2015年北京市高考物理試卷及解析

1、2015年北京市高考物理試卷一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分，在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。）1（6分）（2015北京）下列說(shuō)法正確的是（）A物體放出熱量，其內(nèi)能一定減小B物體對(duì)外做功，其內(nèi)能一定減小C物體吸收熱量，同時(shí)對(duì)外做功，其內(nèi)能可能增加D物體放出熱量，同時(shí)對(duì)外做功，其內(nèi)能可能不變2（6分）（2015北京）下列核反應(yīng)方程中，屬于衰變的是（）AN+HeO+HBUTh+HeCH+HHe+nDThPa+e3（6分）（2015北京）周期為2.0s的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，該波在某時(shí)刻的圖象如圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，則該波（）A沿x軸正方向傳播，波速v=2

2、0m/sB沿x軸正方向傳播，波速v=10m/sC沿x軸負(fù)方向傳播，波速v=20m/sD沿x軸負(fù)方向傳播，波速v=10m/s4（6分）（2015北京）假設(shè)地球和火星都繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知地球到太陽(yáng)的距離小于火星到太陽(yáng)的距離，那么（）A地球公轉(zhuǎn)周期大于火星的公轉(zhuǎn)周期B地球公轉(zhuǎn)的線速度小于火星公轉(zhuǎn)的線速度C地球公轉(zhuǎn)的加速度小于火星公轉(zhuǎn)的加速度D地球公轉(zhuǎn)的角速度大于火星公轉(zhuǎn)的角速度5（6分）（2015北京）實(shí)驗(yàn)觀察到，靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中A點(diǎn)的原子核發(fā)生衰變，衰變產(chǎn)生的新核與電子恰在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向和軌跡示意如圖則（）A軌跡1是電子的，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外B軌跡2是電子的，磁場(chǎng)方向垂直

3、紙面向外C軌跡1是新核的，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里D軌跡2是新核的，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里6（6分）（2015北京）“蹦極”運(yùn)動(dòng)中，長(zhǎng)彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下將蹦極過(guò)程簡(jiǎn)化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過(guò)程中，下列分析正確的是（）A繩對(duì)人的沖量始終向上，人的動(dòng)量先增大后減小B繩對(duì)人的拉力始終做負(fù)功，人的動(dòng)能一直減小C繩恰好伸直時(shí)，繩的彈性勢(shì)能為零，人的動(dòng)能最大D人在最低點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力7（6分）（2015北京）如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于電流表內(nèi)阻的

4、； R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍若用電流表A的表盤刻度表示流過(guò)接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A將接線柱 1、2 接入電路時(shí)，每一小格表示0.04AB將接線柱 1、2 接入電路時(shí)，每一小格表示0.02AC將接線柱 1、3 接入電路時(shí)，每一小格表示0.06AD將接線柱 1、3 接入電路時(shí)，每一小格表示0.01A8（6分）（2015北京）利用所學(xué)物理知識(shí)，可以初步了解常用的公交一卡通（IC卡）的工作原理及相關(guān)問(wèn)題 IC卡內(nèi)部有一個(gè)由電感線圈L和電容C構(gòu)成的LC振蕩電路公交車上的讀卡機(jī)（刷卡時(shí)“嘀”的響一聲的機(jī)器）向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波刷卡時(shí)，IC卡內(nèi)的線圈L中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給電容C

5、充電，達(dá)到一定的電壓后，驅(qū)動(dòng)卡內(nèi)芯片進(jìn)行數(shù)據(jù)處理和傳輸下列說(shuō)法正確的是（）AIC卡工作所需要的能量來(lái)源于卡內(nèi)的電池B僅當(dāng)讀卡機(jī)發(fā)射該特定頻率的電磁波時(shí)，IC卡才能有效工作C若讀卡機(jī)發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，則線圈L中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流DIC卡只能接收讀卡機(jī)發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機(jī)傳輸自身的數(shù)據(jù)信息二、非選擇題9（2015北京）“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，在白紙上放好玻璃磚，aa和bb分別是玻璃磚與空氣的兩個(gè)界面，如圖所示，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和 P2，用“+”表示大頭針的位置，然后在另一側(cè)透過(guò)玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4在插P3和P4時(shí)，應(yīng)使（）AP3只擋住P1的像

6、BP4只擋住P2的像CP3同時(shí)擋住P1、P2的像10（18分）（2015北京）用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示（1）組裝單擺時(shí)，應(yīng)在下列器材中選用（選填選項(xiàng)前的字母）A長(zhǎng)度為1m左右的細(xì)線B長(zhǎng)度為30cm左右的細(xì)線C直徑為1.8cm的塑料球D直徑為1.8cm的鐵球（2）測(cè)出懸點(diǎn)O至小球球心的距離（擺長(zhǎng)）L及單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則重力加速度g=（用L、n、t 表示）（3）如表是某同學(xué)記錄的3組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，并做了部分計(jì)算處理組次123擺長(zhǎng)L/cm80.0090.00100.0050次全振動(dòng)時(shí)間t/s90.095.5100.5振動(dòng)周期T/s1.801.91重力加速度g/（ms2）9

7、.749.73請(qǐng)計(jì)算出第3組實(shí)驗(yàn)中的T=s，g=m/s2（4）用多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)做出T2L圖象，也可以求出重力加速度g，已知三位同學(xué)做出的T2L圖線的示意圖如圖2中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過(guò)原點(diǎn)，圖線b對(duì)應(yīng)的g值最接近當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹祫t相對(duì)于圖線b，下列分析正確的是（選填選項(xiàng)前的字母）A出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點(diǎn)到小球下端的距離記為擺長(zhǎng)LB出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動(dòng)記為50次C圖線c對(duì)應(yīng)的g值小于圖線b對(duì)應(yīng)的g值（5）某同學(xué)在家里測(cè)重力加速度，他找到細(xì)線和鐵鎖，制成一個(gè)單擺，如圖3所示，由于家里只有一根量程為30cm的刻度尺，于是他在細(xì)線上的A點(diǎn)做了一個(gè)標(biāo)記，使

8、得懸點(diǎn)O到A點(diǎn)間的細(xì)線長(zhǎng)度小于刻度尺量程保持該標(biāo)記以下的細(xì)線長(zhǎng)度不變，通過(guò)改變O、A間細(xì)線長(zhǎng)度以改變擺長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)O、A間細(xì)線的長(zhǎng)度分別為l1、l2時(shí)，測(cè)得相應(yīng)單擺的周期為T1、T2由此可得重力加速度g=（用l1、l2、T1、T2表示）11（16分）（2015北京）如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接R=1的電阻導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上，其長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接解良好導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計(jì)在平行于導(dǎo)軌的拉力F作用下，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，速度v=5m/s求：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E和感應(yīng)電流I；（

9、2）在0.1s時(shí)間內(nèi)，拉力的沖量IF的大?。唬?）若將MN換為電阻r=1的導(dǎo)體棒，其它條件不變，求導(dǎo)體棒兩端的電壓U12（18分）（2015北京）如圖所示，彈簧的一端固定，另一端連接一個(gè)物塊，彈簧質(zhì)量不計(jì)，物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量為m，在水平桌面上沿x軸運(yùn)動(dòng)，與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，以彈簧原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，當(dāng)彈簧的伸長(zhǎng)量為x時(shí)，物塊所受彈簧彈力大小為F=kx，k為常量（1）請(qǐng)畫出F隨x變化的示意圖；并根據(jù)Fx圖象求物塊沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到位置x的過(guò)程中彈力所做的功（2）物塊由x1向右運(yùn)動(dòng)到x3，然后由x3返回到x2，在這個(gè)過(guò)程中，a求彈力所做的功，并據(jù)此求彈性勢(shì)能的變化量；b求滑動(dòng)摩

10、擦力所做的功；并與彈力做功比較，說(shuō)明為什么不存在與摩擦力對(duì)應(yīng)的“摩擦力勢(shì)能”的概念13（20分）（2015北京）真空中放置的平行金屬板可以用作光電轉(zhuǎn)換裝置，如圖所示光照前兩板都不帶電以光照射A板，則板中的電子可能吸收光的能量而逸出假設(shè)所有逸出的電子都垂直于A板向B板運(yùn)動(dòng)，忽略電子之間的相互作用保持光照條件不變，a和b為接線柱已知單位時(shí)間內(nèi)從A板逸出的電子數(shù)為N，電子逸出時(shí)的最大動(dòng)能為Ekm元電荷為e（1）求A板和B板之間的最大電勢(shì)差Um，以及將a、b短接時(shí)回路中的電流I短（2）圖示裝置可看作直流電源，求其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r（3）在a和b之間連接一個(gè)外電阻時(shí)，該電阻兩端的電壓為U外電阻上消耗的電功

11、率設(shè)為P；單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)B板的電子，在從A板運(yùn)動(dòng)到B板的過(guò)程中損失的動(dòng)能之和設(shè)為Ek請(qǐng)推導(dǎo)證明：P=Ek（注意：解題過(guò)程中需要用到、但題目沒(méi)有給出的物理量，要在解題中做必要的說(shuō)明）2015年北京市高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分，在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。）1（6分）考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律專題：熱力學(xué)定理專題分析：做功和熱傳遞都能改變內(nèi)能；物體內(nèi)能的增量等于外界對(duì)物體做的功和物體吸收熱量的和，即：U=Q+W解答：解：A、物體放出熱量，若外界對(duì)物體做更多的功大于放出的熱量，內(nèi)能可能增加，故A錯(cuò)誤；B、物體對(duì)外做功，如同時(shí)從外界吸收

12、的熱量大于做功的數(shù)值，則內(nèi)能增加，故B錯(cuò)誤；C、物體吸收熱量，同時(shí)對(duì)外做功W，如二者相等，則內(nèi)能可能不變，若QW，則內(nèi)能增加，若WQ，則內(nèi)能減少，故C正確；D、物體放出熱量，Q0，同時(shí)對(duì)外做功，W0，則U0，故內(nèi)能一定減少，故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評(píng)：熱力學(xué)第一定律實(shí)質(zhì)是能量守恒定律的特殊情況，要在理解的基礎(chǔ)上記住公式：U=W+Q，同時(shí)要注意符號(hào)法則的應(yīng)用2（6分）考點(diǎn)：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)專題：衰變和半衰期專題分析：衰變是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反應(yīng)過(guò)程，根據(jù)這一特定即可判斷解答：解：A、方程N(yùn)+HeO+H；是人工核反應(yīng)方程，是發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程故A錯(cuò)誤；B、方程UTh+He，是U原子核分

13、裂并只放射出氦原子核的反應(yīng)過(guò)程，屬于衰變故B正確；C、方程H+HHe+n，是輕核的聚變反應(yīng)故C錯(cuò)誤；D、方程ThPa+e，釋放出一個(gè)電子，是衰變的過(guò)程故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：該題考查衰變的本質(zhì)與常見(jiàn)的核反應(yīng)方程，比較簡(jiǎn)單，在平時(shí)學(xué)習(xí)中要掌握衰變，裂變，聚變和幾種粒子發(fā)現(xiàn)的方程式3（6分）考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象專題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題分析：根據(jù)P點(diǎn)的速度方向可運(yùn)用波形平移法判斷波的傳播方向由圖讀出波長(zhǎng)，由v=求出波速解答：解：由題，此時(shí)P點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平移法可知，波形將向右平移，則知，該波沿x軸正方向傳播由圖讀出波長(zhǎng)=20m，故波速v=m/s故B正確故選：B點(diǎn)評(píng)：本

14、題結(jié)合波形圖考查波長(zhǎng)、波速與周期之間的關(guān)系，其中根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向判斷波的傳播方向、讀出波長(zhǎng)等是基本能力，要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練掌握4（6分）考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用專題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力=ma，解出線速度、周期、向心加速度以及角速度與軌道半徑大小的關(guān)系，據(jù)此討論即可解答：解：A、B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，由此可知，軌道半徑越大，線速度越小、周期越大，由于地球到太陽(yáng)的距離小于火星到太陽(yáng)的距離，所以v地v火，T地T火故AB錯(cuò)誤C、據(jù)萬(wàn)有引力提供向心加速度，得：，可知軌道半徑比較小的地球的向心加速度比較大故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)：T=，所以：，可知軌道半徑比較小的地球

15、的公轉(zhuǎn)的角速度比較大故D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，要掌握萬(wàn)有引力提供向心力，并能夠根據(jù)題意選擇不同的向心力的表達(dá)式5（6分）考點(diǎn)：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)；洛侖茲力專題：衰變和半衰期專題分析：靜止的原子核發(fā)生衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，發(fā)生衰變后粒子與反沖核的運(yùn)動(dòng)方向相反，動(dòng)量的方向相反，大小相等由半徑公式r=，P是動(dòng)量，分析兩個(gè)粒子半徑軌跡半徑之比解答：解：原子核發(fā)生衰變時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒可知兩粒子的速度方向相反，動(dòng)量的方向相反，大小相等；由半徑公式r=（P是動(dòng)量），分析得知，r與電荷量成反比，粒子與新核的電量大小分別為e和ne（n為新核的電荷數(shù)），則粒子與新核的半徑之比為：ne：e

16、=n：1所以半徑比較大的軌跡1是衰變后粒子的軌跡，軌跡2是新核的新核沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，在A點(diǎn)受到的洛倫茲力向左，由左手定則可知，磁場(chǎng)的方向向里由以上的分析可知，選項(xiàng)D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D點(diǎn)評(píng)：該題即使沒(méi)有說(shuō)明是衰變也可根據(jù)粒子的速度的方向相反和兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡由左手定則可以分析判斷粒子的帶電的情況其中要注意的是電子的動(dòng)量與新核的動(dòng)量大小相等6（6分）考點(diǎn)：動(dòng)量定理；功能關(guān)系專題：動(dòng)量定理應(yīng)用專題分析：從繩子繃緊到人下降到最低點(diǎn)的過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)人的重力大于彈力，人向下加速；然后再減速，直至速度為零；再反向彈回；根據(jù)動(dòng)量及功的知識(shí)可明確動(dòng)量、動(dòng)能和彈性勢(shì)能的變化解答：解：A、由于繩對(duì)人的作

17、用力一直向上，故繩對(duì)人的沖量始終向上，由于人在下降中速度先增大后減??；故動(dòng)量先增大后減??；故A正確；B、在該過(guò)程中，拉力與運(yùn)動(dòng)方向始終相反，繩子的力一直做負(fù)功；但由分析可知，人的動(dòng)能先增大后減小；故B錯(cuò)誤；C、繩子恰好伸直時(shí)，繩子的形變量為零，彈性勢(shì)能為零；但此時(shí)人的動(dòng)能不是最大，故C錯(cuò)誤；D、人在最低點(diǎn)時(shí)，繩子對(duì)人的拉力一定大于人受到的重力；故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考查變力作用下物體的運(yùn)動(dòng)情況分析，關(guān)鍵是明確人的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，即可根據(jù)動(dòng)量定理和動(dòng)能定理進(jìn)行分析求解7（6分）考點(diǎn)：多用電表的原理及其使用專題：恒定電流專題分析：對(duì)電路結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析，再根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律即可明確流過(guò)1的電流大小，再根

18、據(jù)比例即可求出每一小格所表示的電流大小解答：解：AB、當(dāng)接線柱1、2接入電路時(shí)，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A，故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；故AB錯(cuò)誤；CD、當(dāng)接線柱1、3接入電路時(shí)，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)，電流表的量程仍為1.8A；故每一小格表示0.06A；故C正確，D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題考查電表的改裝，關(guān)鍵在于明確電路結(jié)構(gòu)；特別是CD中要注意R2對(duì)電流表的量程沒(méi)有影響！8（6分）考點(diǎn)：電磁波的產(chǎn)生；楞次定律分析：明確題意，根據(jù)電磁感應(yīng)及電諧振規(guī)律進(jìn)行分析，即可明確能量及IC卡的工作原理，即可解答本題解答：解：A、由題

19、意可知，該能量來(lái)自于電磁感應(yīng)，即人刷卡的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能；故A錯(cuò)誤；B、為了使IC卡中的感應(yīng)電流達(dá)最大，應(yīng)使LC電路產(chǎn)生電諧振，故只有發(fā)射特定頻率的電磁波時(shí)，IC卡才能有效工作；故B正確；C、若電磁波的頻率偏離該頻率，L中仍可出現(xiàn)感應(yīng)電流，但不會(huì)達(dá)到電諧振；故C錯(cuò)誤；D、IC卡接收到讀卡機(jī)發(fā)射的電磁波，同時(shí)將自身數(shù)據(jù)信息發(fā)送給讀卡機(jī)進(jìn)行處理；故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：本題取材于我們身邊最常用的IC卡考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象，要注意在學(xué)習(xí)中注意掌握物理規(guī)律在生活中的應(yīng)用二、非選擇題9（2015北京）考點(diǎn)：測(cè)定玻璃的折射率專題：實(shí)驗(yàn)題；光的折射專題分析：根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P

20、4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點(diǎn)，即為折射光線，才能作出光路圖解答：解：根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點(diǎn)，即為折射光線實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中，要先在白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2，然后在玻璃磚另一側(cè)觀察，調(diào)整視線使P1的像被P2的像擋住，接著在眼睛所在一側(cè)相繼又插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，使P4擋住P3和P1、P2的像故AB錯(cuò)誤，C正確故選：C點(diǎn)評(píng)：作插針?lè)y(cè)定玻璃折射率的實(shí)驗(yàn)原理是折射定律n=，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知在插上兩枚大頭針P3、P4時(shí)，要使P3擋住P1、P2的像，使P4擋住P3

21、和P1、P2的像10（18分）考點(diǎn)：用單擺測(cè)定重力加速度專題：實(shí)驗(yàn)題分析：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求，擺長(zhǎng)1m左右，體積較小的實(shí)心金屬球；（2）根據(jù)單擺周期公式T=2求解g的表達(dá)式（3）單擺完成N次全振動(dòng)的時(shí)間為t，所以T=，根據(jù)g=即可計(jì)算出重力加速度；（4）根據(jù)單擺的周期公式變形得出T2與L的關(guān)系式，再分析T2L圖象中g(shù)與斜率的關(guān)系，得到g的表達(dá)式根據(jù)重力加速度的表達(dá)式，分析各圖線與b之間的關(guān)系（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2分兩次列式后聯(lián)立求解即可解答：解：（1）單擺在擺動(dòng)過(guò)程中阻力要盡量小甚至忽略不計(jì)，所以擺球選鋼球；擺長(zhǎng)不能過(guò)小，一般取1m左右故A、D正確，B、C錯(cuò)誤故選：AD（2）單擺完成N

22、次全振動(dòng)的時(shí)間為t，所以T=，測(cè)得懸點(diǎn)O至小球球心的距離（擺長(zhǎng)）L，根據(jù)T=2解得：g=；（3）單擺完成N次全振動(dòng)的時(shí)間為t，所以T=s，根據(jù)公式：g=（4）根據(jù)單擺的周期公式T=2得，T2=，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，T2L圖象的斜率k=，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=A、若測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)忘了加上擺球的半徑，則擺長(zhǎng)變成擺線的長(zhǎng)度l，則有T2=，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，對(duì)T2L圖象來(lái)說(shuō)，T2=與b線T2=斜率相等，兩者應(yīng)該平行，是截距；故做出的T2L圖象中a線的原因可能是誤將懸點(diǎn)到小球上端的距離記為擺長(zhǎng)L故A錯(cuò)誤；B、實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，圖線的斜率k偏小故B正

23、確；C、由圖可知，圖線c對(duì)應(yīng)的斜率k偏小，根據(jù)T2L圖象的斜率k=，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=可知，g值大于圖線b對(duì)應(yīng)的g值故C錯(cuò)誤故選：B（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2，有：第一次：T1=2第二次：T2=2聯(lián)立解得：g=故答案為：（1）AD；（2）；（3）2.01，9.76；（4）B；（5）點(diǎn)評(píng)：該題全面考查重力加速度的測(cè)量、數(shù)據(jù)的處理以及誤差的分析，要掌握單擺的周期公式，從而求解重力加速度，擺長(zhǎng)、周期等物理量之間的關(guān)系11（16分）考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；動(dòng)量定理；電勢(shì)差專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）由E=BLv求出導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，根據(jù)

24、右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；（2）由F=BIL求出導(dǎo)體棒受到的安培力，由左手定則判斷出安培力的方向，然后由平衡條件求出拉力，并確定拉力的方向，由I=Ft計(jì)算出拉力的沖量；（3）將MN換為電阻r=1的導(dǎo)體棒時(shí)，由閉合電路的歐姆定律求出電流，然后由U=IR即可求出導(dǎo)體棒兩端的電壓解答：解：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： E=BLv=1×0.4×5V=2.0V 感應(yīng)電流為： I=A=2A 根據(jù)右手定則得導(dǎo)體棒MN中電流的流向?yàn)椋篘M； （2）由左手定則判斷可知，MN棒所受的安培力方向向左導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，安培力與拉力平衡，則有： F=BIL=1×2

25、5;0.4N=0.8N，拉力的沖量：IF=Ft=0.8×0.1=0.08Ns（3）將MN換為電阻r=1的導(dǎo)體棒，電路中的電流：I=A=1A由歐姆定律：U=IR=1×1=1V答：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是2.0V，感應(yīng)電流是2A，方向?qū)w棒MN中電流的流向?yàn)椋篘M；（2）在0.1s時(shí)間內(nèi)，拉力的沖量IF的大小是0.08Ns；（3）若將MN換為電阻r=1的導(dǎo)體棒，其它條件不變，導(dǎo)體棒兩端的電壓是1V點(diǎn)評(píng)：本題是電磁感應(yīng)知識(shí)與力平衡、歐姆定律簡(jiǎn)單的綜合，掌握電磁感應(yīng)的基本規(guī)律：法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和安培力是關(guān)鍵，會(huì)根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向12（1

26、8分）考點(diǎn)：功能關(guān)系分析：（1）由胡克定律可得出對(duì)應(yīng)的公式，則可得出對(duì)應(yīng)的圖象；再根據(jù)vt圖象中面積表示移進(jìn)行遷移應(yīng)用，即可求得彈力做功；（2）a、根據(jù)（1）中求出功的公式可分別求出兩過(guò)程中彈力做功，即可求出總功，再由功能關(guān)系求解彈力做功情況；b、根據(jù)摩擦力的特點(diǎn)求解摩擦力的功，通過(guò)比較可明確能不能引入“摩擦力勢(shì)能”解答：解：（1）Fx圖象如圖所示；物塊沿x軸從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到位置x的過(guò)程中，彈力做負(fù)功：Fx圖線下的面積等于彈力做功大??；故彈力做功為：W=kxx=kx2（2）a、物塊由x1向右運(yùn)動(dòng)到x3的過(guò)程中，彈力做功為：WT1=（kx1+kx3）（x3x1）=kx12kx32；物塊由x3運(yùn)動(dòng)到x2的過(guò)程中，彈力做功為：WT2=（kx2+kx3）（x3x2）=kx32kx22；整個(gè)過(guò)程中彈力做功：WT=WT1+WT2=kx12kx22；彈性勢(shì)能的變化量為：EP=WT=kx22k