第三定律知，=k，所以t1t2故d錯誤故選：ab【點評】解決本題的關(guān)鍵是掌握萬有引力提供向心力，不能考慮一個變量而忽略了另一個變量的變化10如圖，質(zhì)量為m的物塊始終靜止在傾角為的斜面上，則( )a若斜面向左勻速移動距離s，斜面對物塊做功mgsincossb若斜面向上勻速移動距離s，斜面對物塊做功mgsc若斜面向左以加速度a勻加速移動距離s，斜面對物塊不做功d若斜面向上以加速度a勻加速移動距離s，斜面對物塊做功m（g+a）s【考點】功的計算；力的合成與分解的運用【專題】功的計算專題【分析】要求外力做功，應(yīng)先分析物體的受力情況，求出斜面對物體的作用力，由功的公式w=fscos即可求得斜面對物體所做的功【解答】解：a、若斜面向左勻速移動，物體受力平衡，斜面對物體的作用力等于重力，故斜面對物體做功為零，故a錯誤；b、斜面向上勻速運動，物體受力平衡斜面對物體的作用力f=mg，則作用力做功w=fs=mgs，故b正確；c、若斜面向左加速度a運動時，物體對斜面的作用力可分解為向上的大小等于重力的支持力，水平方向上f=ma，則斜面對物體做功w=fs=mas，故c錯誤；d、若斜面向上以加速度a加速移動時，由牛頓第二定律可知，fmg=ma，作用力f=mg+ma，則斜面對物體做功w=fs=（mg+ma）s，故d正確；故選bd【點評】本題中分析出斜面對物體的作用力是關(guān)鍵，注意物體受到的摩擦力及支持力均為作用力，故可以直接根據(jù)合力作用求得作用力，不必單獨分析重力和摩擦力11圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點則該粒子( )a帶負(fù)電b在c點受力最大c在b點的電勢能大于在c點的電勢能d由a點到b點的動能變化大于由b點到c點的動能變化【考點】電勢能；動能定理的應(yīng)用【專題】壓軸題【分析】電場線與等勢面垂直電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加【解答】解：a：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在abc的過程中，一直受靜電斥力作用，根據(jù)同性電荷相互排斥，故粒子帶正電荷，a錯誤；b：點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越大，場強越小，粒子在c點受到的電場力最小，故b錯誤；c：根據(jù)動能定理，粒子由b到c，電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能一定大于在c點的電勢能，故c正確；d：a點到b點和b點到c點相比，由于點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越大，場強越小，故a到b電場力做功為多，動能變化也大，故d正確故選：cd【點評】本題中，點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越大，場強越小，掌握住電場線和等勢面的特點，即可解決本題屬于基礎(chǔ)題目12如圖所示，a、b 兩物塊的質(zhì)量分別為 2m 和 m，靜止疊放在水平地面上a、b 間的動摩擦因數(shù)為，b 與地面間的動摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為 g現(xiàn)對 a 施加一水平拉力 f，則( )a當(dāng) f2 mg 時，a、b 都相對地面靜止b當(dāng) f=mg 時，a 的加速度為gc當(dāng) f3 mg 時，a 相對 b 滑動d無論 f 為何值，b 的加速度不會超過g【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【專題】應(yīng)用題；定量思想；推理法；方程法；牛頓運動定律綜合專題【分析】根據(jù)a、b之間的最大靜摩擦力，隔離對b分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出a、b不發(fā)生相對滑動時的最大拉力然后通過整體法隔離法逐項分析【解答】解：a、b之間的最大靜摩擦力為：fmax=mag=2mg，a、b發(fā)生滑動的加速度為：a=g，b與地面間的最大靜摩擦力為：fmax=（ma+mb）g=mg，設(shè)a、b相對滑動時的最小拉力為：f，由牛頓第二定律得：ffmax=（m+2m）a，解得：f=mg；a、當(dāng) f2mg 時，fmaxffmax，ab之間不會發(fā)生相對滑動，b與地面間會發(fā)生相對滑動，所以a、b 都相對地面運動，故a錯誤b、當(dāng) f=mgmg時，故ab間不會發(fā)生相對滑動，由牛頓第二定律有：a=g，故b正確c、當(dāng)f=3mgmg 時，ab間會發(fā)生相對滑動，故c正確d、a對b的最大摩擦力為2mg，無論f為何值，b的最大加速度為ab=g，當(dāng)然加速度更不會超過g，故d正確故選：bcd【點評】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出a、b不發(fā)生相對滑動時的最大拉力二、實驗題（共10分）13某同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律，物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示，打點計時器電源的頻率為50hz（1）通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在兩相鄰計數(shù)點6和7之間某時刻開始減速（2）計數(shù)點5對應(yīng)的速度大小為1.00m/s（保留三位有效數(shù)字）（3）物塊減速運動過程中加速度的大小為a=2.00m/s2，若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值偏大（填“偏大”或“偏小”）【考點】探究小車速度隨時間變化的規(guī)律【專題】實驗題【分析】（1）通過相等時間內(nèi)的位移越來越小判斷從何位置開始減速；（2）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出計數(shù)點5對于的速度大??；（3）根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出物塊減速運動的加速度大小【解答】解：（1）從計數(shù)點6和7之間某時刻開始減速，因為相等時間內(nèi)的位移越來越?。?）根據(jù)某段的平均速度等于中時刻的速度，則有：v5=（3）由紙帶可知，計數(shù)點7往后做減速運動，根據(jù)作差法得：a=2.00m/s2，則加速度的大小為2.00m/s2在減速階段產(chǎn)生的加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受的阻力，所以計算結(jié)果比動摩擦因素的真實值偏大故答案為：（1）6，7 （2）1.00（3）2.00，偏大【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運動兩個重要推論的運用14某同學(xué)利用如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律弧形軌道末端水平，離地面的高度為h將鋼球從軌道的不同高度h處靜止釋放，鋼球的落點距軌道末端的水平距離為s（1）若軌道完全光滑，s2與h的理論關(guān)系應(yīng)滿足s2=4hh（用h、h表示）（2）該同學(xué)經(jīng)實驗測量得到一組數(shù)據(jù)，如下表所示：h（101m）2.003.004.005.006.00s2 （101m2）2.623.895.206.537.78請在坐標(biāo)紙上作出s2h關(guān)系圖（3）對比實驗結(jié)果與理論計算得到的s2h關(guān)系圖線（圖中已畫出），自同一高度靜止釋放的鋼球，水平拋出的速率小于 （填“小于”或“大于”）理論值（4）從s2h關(guān)系圖線中分析得出鋼球水平拋出的速率差十分顯著，你認(rèn)為造成上述偏差的可能原因是小球與軌道間存在摩擦力【考點】驗證機械能守恒定律【專題】實驗題；壓軸題；機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】要求平拋的水平位移，我們應(yīng)該想到運用平拋運動的規(guī)律，即要求出時間和水平初速度對于小球從靜止釋放到水平拋出這段曲線運動，我們應(yīng)該運用動能定理求出拋出的水平初速度根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)采用描點作圖同一坐標(biāo)系中兩天傾斜的直線對比，可以采用某一個變量取一定值，看另一個變量的大小關(guān)系來解決問題對于誤差原因分析，我們要從實驗裝置和過程中分析【解答】解：（1）對于小球從靜止釋放到水平拋出這段曲線運動，運用動能定理研究得：mgh=mv2v=所以離開軌道時速度為，由平拋運動知識可求得時間為，可得所以：s2=4hh（2）依次描點，連線，注意不要畫成折線（3）對比實驗結(jié)果與理論計算得到的s2h關(guān)系圖線中發(fā)現(xiàn)：自同一高度靜止釋放的鋼球，也就是h為某一具體數(shù)值時，理論的s2數(shù)值大于實驗的s2數(shù)值，根據(jù)平拋運動規(guī)律知道同一高度運動時間一定，所以實驗中水平拋出的速率小于理論值（4）由于客觀上，軌道與小球間存在摩擦，機械能減小，因此會導(dǎo)致實際值比理論值小小球的轉(zhuǎn)動也需要能量維持，而機械能守恒中沒有考慮重力勢能轉(zhuǎn)化成轉(zhuǎn)動能的這一部分，也會導(dǎo)致實際速率明顯小于“理論”速率故答案為：（1）4hh（2）見圖（3）小于 （4）小球與軌道間存在摩擦力【點評】本題從新的角度考查了對機械能守恒實定律的理解，有一定的創(chuàng)新性，很好的考查了學(xué)生的創(chuàng)新思維但該實驗的原理都是我們學(xué)過的物理規(guī)律做任何實驗問題還是要從最基本的物理規(guī)律入手去解決三、計算題：（42分）15如圖所示，在粗糙水平地面上放置一光滑的斜面（斜面足夠長），斜面的傾角為37在水平地面上有a、b兩點，a、b之間的距離為4m，斜面與地面上的b點相接在a點放一個可以視為質(zhì)點的物體p，已知p與地面的動摩擦因數(shù)為0.2讓物體p以5m/s的速度由a點向右運動（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）在整個運動過程中，物體p在斜面上運動的時間（2）物體p最終的位置【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】（1）由牛頓第二定律求得加速度，根據(jù)位移公式求解時間；（2）在斜面上由牛頓第二定律求的加速度，利用運動學(xué)公式求的位移【解答】解：（1）設(shè)物體的質(zhì)量為m，物體在水平面ab運動時根據(jù)牛頓第二定律：mg=ma1；加速度：；物體到達(dá)b點時的速度：；物體在斜面上做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律：mgsin=ma2；加速度：；物體向上運動的時間：0vb=a2t1；根據(jù)對稱性，物體下滑的時間t2=0.5s；物體在斜面上運動的時間為t=t1+t2=1s（2）根據(jù)對稱性，物體下滑到斜面的底端b點時的速度：；在ba運動時的加速度大?。?；物體速度變?yōu)榱銜r經(jīng)過的位移：；物體最終停在離a點處答：（1）在整個運動過程中，物體p在斜面上運動的時間為1s（2）物體p最終的位置距離a點1.75m處【點評】本題是兩個過程的問題，運用動能定理、牛頓第二定律和運動學(xué)規(guī)律結(jié)合進(jìn)行處理，還要抓住兩個過程的位移大小相等16如圖，一個質(zhì)量為0.6kg的小球以某一初速度從p點水平拋出，恰好從光滑圓弧abc的a點的切線方向進(jìn)入圓弧（不計空氣阻力，進(jìn)入圓弧時無機械能損失）已知圓弧的半徑r=0.3m，=60，小球到達(dá)a點時的速度為v=4m/s（取g=10m/s2）試求：（1）小球做平拋運動的初速度v0；（2）p點與a點的水平距離和豎直高度；（3）小球到達(dá)圓弧最高點c時，對軌道的壓力【考點】機械能守恒定律；牛頓第二定律；平拋運動；向心力【專題】機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】（1）恰好從光滑圓弧abc的a點的切線方向進(jìn)入圓弧，說明到到a點的速度va方向與水平方向的夾角為，這樣可以求出初速度v0；（2）平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律求出p點與a點的水平距離和豎直距離；（3）選擇從a到c的運動過程，運用動能定理求出c點速度，根據(jù)向心力公式求出小球在最高點c時對軌道的壓力【解答】解：（1）小球到a點的速度如圖所示，由圖可知，（2）由平拋運動規(guī)律得：豎直方向有：vy=gt水平方向有：x=v0t解得：h=0.6m（3）取a點為重力勢能的零點，由機械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)得：由圓周運動向心力公式得：代入數(shù)據(jù)得：nc=8n由牛頓第三定律得：小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?，方向豎直向上答：（1）小球做平拋運動的初速度為2m/s；（2）p點與a點的水平距離為0.69m，豎直高度為0.6m；（3）小球到達(dá)圓弧最高點c時，對軌道的壓力為8n，方向豎直向上【點評】本題是平拋運動和圓周運動相結(jié)合的典型題目，除了運用平拋運動和圓周運動的基本公式外，求速度的問題，動能定理不失為一種好的方法17如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強電場，坐標(biāo)系內(nèi)有a、b兩點，其中a點坐標(biāo)為（6cm，0）b點坐標(biāo)為（0，cm），坐標(biāo)原點o處的電勢為0，點a處的電勢為8v，點b處的電勢為4v，現(xiàn)有一帶電粒子從坐標(biāo)原點o處沿電勢為0的等勢線方向以速