2018-2019學(xué)年河南省新鄉(xiāng)市高二(上)期中物理試卷

1、2018-2019 學(xué)年河南省新鄉(xiāng)市高二（上）期中物理試卷副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共8 小題，共40.0 分）1.下列說法正確的是（）A. 元電荷實質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B. 摩擦起電說明電荷是可以創(chuàng)造出來的C. 元電荷的值通常取 e=1.60 10-10CD. 電荷量 e 的數(shù)值最早是由庫侖通過實驗測得的2.關(guān)于電場強(qiáng)度的概念，下列說法正確的是（）A. 由可知，電場中某點的電場強(qiáng)度E 與試探電有的電荷量q 成反比B. 正、負(fù)試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點電場強(qiáng)度方向與放入試探電荷的正負(fù)有關(guān)C. 電場中某一點不放試探電荷時，該點的電場強(qiáng)度一定等于零D

2、. 某一點的電場強(qiáng)度的大小和方向都與放入該點的試探電荷無關(guān)3. 如圖所示， 兩個不帶電的導(dǎo)體 A 和 B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于 A附近，貼在 A， B 下部的金屬箔都張開。則下列說法正確的是（）A. 此時 A，B 電勢相等B. 金屬箔張開說明用感應(yīng)的方法可以產(chǎn)生電荷C. 用 C 接觸 A 后再移去 C貼在 A， B 下部的金屬箔都閉合D. 移去 C，貼在 A， B 下部的金屬箔保持張開狀態(tài)4. 某電容器上標(biāo)有“1.5 F9V）”，下列說法正確的是（A. 1.5 F=1.5 10-6 FB. 該電容器所帶電荷量一定為1.35 10-5 CC. 給該電容器充電的

3、過程中，其電容變大D. 當(dāng)該電容器兩的電壓為3V 時，其電容為0.5 F5. 兩根相同的均勻金屬導(dǎo)線甲和乙， 若把甲截去一半長度， 把剩下的一半均勻拉回原來長度，把乙對折后并在一起，則變化后的甲、乙的電阻之比為（）A. 1：1B. 2：1C. 4： 1D. 8：16. 如圖所示，一價氫離子（H）和二價氦離子（ He）的混合體， 由靜止開始同時經(jīng)同一加速電場加速后，垂直偏轉(zhuǎn)電場的電場線方向射入同一偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)后，均打在同一熒光屏上， 離子在加速電場中運動的時間可忽略不計，離子間的相互作用和重力均不計。則一價氫離子和二價氦離子（）A. 同時到達(dá)屏上同一點B. 先后到達(dá)屏上同一點C. 同時到達(dá)屏

4、上不同點D. 先后到達(dá)屏上不同點第1頁，共 17頁7. 如圖所示， 電源的電動勢和內(nèi)阻恒定不變， 閉合開關(guān)后， 燈泡L 發(fā)光，若滑動變阻器的滑片向a 端滑動，則（）A. 燈泡 L 變暗，電流表的示數(shù)變大B.流表的示數(shù)變大C. 通過 R2 的電流不變D.燈泡 L 變亮，電通過 R2 的電流變小8. 如圖所示，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡。M 和 N 是軌跡上的兩點，其中M 點是軌跡的最右點，不計粒子受到的重力，下列說法正確的是（）A.B.粒子在電場中的加速度先增大后減小粒子所受電場力的方向沿電場方向C. 粒子在 M 點的速率最大D. 粒子在電

5、場中的電勢能先增大后減小二、多選題（本大題共4 小題，共20.0 分）9.關(guān)于電流和電動勢，下列說法正確的是（）A. 只要將導(dǎo)體置于電場中，導(dǎo)體中就有持續(xù)的電流B. 國際單位制中，電流的單位是安培，符號是AC. 電源的電動勢數(shù)值上等于不接用電器時電源正負(fù)兩極間的電壓D. 閉合電路中的路端電壓總等于電動勢10. 如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q 兩點， MN 為 P、 Q 連線的中垂線，交 PQ 于 O 點， A 為 MN 上的一點。 一帶正電的試探電荷 q 以某一足夠大的速度從 A點向 O 點運動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）A. q 由 A 向 O 的運動是勻加速直線運動B

6、. q 由 A 向 O 運動的過程電勢能逐漸增大C. q 由 A 向 O 運動的過程動能可能一直增大D. q 運動到 O 點時的加速度為零11. 如圖所示， 傾斜放置的平行板電容器兩極板與水平面夾角為，極板間距為 d，一質(zhì)量為 m 電荷量為 q 的帶負(fù)電微粒， 從極板M 的左邊緣A 處以初速度水平射入，沿直線運動并從極板N的右邊緣B 處射出，重力加速度為g。則（）A. M 極板帶正電， N 極板帶負(fù)電B. M、 N 兩極板的電勢差為C. 微粒從 A 點到 B 點的過程電勢能減少D. 微粒到達(dá) B 點時動能為12. 在如圖所示的電路中， 電阻 R1=R2=R（ R 為滑動變阻器的最大電阻），電源

7、內(nèi)阻不計，當(dāng)滑動變阻器的滑動片P位于變阻器中間時，平行金屬板C 中帶電質(zhì)點恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流表和電壓表均視為理想電表。在滑動變阻器的滑動片P 由中間向b 端移動的過程中，下列說法正確的是（）第2頁，共 17頁A. 當(dāng)滑動片 P 移到 b 端時，通過 R2 的電流是通過R1 的電流的2 倍B. 電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大C. 通過電源的電流保持不變D. 平行金屬板 C 中的質(zhì)點將向上運動三、實驗題探究題（本大題共2 小題，共13.0 分）13.小明用多用電表測某一電阻，他選擇歐姆擋“ 100”，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現(xiàn)指針位置如圖中虛線所示（ 1）為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，請你補(bǔ)充完整下

8、列依次應(yīng)該進(jìn)行的主要操作步驟：A將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)至_（填“ 1”“ 10”或“ 1k”）擋B將紅、黑表筆短接，進(jìn)行_（填“歐姆調(diào)零”或“機(jī)械調(diào)零）（ 2）重新測量后，刻度盤上的指針位置如圖中實線所示，則測量結(jié)果是_14. 為測定干電池的電動勢和內(nèi)阻，提供的實驗器材如下所示：A干電池2 節(jié)，每節(jié)干電池的電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為 0.9 B電流表0 0.6A，內(nèi)阻約為0.5 ）C滑動變阻器 R1（ 0 50，定電流為3A）D滑動變阻器 R2（0-1000，額定電流為1A）E電流表g=10 （ 0 3mA， R）F定值電R3=990 G定值電阻R4=90 （ 1）由于兩節(jié)干電池的內(nèi)阻較小，現(xiàn)將R0=

9、3的定值電阻與兩節(jié)干電池串聯(lián)后作為一個整體進(jìn)行測量。在進(jìn)行實驗時，滑動變阻器應(yīng)選用_，定值電阻應(yīng)選用_（填寫實驗器材前的編號）（ 2）在如圖甲所示的虛線方框中補(bǔ)充完整本實驗電路的原理圖。（ 3）根據(jù)實驗測得數(shù)據(jù)作出I2I 1 的圖線如圖乙所示， 其中 I2 為通過電流表的電流，I1 為通過電流表的電流。根據(jù)該圖線可知，兩節(jié)干電池的總電動勢為_V，總內(nèi)阻為 _（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題（本大題共3 小題，共37.0 分）第3頁，共 17頁15. 如圖所示，質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的帶正電小球 A 穿在光滑絕緣細(xì)桿（固定）上，桿的傾角為品在桿的底編B固定一電荷量為5q 的帶負(fù)電小球，

10、將 A 球從桿的頂端（距B 高為 h 處）由靜止釋放，當(dāng)A 球運動到細(xì)桿的中點時速度大小為v。整個裝置處于真空中，已知重力加速度為g，靜電力常量為k。求（ 1） A 球剛被釋放時的加速度大小a（ 2）在從釋放A 球到其運動到桿的中點的過程中，靜電力做的功W16. 如圖所示，電源電動勢 E=6V、內(nèi)阻不計，標(biāo)有“ 3V 1.5 ”的燈泡 L 恰能正常發(fā)光，電動機(jī)線圈電阻 r =0.5 ，求：（ 1）通過電動機(jī)的電流；（ 2）電動機(jī)的輸出功率。17. 如圖所示， ANB 是一條長 L=12m 的絕緣水平軌道， 固定在離水平地面高 h=0.8m 處， A、 B 為水平軌道的端點， M 為其中點，軌道

11、 MB 處在電場強(qiáng)度方向豎直向上、大小N/C 強(qiáng)電場中。一質(zhì)量 m=0.1kg、電荷量 q=110-4 C 帶正電的滑塊（可視為質(zhì)點）以初速度v0=7 m/s 在軌道上自 A 點開始向右運動，經(jīng)M 點進(jìn)入電場，從B 點離開電場、已知塊與軌道間的動摩擦因數(shù)=0.2g=10m/s2sin37 =0.6，cos37=0.8求滑塊，取重力加速度，（ 1）到達(dá) M 點時的速度大?。?2）從 M 點運動到 B 點所用的時間（ 3）剛落地時的速度方向與水平方向的夾角。第4頁，共 17頁第5頁，共 17頁答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、元電荷是最小 單位電荷量，不是電子或質(zhì)子，故 A 錯誤；B、摩

12、擦起電是電荷從一個物體 轉(zhuǎn)移到另一個物體，并不是 創(chuàng)造了電荷，故 B 錯誤；C、元電荷的值通常取 e=1.60 10-10C，故C 正確；D、電荷量 e 的數(shù)值最早是由密立根通 過實驗測 得的，故 D 錯誤 。故選：C。元電荷是最小 單位電荷，不是電子或質(zhì)子；明確摩擦起電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，知道元電荷 e 的數(shù)值是由密立根通 過實驗測 出的。本題考查元電荷的概念，理解感應(yīng)起電的實質(zhì)，要注意明確元電荷不是質(zhì)子或電子，只是電子或質(zhì)子的帶電量。2.【答案】 D【解析】解：A 、由可知是電場強(qiáng)度的定義式，采用比值法定義，則知電場強(qiáng)度 E與 F、q 無關(guān)，由電場本身決定，E 并不跟 F 成正比，跟 q

13、成反比，故 A 錯誤；負(fù)試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，而場強(qiáng)由電場本B、正、身決定，與放入電場的試探電荷無關(guān)，故 B 錯誤 。場強(qiáng)與有無試探電電場中某一點不放試探電荷時 該場強(qiáng)不變，C、荷無關(guān)， 點故 C錯誤。D、電場中某一點的 場強(qiáng)由電場本身決定，與放入該點的試探電荷的正負(fù)無關(guān)，故 D 正確。故選：D。電場強(qiáng)度與試探電荷所受電場力、電荷量無關(guān)，由電場本身決定。電場力與電場和電荷都有關(guān)。第6頁，共 17頁對于電場強(qiáng)度，要抓住它的比值定義法的共性，E 與試探電荷所受電場力、電荷量無關(guān)，反映電場本身的強(qiáng)弱和方向。3.【答案】 A【解析】解：A、把一帶正電荷的物體 C 置于 A 附近時

14、，處于靜電平衡狀態(tài)的 AB 為等勢體，兩端電勢相等；故A 正確；B、靜電感應(yīng)的本質(zhì)是電荷在靜電力的作用下 發(fā)生轉(zhuǎn)移，并不是產(chǎn)生了電荷；故 B錯誤；C、用接觸 A 后再移去 C，此時 A 與 B 都帶電，貼在 A，B 下部的金屬箔都 張開；故C 錯誤；D、移去C 后，由于電荷間相互作用，重新中和，達(dá)電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合；故D 錯誤；故選：A。根據(jù)靜電感應(yīng)規(guī)律可明確 AB 兩端所帶電性，再根據(jù)電荷間的相互作用分析移走 C 后 AB 所帶電量，即可明確金箔能否 閉合。本題考查靜電現(xiàn)象，要注意理解感應(yīng)起電的性質(zhì)，并明確正負(fù)電荷之間的相互作用所 帶來的現(xiàn)象，能通過所學(xué)物理 規(guī)律進(jìn)行分析解答。4.【

15、答案】 A【解析】單換-6正確；解：A 、根據(jù) 位的算可知，1.5 F=1.510，故AFB、根據(jù) Q=CU=1.510-69C=1.35 10-5C，知所帶的電荷量不能超 過1.35 10-5C故B 錯誤 。C、電容是電容器本身的性 質(zhì)，與電量和電壓無關(guān)，故 CD 錯誤 。故選：A。電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，是電容器本身的特性，與 電壓無關(guān)。電容器上標(biāo)有“1.5 F 9V，”9V 是電容器的額定電壓，即能承擔(dān)的最大電壓 。第7頁，共 17頁本題對用電器銘牌的理解能力。關(guān)鍵抓住電容的物理意 義：電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，是電容器本身的特性，與 電壓無關(guān)。5.【答案】 D【解析】

16、解：兩根完全相同的金屬裸 導(dǎo)線，若把甲截去一半長度，把剩下的一半均勻拉回原來長度，長度不變，而體積減半，那么截面積減半，根據(jù)電阻定律公式 R=，可知，電阻增加為 2 倍；把乙對折后并在一起，則長度變?yōu)?0.5 倍，截面積變?yōu)?2 倍，根據(jù)電阻定律公式 R=，電阻增加為；故這兩根導(dǎo)線后來的電阻之比為 2： =8：1，故ABC 錯誤，D 正確；故選：D。電阻定律：導(dǎo)體的電阻 R 跟它的長度 L 成正比，跟它的橫截面 積 S 成反比，還跟導(dǎo)體的材料有關(guān)系；公式為 R=，從而即可求解。本題關(guān)鍵是根據(jù)電阻定律直接判斷，要注意金屬裸 導(dǎo)線體積一定，長度變化后截面積也是改變的。6.【答案】 B【解析】解：設(shè)

17、加速電壓為 U1，偏轉(zhuǎn)電壓為 U2，偏轉(zhuǎn)極板的長度為 L ，板間距離為 d。在加速電場中，由動能定理得：qU1=兩種粒子在偏 轉(zhuǎn)電場中，水平方向做速度 為 v0 的勻速直 線運動，由于兩種粒子的比荷不同，則 v0 不同，所以兩粒子在偏 轉(zhuǎn)電場中運動的時間 t=不同。兩種粒子在加速 電場中的加速度不同，位移相同，則運動的時間也不同，所以兩粒子是先后離開偏 轉(zhuǎn)電場 。在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)位移 y=聯(lián)立 得 y=同理可得到偏 轉(zhuǎn)角度的正切 tan =，可見 y 和 tan 與電荷的電量和質(zhì)量第8頁，共 17頁無關(guān)。所以出射點的位置相同，出射速度的方向也相同。故兩種粒子打屏上同一點。故 ACD 錯誤 B

18、 正確。故選：B。本題中帶電粒子先加速后偏 轉(zhuǎn)。先根據(jù)動能定理求出加速 獲得的速度表達(dá)式。兩種粒子在偏 轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，垂直于電場方向上做勻速直 線運動，沿電場方向做勻加速運 動，根據(jù)牛頓第二定律和運 動學(xué)得到粒子偏 轉(zhuǎn)距離與加速電壓和偏轉(zhuǎn)電壓的關(guān)系，從而得出偏 轉(zhuǎn)位移的關(guān)系即可判斷粒子打在屏上的位置關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵知道帶電粒子在加速 電場和偏轉(zhuǎn)電場中的運動情況，知道從靜止開始 經(jīng)過同一加速 電場加速，垂直打入偏轉(zhuǎn)電場，運動軌跡相同。做選擇題時，這個結(jié)論可直接運用，節(jié)省時間。7.【答案】 A【解析】解：滑動變阻器的滑片向 a 端滑動，滑動變阻器接入 電路的電阻減小，故外電路電阻減小，

19、故總電阻減小，電流增大，電流表示數(shù) 變大；總電流變大，那么，路端電壓減小，故燈泡 L 兩端電壓減小，通過 L 的電流減小，燈泡 L 變暗；總電流變大，通過 L 的電流減小，故另一支路 電流增大，即通過 R2 的電流變大，故 A 正確，BCD 錯誤；故選：A。根據(jù)滑動變阻器接入 電路的電阻得到總電阻變化，從而得到總電流變化，即可得到路端 電壓變化，從而得到燈泡的 電流變化，即可根據(jù)總電流變化得到通過 R2 的電流變化。閉合電路的歐姆定律的 應(yīng)用一般根據(jù)外 電路某一部分 電阻變化得到總電阻變化，從而得到總電流、路端電壓變化，進(jìn)而得到各部分 電壓、電流變化。8.【答案】 D【解析】第9頁，共 17頁

20、解：A 、粒子在勻強(qiáng)電場中只受到恒定的 電場力作用，故粒子在電場中的加速度大小不 變，方向不變，故 A 錯誤；B、粒子做曲線運動，受電場力指向曲 線彎曲的內(nèi) 側(cè)，所以粒子所受電場力沿電場的反方向，故 B 錯誤；C、粒子受到的電場力向左，在向右運動的過程中，電場力對粒子做負(fù)功，粒子的速度減小，運動到 M 點時，粒子的速度最小，故 C 錯誤；D、當(dāng)粒子向右運動時電場 力做負(fù)功電勢能增加，當(dāng)粒子向左運 動時電場 力做正功電勢能減小，粒子的電勢能先增加后減小，故 D 正確。故選：D。粒子在勻 強(qiáng)電場中受到的 電場力的方向向左，在向右運 動的過程中，電場力對粒子做 負(fù)功，粒子的速度減小，電勢 能增加，根

21、據(jù)粒子的運 動 分析可以得出結(jié)論。本題就是對電場力做功特點的考 查，掌握住電場力做正功，電勢能減小，動能增加，電場力做負(fù)功時，電勢能增加，動能減小。9.【答案】 BC【解析】解：A 、導(dǎo)體置于電場中，達(dá)到靜電平衡后沒有 電流。故 A 錯誤；B、在國際單位制中，電流的單位是安培，符號是 A ；故B 正確；C、電動勢在數(shù)值上等于不接用 電器時電源正負(fù)兩極間的電壓；故C 正確；D、根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知， 閉合電路中的路端 電壓總小于電動勢；故D 錯誤；故選：BC。導(dǎo)體置于電場中，達(dá)到靜電平衡后沒有 電流。導(dǎo)體兩端存在持 續(xù)的電壓，導(dǎo)體中才有持 續(xù)的電流。電動勢是反映電源把其他形式的能 轉(zhuǎn)化為電

22、能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量。電動勢等第10 頁，共 17頁于電源沒有接入 電路時兩極間的電壓。電動勢與外電路無關(guān)。它等于電源內(nèi)部非靜電力克服電場力做功與移 動電荷的比值。本題考查電動勢 的物理意 義。要注意正確理解 電動勢的定義及共含義。10.【答案】 BD【解析】解：A 、兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示，其中 P、Q 連線的中垂 線 MN 上，從無窮遠(yuǎn)到 O 過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始 終指向無窮遠(yuǎn)方向。故試探電荷所受的 電場力是變化的，q 由 A 向 O 的運動做非勻加速直 線運動，故 A錯誤。BC、電場力方向與 AO 方向相反，電場力做負(fù)功，動能減小，電勢能增大；故B正確 C錯誤。

23、D、根據(jù)電場的疊加知在 O 點合場強(qiáng)為 0，電荷在 O 點受到的 電場力為 0，故加速度 為 0，故D 正確。故選：BD。根據(jù)等量同種點 電荷電場線的分布情況，抓住對稱性，分析試探電荷 q 的受力情況，確定其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其 電勢能的變化情況。本題考查靜電場的基本概念。關(guān)鍵要熟悉等量同種點 電荷電場線的分布情況，熟練掌握連線 和中垂線上的場強(qiáng) 方向和大小 變 化。11.【答案】 AD【解析】解：A 、微粒在電場中受到重力和 電場力，而做直線運動，所以電場力垂直極板向上，微粒帶負(fù)電，所以 M 極板帶正電，N 極板帶負(fù)電，故A 正確；第11 頁，共 17頁BC、由題分析可知，t

24、an = 得 a=gtan ，微粒從 A 點到 B 點的過程中，重力勢能不變，動能減小量 為Ek=ma?=，根據(jù)能量守恒定律得知，微粒的電勢能增加了 Ep=，E，得到兩極板的電勢差 UMN =故BC錯誤；又 p=qUMND、微粒到達(dá) B 點的過程中，由動能定理得 -qUMN =-，解得：微粒到達(dá) B 點時動能為，故 D 正確。故選：AD 。微粒在 電場中受到重力和 電場力，而做直線運動，所以電場力垂直極板向上，可判斷極板的 帶電性質(zhì)，電場力與重力的合力必定平沿直線做勻減速直 線運動，微粒的加速度可有牛 頓運動定律求出。根據(jù)能量守恒研究微粒 電勢能的變化。由?=qU，求解電勢差。本題是帶電 粒子

25、在電場 中運動的問題 ，關(guān)鍵 是分析受力情況，判斷出 電場 力方向。求電勢差時要注意其正 負(fù)。12.【答案】 AD【解析】解：A 、當(dāng)滑動片 P 移到 b 端時，R 與 R1 串聯(lián)，然后與 R2 并聯(lián)，故R1 支路電阻是 R2 支路電阻的兩倍，根據(jù)并聯(lián)電路電壓相等，由歐姆定律可得：通過 R2 的電流是通過 R1 的電流的 2倍，故 A 正確；電電阻不變電電壓表示數(shù)同步變化，不可能B、 阻，故根據(jù)可得：流表、一個減小，一個增大，故 B 錯誤；C、滑動變阻器的滑 動片 P 由中間向 b 端移動的過程，相當(dāng)于把干路中的 電阻第12 頁，共 17頁轉(zhuǎn)移到 R1 支路中，那么，總電阻減小，故總電流增大，

26、即通過電源的電流增大，故 C錯誤；D、滑動變阻器的滑 動片 P 由中間向 b 端移動的過程，總電流增大，通過 R2 的電流增大，通過 R1 的電流減小，電容器兩端 電壓增大；滑動變阻器的滑 動片 P 位于變阻器中間時，平行金屬板 C 中帶電質(zhì)點恰好處于靜止?fàn)?態(tài)，電場力方向向上，大小等于重力；那么，電壓增大，場強(qiáng)增大，質(zhì)點受到的 電場力增大，合外力方向向上，故平行金屬板 C 中的質(zhì)點將向上運 動，故D 正確；故選：AD 。根據(jù)兩支路 電阻大小關(guān)系，由歐姆定律得到 電流大小關(guān)系；根據(jù) R2 不變得到兩電表變化同步；根據(jù)干路、支路電阻變化得到總電阻變化，從而得到總電流變化；根據(jù)兩支路電流變化得到電

27、容器電壓變化，即可得到質(zhì)點合外力 變化，進(jìn)而得到運 動變化。對于求解多 電阻變化電路中電表示數(shù) 變化的選擇題中，若只需求解變化趨勢，我們一般采用極端假 設(shè)法來得到 錯誤選項 ，從而應(yīng)用排除法求解。13.【答案】 10歐姆調(diào)零130【解析】解：（1）選擇 100 倍率，用正確的操作步 驟測量時，指針偏轉(zhuǎn)角度太大 說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測量電阻阻值，A 、應(yīng)換用小擋位，換用 10 倍率檔；B、將紅、黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。（2）由圖示表盤可知，測量結(jié)果為：1310=130；故答案為：（1）A 、10；B、歐姆調(diào)零；（2）130。用歐姆表 測電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度 線附近；歐姆表

28、指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。第13 頁，共 17頁本題考查了應(yīng)用歐姆表 測電阻的方法與主要事 項，應(yīng)用歐姆表 測電阻時，換擋后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；要掌握常用器材的使用及 讀數(shù)方法；平時要注意基 礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與掌握。14.【答案】 CF3.02.0【解析】解：（1）電源為兩節(jié)干電池，則電動勢為 3V 較小，電源的內(nèi)阻 較小，為多測幾組實驗數(shù)據(jù)，方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器，因此滑動變阻器應(yīng)選：C。上述器材中 雖然沒有電壓表，但給出了兩個 電流表，將電流表 G 與定值電阻 R0 串聯(lián)，改裝成電壓表；改裝后電壓應(yīng)約 大于等于 3V，則根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律應(yīng)聯(lián)的電阻為：R=選可知， 串-1

29、0=990；故F；電壓表測量電壓值電（2）用改裝后的，用 流表 A與滑動變阻器串聯(lián)測電路電圖流，如 所示；（3）根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得電源兩端電壓為：U=I 1（900+100）=1000I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點得 電動勢為 ：E=3.010-31000V=3V；與橫軸的交點可得出路端 電壓為 2.0V 時電流是 0.2A ，由閉合電路歐姆定律有：E=U+I （r+R0）r+R0=解得：=5 ；故內(nèi)阻r=5-3=2.0 。故答案為：（1）C；F；（2）電路圖如圖所示；（3）3.0；2.0。（1）在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器；（2）所給實驗器材中，有兩

30、個電流表，沒有電壓表，也沒有電阻箱，只能用伏安法測電池電動勢與內(nèi)阻，可以用電流表與定 值電阻組裝一個電壓表，根據(jù)第14 頁，共 17頁伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻的原理作出 電路圖；（3）根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識求出 I1 和電源兩端電壓 U 的關(guān)系，根據(jù)圖象與縱軸的交點求出 電動勢，由與橫軸的交點可得出路端 電壓為 某一值時電 流，則可求得內(nèi)阻。本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，要注意當(dāng)器材中沒有 電壓表時，應(yīng)考慮將電流表與定 值電阻串聯(lián)代替電壓表；涉及到用圖象求解的 問題，應(yīng)先根據(jù)物理規(guī)律解出關(guān)于 縱軸與橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，然后再根據(jù)截距和斜率的概念求解即可。15.mgsin +F=ma，【答案】 解：（ 1）由牛頓第二定律可知根據(jù)庫侖定律F=k，又據(jù)幾何關(guān)系有r=，解得 a=gsin +。（ 2）由動能定理，則有：W+mg =解得： W=答：（ 1） A 球剛釋放時的加速度大小是gsin +；（ 2）在從釋放A 球到其運動到桿的中點的過程中，靜電力做的功為?！窘馕觥浚?）對 A 球受力分析，受到重力、支持力和靜 電斥力，根據(jù)牛頓第二定律求加速度；（2）根據(jù)動能定理，結(jié)合重力做功，與 A 球運動到細(xì)桿的中點 時速度大小，即可求解。本題關(guān)鍵對小球 A 受力分析，然后根據(jù)牛 頓第二定律求解加速度，根據(jù)力