【KS5U解析】四川省宜賓市敘州區(qū)第二中學(xué)校2019-2020學(xué)年高二下學(xué)期第一次在線物理試題 Word版含解析

1、2020年春四川省敘州區(qū)第二中學(xué)高二第一學(xué)月考試物理試題注意事項：1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。 3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。6.考試時間：150分鐘；物理化學(xué)生物同堂分卷考試，物理110分，化學(xué)100分，生物分90分，共300分一、選擇題（每小題6分，共9個小題，共54分；其中1-6題為單選題，7-9題多選

2、題，少選得3分，多選錯選得0分。）1.人從高處跳到較硬的水平地面時，為了安全，一般都是讓腳尖先觸地且著地時要彎曲雙腿，這是為了（ ）a. 減小地面對人的沖量b. 減小人的動量的變化c. 增加人對地面的沖擊時間d. 增大人對地面的壓強【答案】c【解析】【詳解】設(shè)人的質(zhì)量為m，著地前速度大小為v，著地時間為t，地面對人沖量大小為i，作用力大小為f，取豎直向下方向為正方向。ab.人著地過程，人的動量從一定值減到零，動量的變化量不變，根據(jù)動量定理得：mgt-i=0-mv，得到地面對人的沖量i=mgt+mv，m、v一定，t延長，則i增大，故ab錯誤；c.讓腳尖先觸地且著地時要彎曲雙腿，增加地面對人的沖擊

3、時間，故c正確；d.根據(jù)動量定理得：mgt-ft=0-mv，可知t增大，則f減小，人對地面的壓強減小，故d錯誤。故選c。2.下圖為磁場中通電直導(dǎo)線或運動的帶電粒子所受磁場力方向情況，其中正確的是（ ）a. b. c. d. 【答案】a【解析】【詳解】a.磁場方向垂直紙面向里，速度水平向右，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向上故a正確；b.磁場方向垂直紙面向外，速度水平向右，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向下，故b錯誤；c.磁場方向垂直紙面向里，電流方向水平向右，根據(jù)左手定則，安培力方向豎直向上，故c錯誤；d.磁場方向垂直紙面向外，電流方向豎直向下，根據(jù)左手定則，安培力方向水平向左，故d錯誤3.根

4、據(jù)粒子散射實驗，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，圖中虛線表示原子核所形成的電場的等勢線，實線表示一個粒子的運動軌跡在粒子從a運動到b、再運動到c的過程中，下列說法正確的是( )a. 動能先增大，后減小b. 電勢能先減小，后增大c. 電場力先做負(fù)功，后做正功，總功等于零d. 加速度先變小，后變大【答案】c【解析】【詳解】粒子受到斥力作用，根據(jù)電場力做功特點可知：從a運動到b過程中電場力做負(fù)功，電勢能增加，動能減小，從b運動到c過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，整個過程中由于a與c在同一等勢線上，故電場力不做功，ab錯誤，c正確；根據(jù)點電荷周圍電場可知，距離原子核近的地方電場強度大，故越

5、靠近原子核加速度越大，因此粒子加速度先增大后減小，故d錯誤故選c4.如圖所示，e為電池，l是電阻可忽略不計、自感系數(shù)足夠大的線圈，d1、d2是兩個規(guī)格相同且額定電壓足夠大的燈泡，s是控制電路的開關(guān)對于這個電路，下列說法正確的是() a. 剛閉合開關(guān)s的瞬間，通過d1電流大于通過d2的電流b. 剛閉合開關(guān)s的瞬間，通過d1電流小于通過d2的電流c. 閉合開關(guān)s待電路達到穩(wěn)定，d1熄滅，d2比原來更亮d. 閉合開關(guān)s待電路達到穩(wěn)定，再將s斷開，d1、d2均閃亮一下再熄滅【答案】c【解析】【詳解】abs閉合瞬間，由于自感線圈相當(dāng)于斷路，所以兩燈是串聯(lián)，電流相等，故a b錯誤；c閉合開關(guān)s待電路達到穩(wěn)

6、定時，d1被短路，d2比開關(guān)s剛閉合時更亮，c正確；ds閉合穩(wěn)定后再斷開開關(guān)，d2立即熄滅，但由于線圈的自感作用，l相當(dāng)于電源，與d1組成回路，d1要閃亮一下再熄滅，故d錯誤；5.如圖所示，水平直導(dǎo)線中通有水平向左的恒定電流i，一電子從導(dǎo)線的正上方以水平向右的初速度飛入該通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場中，那么進入磁場后電子將（）a 沿直線運動b. 向上偏轉(zhuǎn)c. 向下偏轉(zhuǎn)d. 向紙外偏轉(zhuǎn)【答案】c【解析】【詳解】根據(jù)安培定則可得導(dǎo)線上方的磁感應(yīng)強度方向為垂直紙面向里，電子帶負(fù)電，根據(jù)左手定則可得電子受到向下的洛倫茲力，故向下偏轉(zhuǎn)，故c正確，abd錯誤6.如圖所示，電場中有a、b兩點，一個點電荷在a點的電勢能

7、為1.2×10-8j,在b點的電勢能為0.8×10-8j.已知a、b兩點在同一條電場線上，則a. 該電荷為負(fù)電荷b. 該電荷為正電荷c. a、b兩點的電勢差uab=4.0vd. 把電荷從a移到b，靜電力做功為w=2.5×10-10j【答案】a【解析】【詳解】ab、沿電場線方向電勢降低，由于電場線方向向左，b點電勢高于a點電勢，點電荷在a點電勢能高于b點電勢能，根據(jù)電勢能ep=q可以判斷，該點電荷為負(fù)電荷，故a正確，b錯誤；cd、該點電荷從a移到b,電勢能減小ep=1.2×108j0.80×108j=4.0×109j，所以電場力做功為w

8、ab=4.0×109j則a.b兩點的電勢差uab=wab/q，由于點電荷所帶電量未知，無法得出a、b兩點的電勢差，故c d錯誤故選a.7.如圖所示，矩形線圈abcd與理想變壓器原線圈組成閉合電路線圈在有界勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉(zhuǎn)動，磁場只分布在bc邊的左側(cè)，磁感應(yīng)強度大小為b，線圈面積為s，轉(zhuǎn)動角速度為，匝數(shù)為n，線圈電阻不計下列說法正確的是（ ）a. 電容器的電容c變大時，燈泡變暗b. 圖示位置時，矩形線圈中瞬時感應(yīng)電動勢最大c. 將原線圈抽頭p向上滑動時，燈泡變暗d. 若線圈abcd轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)?，則變壓器原線圈電壓的有效值為nbs【答案】cd【解析】電容器的電容

9、c變大，容抗減小，故電流增大，燈泡變亮，故a錯誤；線圈處于圖示位置時，是中性面位置，感應(yīng)電動勢的瞬時值為零，故b錯誤；矩形線圈abcd中產(chǎn)生交變電流；將原線圈抽頭p向上滑動時，原線圈匝數(shù)變大，根據(jù)變壓比公式 ，輸出電壓減小，故燈泡會變暗，故c正確；若線圈轉(zhuǎn)動角速度變?yōu)?，最大值增加為原來的2倍；em2nbs，根據(jù)有效值的定義有：，解得：e=nbs，故d正確；故選cd點睛：本題關(guān)鍵記住交流發(fā)電機最大值求解公式em=nbs，同時要能夠結(jié)合變壓器的變壓比公式和歐姆定律列式分析.8.如圖所示，空間有垂直紙面向里的勻強磁場，氫元素的同位素氘核（一個質(zhì)子，一個中子）和二價氦核（二個質(zhì)子，二個中子）都從邊界

10、上的o點以相同速度先后射入磁場中，人射方向與邊界成相同的角，則氘離子和二價氦離子在磁場中 a. 運動軌跡的半徑相同b. 重新回到邊界所用時間相同c. 重新回到邊界時的動能相同d. 重新回到邊界時與o點的距離相等【答案】abd【解析】【詳解】a.根據(jù)牛頓第二定律得：qvb=m得：r=氘離子為，二價氦離子，由題v、b大小均相同，兩離子電量和質(zhì)量關(guān)系知r相同，故a正確；b.粒子的運動周期t=則知t相同，又因半徑r及速度還相同，都帶正電，知運動軌跡完全相同，運動時間相同，故b正確；c.兩離子在磁場中均做勻速圓周運動，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對稱性可知，重新回到邊界時速度大小與方向相同，但因兩離子

11、質(zhì)量不同，則重新回到邊界時的動量不相同，故c錯誤；d.兩離子運動軌跡完全相同，所以重新回到邊界時與o點的距離相等，故d正確9.質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）套在光滑水平固定直桿上，其上拴一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端固定于距離直桿3d的o點，物體從a點以初速度v0向右運動，到達b點時速度也為v0，oa、ob與水平桿的夾角大小如圖所示，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)（取sin 37°0.6，cos 37°0.8）下列說法正確的是a. 從a點運動到b點的過程中，物體的速度先增大后減小b. 物體在a、b兩點時彈簧彈力的功率相等c. 彈簧原長為5.5dd. 物體在a點時加速度的大小為【

12、答案】cd【解析】【詳解】ac由圖中的幾何關(guān)系可得oa5d，ob6d，由于物體從a點以初速度v0向右運動，到達b點時速度也為v0，可知從a到b的過程中物體的動能變化量為0；在該過程中，由于桿光滑，結(jié)合動能定理可知彈簧對物體做功的和等于0，物體在a點時彈簧的彈性勢能等于物體在b點時的彈性勢能，結(jié)合彈性勢能的特點可知，開始時彈簧處于壓縮狀態(tài)，后來彈簧處于伸長狀態(tài)，且彈簧的壓縮量等于后來彈簧的伸長量，即l05d6dl0，所以彈簧的原長l05.5d；物體從a向o點正下方運動的過程中彈簧繼續(xù)壓縮，所以彈簧對物體做負(fù)功，物體的速度減??；物體從o點的正下方向b運動的過程中彈簧伸長，先對物體做正功，物體的速度

13、增大；當(dāng)彈簧的長度大于彈簧原長后，彈簧又開始對物體做負(fù)功，物體的速度又減小所以物體先減速，再加速，最后又減速，a錯誤，c正確；b如圖所示，分別畫出a、b兩點受到的彈力與速度，由公式pfvcos 可知，a、b兩點f與v0之間的夾角不同，則a、b兩點彈簧彈力的功率不相等，b錯誤；d在a點，彈簧的彈力f與運動方向之間的夾角為180°37°143°，則物體在a點的加速度大小a，d正確二.實驗題（16分）10.某同學(xué)用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的a、b兩球的碰撞來探究碰撞過程中的不變量，圖中pq是斜槽，qr為水平槽，實驗時先使a球從斜槽上某一固定位置g由靜止開始滾下，落到

14、位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡，再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓a球仍從位置g由靜止開始滾下，和b球碰撞后，a、b球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)這種操作10次圖中o點是水平槽末端r在記錄紙上的豎直投影點，b球落點痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且在g、r、o所在的平面內(nèi)，米尺的零點與o點對齊 (1)碰撞后b球的水平射程應(yīng)取為_cm.(2)在以下選項中，本次實驗必須進行的測量是_a水平槽上未放b球時，測量a球落點位置到o點的距離b測量a球與b球碰撞后，a球落點位置到o點的距離c測量a球與b球在空中運動的時間d測量g點相對于水平槽面的高度

15、(3)某同學(xué)用螺旋測微器量小球的直徑，如圖丙所示；小球的直徑d_ 【答案】 (1). 44.8（44.045.0 cm均可） (2). ab (3). 9.194(在9.1929.196之間均可)【解析】【詳解】(1)1圍繞10個落點所在范圍作最小的圓，其圓心即為平均落點，則碰撞后b球的水平射程(2) 2a球從g點由靜止開始滾下，到水平槽時，每次獲得的速度相等；a、b球從水平槽飛出后，在空中運動的時間相等；若碰撞過程動量守恒，則：即：整理得：所以實驗需測量的是：未放b球時，a球落點到o的距離；a和b碰后，a球和b球落點位置到o點的距離；兩球的質(zhì)量a水平槽上未放b球時，測量a球落點位置到o點的距

16、離，與分析相符，故a項符合題意；b測量a球與b球碰撞后，a球落點位置到o點的距離，與分析相符，故b項符合題意；c測量a球與b球在空中運動的時間，與分析不符，故c項不符合題意；d測量g點相對于水平槽面的高度，與分析不符，故d項不符合題意(3) 3由圖得，小球的直徑：11.利用電壓表和電阻箱可以測量電池的電動勢和內(nèi)電阻，某同學(xué)找到了如下的器材：電池組(電動勢約為6.0v ,內(nèi)阻約為1),靈敏電流計g(滿偏電流ig=100a,內(nèi)阻rg=100),定值電阻r1=1,r2=59.9k ,變阻箱r3 (阻值范圍0-9.9可調(diào)),開關(guān)、導(dǎo)線若干該同學(xué)發(fā)現(xiàn)還需要一個合適的電壓表，于是把上述g表改裝成

17、電壓表(1)將g表改裝成量程為6v的電壓表，需將g表與_ (選填r1、r2或r3)串聯(lián)(2)為了準(zhǔn)確地測量出電池組的電動勢和內(nèi)電阻，請在虛線框中把實驗電路圖補充完整_，并在對應(yīng)的電阻旁邊標(biāo)上(r1、r2或r3)，如果為變阻箱，請補充完整其符號(3)某次測量，電壓表示數(shù)如圖乙，其讀數(shù)為 _ v(4)經(jīng)過多次測量，得出圖丙所示的圖像，由圖可求得該電池組的電動勢為_v,內(nèi)阻為_(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】 (1). r2 (2). (3). 44v (4). 5.0 (5). 1.5【解析】【詳解】(1)由公式可得：，故應(yīng)選r2；(2)根據(jù)測電源電動勢和內(nèi)阻的原理：可知，電路中應(yīng)接入電阻箱，所以

18、電路如下圖(3) 電壓表示數(shù)為4.4v；(4) 根據(jù)測電源電動勢和內(nèi)阻的原理：，整理得： 由圖象可知， 解得： ， 所以三、解答題（40分）12.如圖所示，豎直放置的兩塊足夠大的帶電平行板間形成一個方向水平向右的勻強電場區(qū)域，場強.在兩板間用絕緣細線懸掛一個質(zhì)量的帶電小球，靜 止時小球偏離豎直方向的夾角60°(g取10 m/s2)試求：(1)小球的電性和電荷量； (2)剪斷懸線后，小球的加速度【答案】（1）（2）【解析】試題分析：根據(jù)帶電小球在電場中的受力分析如圖所示，可確定帶電小球的電性和電荷量，剪斷懸線后帶電小球沿拉力的反方向做初速度為0的勻加速直線運動，利用牛頓第二定律可得到帶

19、電小球的加速度(1)由小球的受力分析可知，電場力方向水平向右，故小球帶正電，由平衡條件： 解得 ； (2)剪斷懸線后，小球受到重力和電場力，重力與電場力的合力： 小球的加速度： 點晴：解決本題關(guān)鍵是對小球進行受力分析，根據(jù)平衡條件列方程求解，注意剪斷懸線后小球只受重力與電場力，由牛頓第二定律求解加速度13.如圖所示，在第象限內(nèi)有水平向右的勻強電場，在第、象限內(nèi)分別存在如圖所示的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小相等有一個帶正電的粒子質(zhì)量為m帶電量為q以垂直于x軸的初速度v0從x軸上的p點進入勻強電場中，并且恰好與y軸的正方向成45°角進入磁場，又恰好垂直進入第象限的磁場已知op之間的距離為d求：（1）電場強度e的大??；（2）帶電粒子在磁場中第二次經(jīng)過x軸時，在電場和磁場中運動的總時間【答案】（1）（2）【解析】【詳解】（1）粒子以垂直于x軸的初速度進入水平方向的勻強電場，做類平拋運動，由進入電場時的速度與y軸正向成45o角則有