福建省廈門市2015屆高三下學(xué)期第二次模擬物理試卷

1、福建省廈門市2015屆高考物理二模試卷一、本卷共題，每小題6分，共48分在下列各題的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的1在學(xué)習(xí)光的色散的時(shí)候老師課堂上做了一個(gè)演示實(shí)驗(yàn)，讓某特制的一束復(fù)色光由空氣射賂一塊平行平面玻璃磚（玻璃較厚），經(jīng)折射分成兩束單色光a、b，已知a光是紅光，而b光是藍(lán)光，下列光路圖正確的是( )ABCD2圖甲為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比1：100，降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為100：1，遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻為100若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為750kw下列說法中正確的有( )A客戶端交流電的頻率為100HzB客戶端電壓為250VC輸電線中的電流為30

2、AD輸電線路損耗功率為180Kw3如圖所示，a為放在赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體，b為同步衛(wèi)星，c為一般衛(wèi)星，d為極地衛(wèi)星設(shè)b、cd三衛(wèi)星距地心的距離均為r，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)則下列說法正確的是( )Aa、bcd線速度大小相等Ba、bcd角速度大小相等Ca、bcd向心加速度大小相等D若b衛(wèi)星升到更高圓軌道上運(yùn)動(dòng)，則b仍可能與a物體相對靜止4如圖所示，在一場強(qiáng)大小為E、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場中，有一質(zhì)量為m、帶電量為+q小球，以速率鈔v0水平拋出則小球下落高度h的過程中( )A電勢能減少了mghB電勢能減少了mgh+qEhC小球的水平位移為v0D小球的水平位移為v05如圖，沿同一彈性繩相向傳播甲、乙的

3、兩列簡諧橫波，波長相等，振幅分別為10cm、20cm，在某時(shí)刻恰好傳到坐標(biāo)原點(diǎn)則兩列波相遇迭加后( )A不可能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖象B在x=2 m的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)始終減弱C在x=0.5 m的質(zhì)點(diǎn)振幅為零D坐標(biāo)原點(diǎn)的振幅為30cm6一物體靜止在粗糙斜面上，現(xiàn)用一大小為F1的水平拉力拉動(dòng)物體，經(jīng)過時(shí)間t后其速度變?yōu)関，若將水平拉力的大小改為F2，物體從靜止開始經(jīng)過時(shí)間t后速度變?yōu)?v，對于上述兩個(gè)過程用EJ1，EJ2分別表示前后兩次物體增加的機(jī)械能，EP1，EP2分別表示前后兩次物體增加的重力勢能，則( )AEJ2=2EJ1，EP2=2EP1BEJ22EJ1，EP22EP1CEJ2=4EJ1，EP2EP1D

4、EJ24EJ1，EP2=2EP1二、非選擇題（共5小題，滿分72分）7在做“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條用電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶如圖所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.02s經(jīng)過測量得：d1=0.72em，d2=1.60cm，d3=2.64cm，d4=3.84em，d5=5.20em，d6=6.72cm（1）本實(shí)驗(yàn)電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的電源應(yīng)該是_（填選項(xiàng)前的字母）；A直流6V B交流6V C交流220V D直流220V（2）通過測量的數(shù)據(jù)計(jì)算F點(diǎn)對應(yīng)的速度大小為VF=_m/s（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）計(jì)算加

5、速度a的表達(dá)式為_（用題中所給的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的字母表示）8（1）為了測量電阻，現(xiàn)取一只已經(jīng)完成機(jī)械調(diào)零的多用電表，如圖甲所示，請根據(jù)下列步驟完成電阻測量：將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100”位置將插入“+”、“”插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件_（選填“C”或“D“），使指針對準(zhǔn)電阻的“0”刻度線將調(diào)好零的多用電表按正確步驟測量一電學(xué)元件P的電阻，P的兩端分別為a、b，指針指示位置如圖甲所示為使測量比較精確，應(yīng)將選擇開關(guān)旋到_（選填：“×1“、“×10”、“×1k”）的倍率擋位上，并重新調(diào)零，再進(jìn)行測量（2）多用電表電阻檔的內(nèi)部電路如圖乙虛線框中所示，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為

6、r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測電阻的阻值Rx關(guān)系式為_；（3）某同學(xué)想通過多用電表中的歐姆檔去測量一量程為3V的電壓表內(nèi)阻該同學(xué)將歐姆檔的選擇開關(guān)撥至“×1k“的倍率擋，并將紅、黑表筆短接調(diào)零后，應(yīng)選用圖丙中_（選填“A”或“B”）方式連接在進(jìn)行了正確的連接、測量后，歐姆表的讀數(shù)如圖丁所示，讀數(shù)為_，這時(shí)電壓表的讀數(shù)為如圖戊所示若該歐姆檔內(nèi)阻為24k，則可算出歐姆檔內(nèi)部所用電池的電動(dòng)勢為_V（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）9質(zhì)譜儀又稱質(zhì)譜計(jì)，是分離和檢測不同同位素的儀器如圖所示為質(zhì)譜儀的工作原理簡化示意圖現(xiàn)利用這種質(zhì)譜儀對某元素進(jìn)行測量，已知該元素的兩種同位素（電

7、量相同，質(zhì)量不同）的質(zhì)量之比為1：2，不計(jì)重力，它們從容器A右方的小孔S無初速飄入電勢差為U的加速電場，加速后由O點(diǎn)垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，最后打在照相底片D上，形成a、b兩條“質(zhì)譜線”求：（1）兩種同位素進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小之比；（2）從進(jìn)入磁場到打在照相底片D上運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比10（19分）如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計(jì)的光滑平行金屬導(dǎo)軌相距為L=2m，導(dǎo)軌平面與水平面成=30°角，下端連接阻值R=1.5的電阻；質(zhì)量為m=1.4kg、阻值r=0.5的勻質(zhì)金屬棒ab放在兩導(dǎo)軌上，距離導(dǎo)軌最下端為L1=1m，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，動(dòng)摩擦因數(shù)=整個(gè)裝置處于一勻強(qiáng)磁場中，

8、該勻強(qiáng)磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直（向上為正），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示（g=10m/s2）（1）在01.0s內(nèi)，金屬棒ab保持靜止，求通過的電流大小和方向；（2）求t=1.1s時(shí)刻，ab棒受到的摩擦力的大小和方向；（3）1.2s后對ab棒施加一沿斜面向上的拉力F，使ab棒沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為5m/s2，請寫出拉力F隨時(shí)間t（加F時(shí)開始計(jì)時(shí)）的變化關(guān)系式11一平臺的局部如圖甲所示，水平面為光滑，豎直面為粗糙，右角上固定一定滑輪，在水平面上放著一質(zhì)量mA=2.0kg，厚度可忽略不計(jì)的薄板A，薄板A長度L=1.5m，在板A上疊放著質(zhì)量mB=1.0kg，大小可忽略的物塊B，

9、物塊B與板A之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.6，一輕繩繞過定滑輪，輕繩左端系在物塊B上，右端系住物塊C，物塊C剛好可與豎直面接觸起始時(shí)令各物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩被拉直，物塊B位于板A的左端點(diǎn)，然后放手，設(shè)板A的右端距滑輪足夠遠(yuǎn)，臺面足夠高，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，忽略滑輪質(zhì)量及其與軸之間的摩擦，g取10m/s2，求（1）若物塊C質(zhì)量mc=1.0kg，推理判斷板A和物塊B在放手后是否保持相對靜止；（2）若物塊C質(zhì)量mc=3.0kg，從放手開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過去=2.0s，物塊C下降的高度；（3）若物塊C質(zhì)量mc=1.0kg，固定住物塊B，物塊C靜止，現(xiàn)剪斷輕繩，同時(shí)也對物塊C施加力F，方向水平向左，大小隨

10、時(shí)間變化如圖乙所示，斷繩時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過t=2.0s，物塊C恰好停止運(yùn)動(dòng)，求物塊C與豎直面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)和此過程中的最大速度二、選考部分共5題，共35分考生從各任選一個(gè)選修作答，若都作答，則第一計(jì)分【物理-選修3-3】12從下列哪一組物理量可以算出氧氣的摩爾質(zhì)量( )A氧氣的密度和阿伏加德羅常數(shù)B氧氣分子的體積和阿伏加德羅常數(shù)C氧氣分子的質(zhì)量和阿伏加德羅常數(shù)D氧氣分子的體積和氧氣分子的質(zhì)量13如圖所示，兩端開口的U型管中裝有水銀，在右管中用水銀封閉著一段空氣，要使兩側(cè)水銀面高度差h增大，應(yīng)( )A從左管滴入水銀B從右管滴入水銀C讓氣體升溫D增大大氣壓強(qiáng)【物理-選修3-5】14目前，在居室裝

11、修中經(jīng)常用到的花崗巖、大理石等裝修材料，都不同程度地含有放射性元素，裝修污染已經(jīng)被列為“危害群眾最大的五種環(huán)境污染”之一有關(guān)放射性元素的下列說法正確的是( )A氡的半衰期為3.8天，若取4個(gè)氡核，經(jīng)過7.6天就只剩下一個(gè)氡原子核了B發(fā)生a衰變時(shí)，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了4個(gè)C衰變所釋放的電子是原子核中的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子所產(chǎn)生的D射線一般伴隨著a或射線產(chǎn)生，在這三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力也最強(qiáng)15如圖所示，光滑的水平地面上有一輛平板車，車上有一個(gè)人原來車和人都靜止當(dāng)人從左向右行走的過程中( )A人和車組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量不守恒B人和車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C人和車的速度

12、方向相同D人停止行走時(shí)，人和車的速度一定均為零福建省廈門市2015屆高考物理二模試卷一、本卷共題，每小題6分，共48分在下列各題的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的1在學(xué)習(xí)光的色散的時(shí)候老師課堂上做了一個(gè)演示實(shí)驗(yàn)，讓某特制的一束復(fù)色光由空氣射賂一塊平行平面玻璃磚（玻璃較厚），經(jīng)折射分成兩束單色光a、b，已知a光是紅光，而b光是藍(lán)光，下列光路圖正確的是( )ABCD考點(diǎn)：光的折射定律 專題：光的折射專題分析：玻璃對藍(lán)光的折射率大于紅光的折射率，根據(jù)折射定律分析光線在玻璃磚上表面折射角的大小根據(jù)玻璃磚的光學(xué)特性分析出射光線與入射光線方向關(guān)系，再選擇光路解答：解：玻璃對藍(lán)光的折射率大于紅光的折射率，光

13、線得到玻璃磚上表面時(shí)，兩束光的入射角i相等，根據(jù)折射定律n=，得到紅光的折射角大于藍(lán)光的折射角，則a光在b光的右側(cè)光線經(jīng)過玻璃磚上下兩個(gè)表面兩次折射后，根據(jù)光路的可逆性可知出射光線與入射光線平行故B正確故選：B點(diǎn)評：本題可以根據(jù)光路的可逆原理理解玻璃磚的光學(xué)特性：出射光線與入射光線平行2圖甲為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比1：100，降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為100：1，遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻為100若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為750kw下列說法中正確的有( )A客戶端交流電的頻率為100HzB客戶端電壓為250VC輸電線中的電流為30AD輸電線路損耗功率為180Kw

14、考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電；變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：根據(jù)升壓變壓器的輸入電壓，結(jié)合匝數(shù)比求出輸出電壓，從而得出輸送電流，根據(jù)輸電線的電阻得出損失的功率，根據(jù)電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓，計(jì)算用戶得到的電壓解答：解：A、由圖乙知交流電的周期0.02s，所以頻率為50Hz，A錯(cuò)誤；BC、由圖乙知升壓變壓器輸入端電壓有效值為250V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈電壓為25000V，所以輸電線中的電流為：I=30A，輸電線損失的電壓為：U=IR=30×100=3000V，降壓變壓器輸入端電壓為22000V，所以用戶端電壓為220V，B錯(cuò)誤，C正確；D、輸電線路損耗功率為：P=UI

15、=90kW，D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)系3如圖所示，a為放在赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體，b為同步衛(wèi)星，c為一般衛(wèi)星，d為極地衛(wèi)星設(shè)b、cd三衛(wèi)星距地心的距離均為r，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)則下列說法正確的是( )Aa、bcd線速度大小相等Ba、bcd角速度大小相等Ca、bcd向心加速度大小相等D若b衛(wèi)星升到更高圓軌道上運(yùn)動(dòng)，則b仍可能與a物體相對靜止考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系 專題

16、：人造衛(wèi)星問題分析：本題中涉及到物體都做圓周運(yùn)，ab轉(zhuǎn)動(dòng)的周期相等，b、c、d為衛(wèi)星，故比較他們的周期、角速度、線速度、向心加速度的關(guān)系時(shí)，涉及到兩種物理模型，要兩兩比較解答：解：A、a、b比較，角速度相等，由v=r，可知ab，根據(jù)線速度公式v=，b、c、d為衛(wèi)星，軌道半徑相同，線速度大小相等，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)=，b、c、d為衛(wèi)星，軌道半徑相同，角速度大小相等，a、b比較，角速度相等，所以a、bcd角速度大小相等，故B正確；C、a、b比較，角速度相等，由a=2r，aaab，根據(jù)向心加速度大小公式a=，b、c、d為衛(wèi)星，軌道半徑相同，向心加速度大小相等，故C錯(cuò)誤；D、b為同步衛(wèi)星，若b衛(wèi)星升到

17、更高圓軌道上運(yùn)動(dòng)，周期發(fā)生變化，b不可能與a物體相對靜止，故D錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評：本題涉及到兩種物理模型，即ab轉(zhuǎn)動(dòng)的周期相等，bcd同為衛(wèi)星，其動(dòng)力學(xué)原理相同，要兩兩分開比較，最后再統(tǒng)一比較4如圖所示，在一場強(qiáng)大小為E、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場中，有一質(zhì)量為m、帶電量為+q小球，以速率鈔v0水平拋出則小球下落高度h的過程中( )A電勢能減少了mghB電勢能減少了mgh+qEhC小球的水平位移為v0D小球的水平位移為v0考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：小球在電場中電場力做多少正功，電勢能就相應(yīng)的減小多少，小球在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做勻加

18、速運(yùn)動(dòng)，求的時(shí)間，在水平方向勻速運(yùn)動(dòng)求的位移解答：解：A、在下落高度h的過程中，電場力做正功，為W=qEh，故電勢能減小qEh，故AB錯(cuò)誤；C、在豎直方向產(chǎn)生的加速度為下降h所需時(shí)間為t，水平方向通過的位移x=v0t聯(lián)立解得，故C正確，D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評：本題主要考查了電場力做功與電勢能的變化關(guān)系，抓住帶電小球做類平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)即可5如圖，沿同一彈性繩相向傳播甲、乙的兩列簡諧橫波，波長相等，振幅分別為10cm、20cm，在某時(shí)刻恰好傳到坐標(biāo)原點(diǎn)則兩列波相遇迭加后( )A不可能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖象B在x=2 m的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)始終減弱C在x=0.5 m的質(zhì)點(diǎn)振幅為零D坐標(biāo)原點(diǎn)的振幅為30cm考點(diǎn)：橫波的

19、圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系 專題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題分析：由圖讀出兩波波長的關(guān)系，根據(jù)波速相同，研究周期關(guān)系，對照判斷能否發(fā)生干涉由振動(dòng)方向相同，則為振動(dòng)加強(qiáng)，結(jié)合矢量合成法則，且振幅是質(zhì)點(diǎn)離開平衡的位置最大距離，從而即可求解解答：解：A、由圖可知，兩波的波長相等，又波速相等，則頻率相等，能發(fā)生干涉，故A錯(cuò)誤；B、兩列波相遇后，在疊加區(qū)域x=2質(zhì)點(diǎn)，振動(dòng)方向相同，則振動(dòng)始終加強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C、兩列波在x=0.5m的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向相反，則振幅為兩列波的振幅之差，即為10cm故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)矢量疊加原則，兩列波在原點(diǎn)振動(dòng)方向相同，則原點(diǎn)的振幅為兩列波的振幅之和，即為30cm故D正確；故選：D

20、點(diǎn)評：波速是由介質(zhì)的性質(zhì)決定的，對于同一介質(zhì)中傳播的同一類波，波速相等，同時(shí)掌握振幅與偏轉(zhuǎn)平衡位置的位移區(qū)別，并理解振動(dòng)加速與減弱的區(qū)分6一物體靜止在粗糙斜面上，現(xiàn)用一大小為F1的水平拉力拉動(dòng)物體，經(jīng)過時(shí)間t后其速度變?yōu)関，若將水平拉力的大小改為F2，物體從靜止開始經(jīng)過時(shí)間t后速度變?yōu)?v，對于上述兩個(gè)過程用EJ1，EJ2分別表示前后兩次物體增加的機(jī)械能，EP1，EP2分別表示前后兩次物體增加的重力勢能，則( )AEJ2=2EJ1，EP2=2EP1BEJ22EJ1，EP22EP1CEJ2=4EJ1，EP2EP1DEJ24EJ1，EP2=2EP1考點(diǎn)：功能關(guān)系；動(dòng)能和勢能的相互轉(zhuǎn)化 分析：根據(jù)勻

21、變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式求出兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的平均速度，再根據(jù)時(shí)間相等求出位移之比，再找到高度之比，求解增加重力勢能的大小關(guān)系，有速度關(guān)系求解動(dòng)能之間關(guān)系，動(dòng)能和勢能之和即為機(jī)械能的變化解答：解：由題意可知，兩次物體均做勻加速運(yùn)動(dòng)，則在同樣的時(shí)間內(nèi)，它們的位移之比為S1：S2=t：=1：2；兩次上升的高度之比：h1：h2=S1sin：S2sin=1：2，故重力勢能的變化量：EP1：EP2=mgh1：mgh2=1：2，EP2=2EP1根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式：EK=，得：EK1：EK2=1：4，EK2=4EK1而機(jī)械能EJ=EK+EP，故：EJ2=EK2+EP2=4EK1+2EP14EK1+4EP14EJ1，故A

22、錯(cuò)誤；B錯(cuò)誤；C錯(cuò)誤；D正確；故選：D點(diǎn)評：由物體的運(yùn)動(dòng)特征判斷出物體重力勢能和動(dòng)能的增量關(guān)系，求解機(jī)械能變化量時(shí)用除重力以外的合力對物體做功等于機(jī)械能的增量，這一方法在這里不好用，要利用動(dòng)能與勢能和等于機(jī)械能這一知識點(diǎn)二、非選擇題（共5小題，滿分72分）7在做“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條用電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶如圖所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.02s經(jīng)過測量得：d1=0.72em，d2=1.60cm，d3=2.64cm，d4=3.84em，d5=5.20em，d6=6.72cm（1）本實(shí)驗(yàn)電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用

23、的電源應(yīng)該是C（填選項(xiàng)前的字母）；A直流6V B交流6V C交流220V D直流220V（2）通過測量的數(shù)據(jù)計(jì)算F點(diǎn)對應(yīng)的速度大小為VF=0.72m/s（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）計(jì)算加速度a的表達(dá)式為（用題中所給的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的字母表示）考點(diǎn)：探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）根據(jù)電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流220V，即可求解；（2、3）根據(jù)加速度定義式可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小解答：解：（1）因電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流220V，故選C；（2）由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=0

24、.02s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小vF=0.72m/s （3）根據(jù)加速度定義式得：a=故答案為：（1）C；（2）0.72；（3）點(diǎn)評：要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用，注意區(qū)別電火花與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的不同8（1）為了測量電阻，現(xiàn)取一只已經(jīng)完成機(jī)械調(diào)零的多用電表，如圖甲所示，請根據(jù)下列步驟完成電阻測量：將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100”位置將插入“+”、“”插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件D（選填“C”或“D“），使指針對準(zhǔn)電阻的“0”刻度線將調(diào)好零的多用電表按正確步

25、驟測量一電學(xué)元件P的電阻，P的兩端分別為a、b，指針指示位置如圖甲所示為使測量比較精確，應(yīng)將選擇開關(guān)旋到×10（選填：“×1“、“×10”、“×1k”）的倍率擋位上，并重新調(diào)零，再進(jìn)行測量（2）多用電表電阻檔的內(nèi)部電路如圖乙虛線框中所示，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測電阻的阻值Rx關(guān)系式為；（3）某同學(xué)想通過多用電表中的歐姆檔去測量一量程為3V的電壓表內(nèi)阻該同學(xué)將歐姆檔的選擇開關(guān)撥至“×1k“的倍率擋，并將紅、黑表筆短接調(diào)零后，應(yīng)選用圖丙中A（選填“A”或“B”）方式連接在進(jìn)行了正確的連接、測量后，

26、歐姆表的讀數(shù)如圖丁所示，讀數(shù)為30K，這時(shí)電壓表的讀數(shù)為如圖戊所示若該歐姆檔內(nèi)阻為24k，則可算出歐姆檔內(nèi)部所用電池的電動(dòng)勢為2.9V（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）考點(diǎn)：測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻；用多用電表測電阻 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）根據(jù)多用電表的使用方法進(jìn)行分析，注意當(dāng)指針偏角過大時(shí)，電阻偏小，應(yīng)使用小量程；（2）由閉合電路歐姆定律可得出電流的表達(dá)式；（3）根據(jù)多用電表及電壓表的結(jié)構(gòu)和原理可得出正確的接法，由閉合電路歐姆定律可求得電動(dòng)勢解答：解：（1）在進(jìn)電阻測量時(shí)，每次調(diào)整檔位均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，即旋轉(zhuǎn)D旋鈕；由圖知測電阻時(shí)指針的偏角太大，說明電阻較小，應(yīng)換×10擋，并需重新歐姆調(diào)

27、零；（2）由閉合電路歐姆定律可知：電流I=；（3）紅表筆接在內(nèi)部電源的負(fù)極上，黑表筆接在內(nèi)部電源的正極上；為了保證電流表正常偏轉(zhuǎn)，紅表筆應(yīng)接電壓表的負(fù)接線柱；故接法應(yīng)為A讀數(shù)為30×1k=30k；電壓表示數(shù)為1.6V，則由閉合電路歐姆定律可知：E=2.9V；故答案為：（1）D；×10；（2）；（3）A；30k；2.9點(diǎn)評：本題考查了歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)和使用方法，以及測量電動(dòng)勢的方法，要求能熟練掌握多用電表的結(jié)構(gòu)原理及使用方法；并能正確分析題意明確實(shí)驗(yàn)原理9質(zhì)譜儀又稱質(zhì)譜計(jì)，是分離和檢測不同同位素的儀器如圖所示為質(zhì)譜儀的工作原理簡化示意圖現(xiàn)利用這種質(zhì)譜儀對某元素進(jìn)行測量，已知該

28、元素的兩種同位素（電量相同，質(zhì)量不同）的質(zhì)量之比為1：2，不計(jì)重力，它們從容器A右方的小孔S無初速飄入電勢差為U的加速電場，加速后由O點(diǎn)垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，最后打在照相底片D上，形成a、b兩條“質(zhì)譜線”求：（1）兩種同位素進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小之比；（2）從進(jìn)入磁場到打在照相底片D上運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；洛侖茲力 專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）根據(jù)動(dòng)能定理得到粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場時(shí)速度表達(dá)式，即可求出速度之比（2）粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力充當(dāng)向心力，列式得出半徑的表達(dá)式，即可分析解答：解：（1）設(shè)同位素的質(zhì)量為m，電量為q，進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為v則

29、對粒子在電場中的加速過程，由動(dòng)能定理得： qU=得 v=因=所以得 =（2）同位素進(jìn)入磁場后在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有 qvB=m周期 T=而粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間 t=則得 t=所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比 =答：（1）兩種同位素進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小之比為：1；（2）從進(jìn)入磁場到打在照相底片D上運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1：2點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道根據(jù)動(dòng)能定理可求出速度，知道速度與比荷有關(guān)，以及知道根據(jù)洛倫茲力等于向心力，可求出軌道半徑表達(dá)式10（19分）如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計(jì)的光滑平行金屬導(dǎo)軌相距為L=2m，導(dǎo)軌平面與水平面成=30°角，下端連接阻值R=1.5的電阻；質(zhì)量為m=1.4k

30、g、阻值r=0.5的勻質(zhì)金屬棒ab放在兩導(dǎo)軌上，距離導(dǎo)軌最下端為L1=1m，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，動(dòng)摩擦因數(shù)=整個(gè)裝置處于一勻強(qiáng)磁場中，該勻強(qiáng)磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直（向上為正），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示（g=10m/s2）（1）在01.0s內(nèi)，金屬棒ab保持靜止，求通過的電流大小和方向；（2）求t=1.1s時(shí)刻，ab棒受到的摩擦力的大小和方向；（3）1.2s后對ab棒施加一沿斜面向上的拉力F，使ab棒沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為5m/s2，請寫出拉力F隨時(shí)間t（加F時(shí)開始計(jì)時(shí)）的變化關(guān)系式考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；牛頓第二定律 專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）

31、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得感應(yīng)電動(dòng)勢大小，再依據(jù)閉合電路歐姆定律，求得感應(yīng)電流大小，最后根據(jù)楞次定律判定感應(yīng)電流的方向；（2）根據(jù)安培力表達(dá)式，結(jié)合左手定則，確定安培力的大小與方向，結(jié)合平衡條件，從而確定摩擦力的方向與大??；（3）根據(jù)切割感應(yīng)電動(dòng)勢，及速度與安培力公式，并依據(jù)牛頓第二定律，即可求解解答：解：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=4V；再由閉合電路歐姆定律，則有：I=2A；根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向：ba；（2）當(dāng)t=1.1s時(shí)，電流大小方向都不變，安培力F=B1IL=0.2×2×2N=0.8N；根據(jù)左手定則，則有，安培力的方向沿斜面向下；因mgsin+F=7

32、.8Nmgcos，ab仍保持靜止所以f=mgsin+F=7.8N，方向沿著斜面向上（3）1.2s后，對ab棒由法拉第電磁感應(yīng)定律，可得：E=B2Lv速度公式，v=at而安培力F=B2I2L；且閉合電路歐姆定律，則有：I2=由牛頓第二定律可得，F(xiàn)mgsinmgcosF安=ma聯(lián)立解得：F=23+1.6t（N）答：（1）在01.0s內(nèi)，金屬棒ab保持靜止，通過的電流大小2A和方向ba；（2）t=1.1s時(shí)刻，ab棒受到的摩擦力的大小7.8N和方向沿著斜面向上；（3）1.2s后對ab棒施加一沿斜面向上的拉力F，使ab棒沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為5m/s2，則拉力F隨時(shí)間t（加F時(shí)開始計(jì)時(shí)）

33、的變化關(guān)系式F=23+1.6t（N）點(diǎn)評：考查安培力的表達(dá)式與速度公式的內(nèi)容，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律與楞次定律的應(yīng)用，以及牛頓第二定律的運(yùn)用注意依據(jù)平衡條件來判定摩擦力的方向是解題的突破口11一平臺的局部如圖甲所示，水平面為光滑，豎直面為粗糙，右角上固定一定滑輪，在水平面上放著一質(zhì)量mA=2.0kg，厚度可忽略不計(jì)的薄板A，薄板A長度L=1.5m，在板A上疊放著質(zhì)量mB=1.0kg，大小可忽略的物塊B，物塊B與板A之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.6，一輕繩繞過定滑輪，輕繩左端系在物塊B上，右端系住物塊C，物塊C剛好可與豎直面接觸起始時(shí)令各物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩被拉直，物塊B位于板A的

34、左端點(diǎn)，然后放手，設(shè)板A的右端距滑輪足夠遠(yuǎn)，臺面足夠高，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，忽略滑輪質(zhì)量及其與軸之間的摩擦，g取10m/s2，求（1）若物塊C質(zhì)量mc=1.0kg，推理判斷板A和物塊B在放手后是否保持相對靜止；（2）若物塊C質(zhì)量mc=3.0kg，從放手開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過去=2.0s，物塊C下降的高度；（3）若物塊C質(zhì)量mc=1.0kg，固定住物塊B，物塊C靜止，現(xiàn)剪斷輕繩，同時(shí)也對物塊C施加力F，方向水平向左，大小隨時(shí)間變化如圖乙所示，斷繩時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過t=2.0s，物塊C恰好停止運(yùn)動(dòng)，求物塊C與豎直面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)和此過程中的最大速度考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的

35、關(guān)系 專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）對ABC整體研究，假設(shè)一起運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再隔離分析求出AB間的摩擦力，與最大靜摩擦力比較，判斷是否保持相對靜止（2）通過整體隔離分析得出A與B發(fā)生相對滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律分別求出A、B的加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解（3）通過牛頓第二定律得出C加速度的表達(dá)式，作出圖線，結(jié)合圖線與時(shí)間軸圍成的面積進(jìn)行求解解答：解：（1）設(shè)ABC一起運(yùn)動(dòng)，以ABC為系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律：mCg=（mA+mB+mC）a1，代入數(shù)據(jù)解得：，對A，根據(jù)牛頓第二定律：f=mAa1=2×2.5N=5N，AB間最大靜摩擦力：fm=mBg=6.0N，

36、由于ffm，假設(shè)成立，A與B相對靜止（2）設(shè)ABC一起運(yùn)動(dòng)，以ABC為系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律有：mCg=（mA+mB+mC）a2，代入數(shù)據(jù)解得：，對A，根據(jù)牛頓第二定律得：f=mAa2=2×5N=10N，由于ffm，假設(shè)不成立，A與B相對滑動(dòng)對A，根據(jù)牛頓第二定律，mBg=mAaA，代入數(shù)據(jù)解得：，對BC為系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律：mCgmBg=（mB+mC）aB，代入數(shù)據(jù)解得：設(shè)經(jīng)t1時(shí)間B運(yùn)動(dòng)到A的右端，則有：，代入數(shù)據(jù)解得：t1=1.0sB第一段的位移：經(jīng)t1時(shí)間B運(yùn)動(dòng)的速度：v1=aBt1=6×1m/s=6m/s，B在光滑平面上滑動(dòng)，對BC為系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律：m

37、Cg=（mB+mC）aB，代入數(shù)據(jù)解得：，B第二段的位移為：，代入數(shù)據(jù)解得：s2=9.75m，物塊C下降的高度：h=s1+s2=3+9.75m=12.75m（3）設(shè)C與豎直面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，令k=20N/s，根據(jù)圖乙可得，F(xiàn)=kt，對C水平方向：N=F，C受摩擦力fC=N，以C為對象，有：mCgfC=mCaC，聯(lián)立解得：，由上式可得如圖的圖象，t=t=2s，物塊v=0，則：，代入數(shù)據(jù)解得：=0.5由圖可知t=1s時(shí)速度最大，最大速度等于圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積，有：答：（1）A與B相對靜止（2）物塊C下降的高度為12.75m（3）物塊C與豎直面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，此過程中的最大速度為5m/

38、s點(diǎn)評：本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，涉及多過程問題，難度較大，綜合性較強(qiáng)，關(guān)鍵理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解對于第三問，得出C的加速度表達(dá)式是關(guān)鍵，知道at圖線圍成的面積表示速度的變化量二、選考部分共5題，共35分考生從各任選一個(gè)選修作答，若都作答，則第一計(jì)分【物理-選修3-3】12從下列哪一組物理量可以算出氧氣的摩爾質(zhì)量( )A氧氣的密度和阿伏加德羅常數(shù)B氧氣分子的體積和阿伏加德羅常數(shù)C氧氣分子的質(zhì)量和阿伏加德羅常數(shù)D氧氣分子的體積和氧氣分子的質(zhì)量考點(diǎn)：阿伏加德羅常數(shù) 專題：阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題分析：一摩爾氧氣的質(zhì)量是摩爾質(zhì)量，摩爾質(zhì)量在數(shù)值上

39、等于氧氣分子的分子量，單位為g/mol解答：解：A、已知氧氣的密度和阿伏伽德羅常數(shù)，可以求出單位體積氧氣的質(zhì)量，但求不出氧氣的摩爾質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B、已知氧氣分子的體積可以求出單位體積的分子數(shù)，已知氧氣的密度可以求出單位體積的質(zhì)量，知道單位體積的質(zhì)量與分子個(gè)數(shù)，可以求出每個(gè)分子的質(zhì)量，但求不出氧氣的摩擦質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C、一摩爾氧氣分子的質(zhì)量是摩爾質(zhì)量，一摩爾氧氣含有阿伏伽德羅常數(shù)個(gè)分子，已知氧氣分子的質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可以求出氧氣的摩爾質(zhì)量，故C正確；D、已知氧氣分子的體積和氧氣分子的質(zhì)量，求不出氧氣的摩爾質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評：本題考查阿伏伽德羅常數(shù)的相關(guān)計(jì)算，難度不大，是一道基礎(chǔ)題，知道摩爾質(zhì)量的概念，即可正確解題13如圖所示，兩端開口的U型管中裝有水銀，在右管中用水銀封閉著一段空氣，要使兩側(cè)水銀面高度差h增大，應(yīng)( )A從左管滴入水銀B從右管滴入水銀C讓氣體升溫D增大大氣壓強(qiáng)考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：以右管中封閉氣體為研究對象，求出封閉氣體的壓強(qiáng)