【KS5U解析】四川省內(nèi)江市2020屆高三下學(xué)期3月網(wǎng)絡(luò)自測物理試題 Word版含解析

1、內(nèi)江市高2020屆理科綜合能力自測試題物理試卷二、選擇題1.我國“北斗三號”全球組網(wǎng)衛(wèi)星采用星載氫原子鐘。如圖為氫原子能級示意圖的一部分，則氫原子（）a. 一個處干n4能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生3種譜線b. 在同一介質(zhì)中，從n5能級躍遷到n1能級比從n3能級躍遷到n2能級輻射出電磁波的速度大c. 處于不同能級時，核外電子在各處出現(xiàn)的概率是一樣的d. 從高能級向低能級躍遷時，氫原子核向外吸收能量【答案】a【解析】【詳解】a 一個處干n4能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生3種譜線，即4到3、3到2、2到1這三種，故a正確；b從n=5能級躍遷到n=1能級比從n=3能級躍遷到n=2能級輻射

2、出電磁波頻率更大，在同一介質(zhì)中，折射率更大，由可得，速度更小，故b錯誤；c 根據(jù)玻爾原子模型，可知氫原子處于不同能級時，其核外電子的軌道半徑不同，所以在各處出現(xiàn)的概率是不一樣的。故c錯誤；d 根據(jù)玻爾理論可知，從高能級向低能級躍遷時，氫原子核向外釋放能量，故d錯誤。故選a。2.人們對手機(jī)的依賴性越來越強(qiáng)，有些人喜歡躺著看手機(jī)，經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)砸傷眼睛的情況。若手機(jī)質(zhì)量為120g，從離人眼約20cm的高度無初速掉落，砸到眼睛后手機(jī)未反彈，眼睛受到手機(jī)的沖擊時間約為0.2s，取重力加速度g10m/s2；下列分析正確的是（）a. 手機(jī)與眼睛作用過程中手機(jī)動量變化約為0.48kg·m/sb. 手

3、機(jī)對眼睛的沖量大小約為 c. 手機(jī)對眼睛沖量方向豎直向上d. 手機(jī)對眼睛的作用力大小約為0.24n【答案】b【解析】【詳解】a 根據(jù)自由落體運(yùn)動公式選取向上為正方向，手機(jī)與眼睛作用后手機(jī)的速度變成0，所以手機(jī)與眼睛作用過程中動量變化為故a錯誤；bc手機(jī)與眼接觸的過程中受到重力與眼睛的作用力，選取向上為正方向，則：代入數(shù)據(jù)可得：手機(jī)對眼睛的作用力與眼睛對手機(jī)的作用力大小相等，方向相反，作用的時間相等，所以手機(jī)對眼睛的沖量大小約為048，方向豎直向下，故b正確，c錯誤；d 由沖量的定義：iy=ft，代入數(shù)據(jù)可得：故d錯誤。故選b。3.2019年10月15日，第十屆環(huán)太湖國際公路自行車賽在無錫結(jié)束，

4、比賽中甲、乙兩賽車（可視為質(zhì)點）在一條直線上運(yùn)動，其速度時間圖像如圖所示，下列對甲，乙運(yùn)動描述中正確的是（）a. 0t0時間內(nèi)甲、乙平均速度大小相等b t0時刻甲乙相遇c. 0t0時間內(nèi)乙的加速度逐漸減小d. 0t0時間內(nèi)甲乙間的距離先增大后減小【答案】c【解析】【詳解】a 0t0時間內(nèi)兩賽車位移不同（圖像與橫軸所圍成的面積），但時間相同，故平均速度大小不等，故a錯誤；b 根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，知0t0時間內(nèi)，甲的位移小于乙的位移，由于比賽時甲、乙起點相同，所以t0時刻甲乙沒有相遇，故b錯誤；c 根據(jù)速度圖象中圖線切線的斜率表示加速度，知0t0時間內(nèi)乙的加速度逐漸減小，故c正確；

5、d 0t0時間內(nèi)乙的速度始終大于甲的速度，因比賽時甲乙起點相同，則甲乙距離一直增大，故d錯誤。故選c。4.2019年4月10日，世界上首張黑洞圖像照片發(fā)布，如圖所示，它提供了黑洞存在的直接“視覺”證據(jù)。早在1799年，法國科學(xué)家拉普拉斯在對牛頓引力理論做過透徹研究后指出，對于一個質(zhì)量為m的球狀物體，質(zhì)量m和半徑r的關(guān)系滿足（其中c為光速、g為引力常量）時即成為一個黑洞。倘若若干年后地球能收縮成黑洞，其半徑約為（可能用到的條件：同步衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動周期取1天，離地距離取4.3×107m，光速取3×108m/s，2取10） （）a. 0.009mb. 0.09mc. 0.9md.

6、 9m【答案】a【解析】【詳解】對同步衛(wèi)星而言，萬有引力提供向心力倘若若干年后地球能收縮成黑洞，質(zhì)量m和半徑r的關(guān)系滿足聯(lián)立解得：故選a。5.如圖所示，帶電小球a用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場中，小球a、b的帶電量分別為q、q，將帶電小球b固定在勻強(qiáng)電場中，a、b間的距離為r，連線與水平方向的夾角為37°，懸掛小球a的懸線剛好豎直，不計小球的大小，靜電力常量為k，sin37°0.6，cos37°0.8，則下列說法正確的是（）a. 小球a一定帶正電b. 若勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)增加，細(xì)線可能向左偏c. 勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為d. 細(xì)線拉力一定為【答案】b【解析】【詳解】a 若

7、a球帶正電，則b球帶負(fù)電，若a球帶負(fù)電，則b球也帶負(fù)電，因此小球a帶電電性不確定，故a錯誤；b 若a球帶負(fù)電，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)增加，小球受向左的力變大，則細(xì)線可能向左偏，故b正確；c 由題意，結(jié)合受力分析，矢量的合成法則，及平衡條件，可知水平方向：解得：故c錯誤；d因為a球帶電性質(zhì)不確定，故b球?qū)球的庫侖力方向不確定，故拉力大小不確定，故d錯誤。故選b。6.如圖所示，理想變壓器的原線圈接有電壓為u的正弦交流電源，輸出電壓的有效值恒定。r1和r2為定值電阻，r3為光敏電阻，其阻值隨照射光強(qiáng)度的增大而減小?，F(xiàn)增大照射光強(qiáng)度，則（）a. l燈變亮b. 變壓器的輸出功率減小c. r1兩端的電壓減小d.

8、 通過原線圈的電流增大【答案】ad【解析】【詳解】d當(dāng)光照增強(qiáng)時，光敏電阻的阻值減小，總電阻減小，將變壓器和負(fù)載電阻等效為一個電阻，對原線圈電路由閉合電路的歐姆定律有負(fù)載電阻的減小導(dǎo)致等效電阻變小，而發(fā)電機(jī)的電壓u不變，則原線圈的電流變大，故d正確；b變壓器的輸出功率為因無法得到r與的大小關(guān)系，則變壓器的輸出功率變化無法判斷，故b錯誤；c原線圈的電流變大，由變壓器兩端的電流比等于匝數(shù)的反比，可知變壓器的副線圈電流變大，故由知，電阻r1的電壓增大，故c錯誤；a原線圈的電流變大，由可知，變壓器的輸入電壓變小，由變壓器的原理知變壓器的副線圈電壓減小，而電流增大，則電阻r1的電壓增大，則燈泡所在的并聯(lián)

9、部分的電壓減小，可得r2的電流減小，則燈泡電流變大，則因燈泡的功率變大而變亮，故a正確。故選ad。7.航母上飛機(jī)彈射起飛是利用電磁驅(qū)動來實現(xiàn)的，電磁驅(qū)動原理如圖所示，當(dāng)固定線圈上突然通過直流電流時，線圈端點的金屬環(huán)被彈射出去。在左側(cè)同一位置，先后放有分別用橫截面積相等的銅和鋁導(dǎo)線制成的形狀、大小相同的兩個閉合環(huán)，且電阻率銅<鋁。閉合開關(guān)s的瞬間（）a. 從左側(cè)看，環(huán)中感應(yīng)電流沿逆時針方向b. 電池正負(fù)極調(diào)換后，金屬環(huán)向右彈射c. 銅環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大于鋁環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流d. 若將環(huán)放置在線圈右方，環(huán)將向右彈出【答案】cd【解析】【詳解】a 線圈中電流為右側(cè)流入，磁場方向為向左，在閉合

10、開關(guān)的過程中，磁場變強(qiáng)，則由楞次定律可知，環(huán)中感應(yīng)電流電流由左側(cè)看為順時針；故a錯誤；b 電池正負(fù)極調(diào)換后，根據(jù)“來拒去留”可得，金屬環(huán)受力向左，故仍將向左彈出；故b錯誤；c 銅的電阻率小于鋁的電阻率，所以橫截面積相等的銅和鋁導(dǎo)線制成形狀、大小相同的兩個閉合環(huán)，由可知，銅環(huán)的電阻值小于鋁環(huán)的電阻值；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，兩個環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是相等的；根據(jù)歐姆定律可知，銅環(huán)內(nèi)的電流值大于鋁環(huán)內(nèi)的電流，故c正確；d 若環(huán)放在線圈右方，根據(jù)“來拒去留”可得，環(huán)將向右運(yùn)動；故d正確。故選cd。8.傾角為53°的光滑斜面上固定帶輕桿的槽，勁度系數(shù)k120n/m、原長足夠長的輕彈簧下端

11、與輕桿相連，開始時桿在槽外的長度l0.8m，且桿可在槽內(nèi)移動，桿與槽間的滑動摩擦力大小恒為ff8n，桿與槽之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。質(zhì)量m1kg的小車從距彈簧上端l0.8m處由靜止釋放沿斜面向下運(yùn)動。已知彈簧彈性勢能為epkx2，式中x為彈簧的形變量。在整個運(yùn)動過程中，彈簧始終處于彈性限度以內(nèi)。g10m/s2，sin53°0.8。下列說法正確的是（）a. 在桿完全進(jìn)入槽內(nèi)之前，小車先做勻加速運(yùn)動，然后做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，最后做勻速直線運(yùn)動b. 小車從開始運(yùn)動到桿完全進(jìn)入槽內(nèi)所用時間為c. 若桿與槽間的滑動摩擦力大小變?yōu)?6n，小車、彈簧、輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定不守恒

12、d. 若桿與槽間的滑動摩擦力大小變?yōu)?6n，小車第一次與彈簧作用過程中輕桿移動的距離為0.3m【答案】ac【解析】【詳解】a 接觸彈簧前，小車受恒力向下做勻加速運(yùn)動，后來接觸到彈簧，隨著彈簧彈力增大，合力隨之減小，于是小車做加速度逐漸變小的變加速運(yùn)動，到最后受到彈簧輕桿的力和重力沿斜面向下的分力平衡，于是做勻速直線運(yùn)動，故a正確；b 小車接觸彈簧前的加速度為 a1=gsin=8m/s2所以從開始運(yùn)動到接觸彈簧，時間為可知小車從開始運(yùn)動到桿完全進(jìn)入槽內(nèi)所用時間大于，故b錯誤；c 假設(shè)彈簧壓縮到最短時，輕桿沒有位移，則求得x=0.4m此時彈簧彈力為：f=kx=36n大于最大靜摩擦力，輕桿必定發(fā)生滑

13、動，故小車、彈簧、輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能一定不守恒，故c正確；d 設(shè)彈簧最大壓縮量為x，輕桿最大位移為l，則又兩式聯(lián)立x=0.3m，l=0.12m故d錯誤。故選ac。三、非選擇題9.某同學(xué)在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，測得圖中彈簧oc的勁度系數(shù)為500n/m。如圖甲所示，用彈簧oc和相同彈簧秤a、b做“探究求合力的方法”實驗。在保持彈簧伸長1.00cm不變的條件下：(1)若彈簧秤a、b間夾角為90°，彈簧秤a的讀數(shù)如圖乙所示，則彈簧秤a的讀數(shù)為_n；(2)若彈簧秤a、b間夾角小于90°，保持彈簧秤a與彈簧oc的夾角不變，增大彈簧秤b與彈簧oc的夾角，則彈簧秤a的讀數(shù)

14、_、彈簧秤b的讀數(shù)_（填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮?(1). 3. 00 (2). 變大 (3). 變大【解析】【詳解】(1)1根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00n；(2)23若彈簧秤a、b間夾角小于90°，保持彈簧秤a與彈簧oc的夾角不變，增大彈簧秤b與彈簧oc的夾角，則由圖可知，彈簧秤a的讀數(shù)變大，彈簧秤b的讀數(shù)變大。10.有一個小電珠l上標(biāo)有“3v，1.5w”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個電珠的iu圖線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3v，并便于操作?，F(xiàn)有下列器材供選用：a.電流表a：量程為0.6a，內(nèi)阻約為0.5；b.電壓表v：量程為0.6v，內(nèi)阻為

15、3k；c.定值電阻r33k；d.定值電阻r412k；e.滑動變阻器r1（010，2a）；f.滑動變阻器r2（0500，1a）；g.電源e：電動勢為4v，內(nèi)阻約為0.1；h.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。(1)實驗中，應(yīng)該選用的滑動變阻器是_，定值電阻是_；（用字母序號表示）；(2)根據(jù)所給的器材，在線框中畫出實驗電路圖_；（標(biāo)出器材對應(yīng)的物理符號）(3)該同學(xué)描繪出的iu圖像如圖，若將與上述實驗完全相同的兩個小電珠串聯(lián)接在電動勢為6.0v，內(nèi)阻為12的電源兩端，接通電路，則每個燈泡的實際功率約為_w（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?(1). e (2). d (3). (4). 0. 32w（0. 3

16、0 0. 34之間均可）【解析】【詳解】(1)12 電珠兩端的電壓需要由零逐漸增加到3v，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇e；泡額定電壓為3v，電壓表應(yīng)選b量程太小，需串聯(lián)一個大電阻改裝成3v量程的電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路特點和歐姆定律得：故選d。(2) 3燈泡正常發(fā)光時的電阻：電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)選擇外接法，實驗電路圖如圖所示：(3)4將與上述實驗完全相同的兩個燈泡串聯(lián)，兩個串聯(lián)燈泡電流相同，電壓為原來的2倍，即由原來的i-u圖象每一個點的坐標(biāo)保持縱坐標(biāo)不變，橫坐標(biāo)變化原來的2倍，新的i-u圖象如圖所示；在同一個坐標(biāo)系中作出電動勢為60v，內(nèi)阻為12的電源

17、的i-u圖象，電源的i-u圖象和兩個燈泡串聯(lián)后的i-u圖象的交點坐標(biāo)為（1.8，0.35），如圖所示。一個燈泡功率約為：11.在海濱游樂場有一種滑沙的娛樂活動。如圖所示斜坡傾角30°，人和滑塊的總質(zhì)量為m60kg，人坐在滑板上從斜坡的高處a點由靜止開始下滑，滑到斜坡底部b點后沿水平滑道再滑行一段距離到c點停下來，斜坡滑道與水平滑道間是平滑連接的，滑板與兩滑道間的動摩擦因數(shù)為，不計空氣阻力，重力加速度g10m/s2：(1)求人在斜坡上下滑時的加速度大??；(2)若由于受到場地的限制，a點到c點的水平距離為l15m，為確保人身安全，假如你是設(shè)計師，在設(shè)計斜坡滑道時，為了安全，斜坡的最大高度

18、為多少？(3)在上述第(2)問的最大高度情況下，系統(tǒng)全過程產(chǎn)生的總熱量？【答案】(1)；(2)9m；(3)5400j【解析】【詳解】(1)對人和滑塊受力分析，由牛頓第二定律可得則加速度為：(2)設(shè)高為h，則斜面長水平面bc長滑到b點時的速度在地面滑動時加速度大小為為了安全考慮，斜拋高度最大時，需要人和滑塊在c點停止，則有 代入數(shù)據(jù)解得h=9m(3)根據(jù)能量守恒可知所以系統(tǒng)全過程產(chǎn)生的總熱量q=5400j12.如圖所示，板間電壓為u的平行金屬板m、n間存在勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為b0的勻強(qiáng)磁場；在xoy直角坐標(biāo)平面內(nèi)，第一象限有沿y軸負(fù)方向場強(qiáng)為e的勻強(qiáng)電場，第四象限有垂直坐標(biāo)平面向

19、里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、電量為q的正離子（不計重力）以初速度v0沿平行于金屬板方向射入兩板間并做勻速直線運(yùn)動。從p點垂直y軸進(jìn)入第一象限，經(jīng)過x軸上的a點射出電場，進(jìn)入磁場。己知離子過a點時的速度方向與x軸成30°角。求：(1)平行金屬板m、n之間相距的距離d；(2)離子運(yùn)動到a點時速度v的大小和由p點運(yùn)動到a點所需時間t；(3)離子在x軸上離開第四象限磁場區(qū)域的位置c（圖中未畫出）與坐標(biāo)原點的距離oc?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)其中k=(0，1，2，3）【解析】【詳解】(1)設(shè)平行金屬板m、n間勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為，則有因為離子在金屬板方向射入兩板間并做勻速直線運(yùn)

20、動，有解得金屬板m、n間的電壓(2)在第一象限的電場中離子做類平拋運(yùn)動，有故離子運(yùn)動到a點時的速度又qe=ma解得離子在電場e中運(yùn)動到a點所需時間(3)在磁場中洛倫茲力提供向心力，有得：由幾何知識可得又因此離子第一次離開第四象限磁場區(qū)域的位置c與坐標(biāo)原點的距離：由周期性：離子離開第四象限磁場區(qū)域的位置c與坐標(biāo)原點的距離：即其中k=(0，1，2，3）（二）選考題13.下列說法中正確的是 。a. 云母片導(dǎo)熱性能各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列不規(guī)則b. 一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能隨著溫度升高一定增大c. 雨滴呈球形是由于液體表面張力的作用d. 第一類永動機(jī)和第二類永動機(jī)研制失敗的原因是違背了

21、能量守恒定律e. 空氣中pm2.5顆粒的無規(guī)則運(yùn)動不屬于分子熱運(yùn)動【答案】bce【解析】【詳解】a 云母片表現(xiàn)為各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間的排列規(guī)則。故a錯誤；b 一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大，故b正確；c 由于液體表面張力的作用使葉面上小露珠的表面積有最小的趨勢，所以呈球形,故c正確；d 第二類永動機(jī)研制失敗的原因是違反了熱力學(xué)第二定律，故d錯誤；e pm2.5微粒而不會是分子，不屬于分子熱運(yùn)動，故e正確。故選bce。14.如圖所示，勁度系數(shù)為k100n/m的輕質(zhì)彈簧與完全相同的導(dǎo)熱活塞a、b不拴接，一定質(zhì)量的理想氣體被活塞a、b分成兩個部分封閉在可導(dǎo)熱的

22、汽缸內(nèi)?；钊鸻、b之間的距離與b到汽缸底部的距離均為l1.1m，初始時刻，氣體i與外界大氣壓強(qiáng)相同，溫度為t1300k，將環(huán)境溫度緩慢升高至t2450k，系統(tǒng)再次達(dá)到穩(wěn)定，a已經(jīng)與彈簧分離，已知活塞a、b的質(zhì)量均為m2.0kg。橫截面積為s20cm2；外界大氣壓強(qiáng)恒為p01.0×105pa。不計活塞與汽缸之間的摩擦且密封良好，g取10m/s2，求活塞a相對初始時刻上升的高度。【答案】0. 95m【解析】【詳解】對氣體i，初態(tài)：k，pa，末態(tài)：k，pa，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：解得末態(tài)氣體i的長度為1. 5m。對氣體ii，初態(tài)：k，pa，末態(tài)：k，pa，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：解得末態(tài)氣體i的長度為1.65m，故活塞a上升的高度為：h=(l-l）+（l-l)=(1.5m-1.1m）+（1.65m-1.1m)=0.95m15.兩列簡諧波的振幅都是20cm，傳播速度大小相同，實線波的頻率為2hz，沿x軸正方向傳播，虛線波沿x軸負(fù)方向傳播，某時刻兩列波在如圖所示區(qū)域相遇，則（）a. 此兩列簡諧波能形成穩(wěn)定的干涉圖像b. 虛線波的周期是0.75sc. 平衡位置為x8.5cm處的質(zhì)點此時刻位移y20cmd. 平衡