高中總復(fù)習(xí)文科數(shù)學(xué)配人教A版(老高考舊教材)課后習(xí)題Word考點(diǎn)規(guī)范練40　直線、平面垂直的判定與性質(zhì)

1、 考點(diǎn)規(guī)范練40直線、平面垂直的判定與性質(zhì)考點(diǎn)規(guī)范練B冊(cè)第27頁(yè)基礎(chǔ)鞏固1.若平面平面,平面平面=直線l,則()A.垂直于平面的平面一定平行于平面B.垂直于直線l的直線一定垂直于平面C.垂直于平面的平面一定平行于直線lD.垂直于直線l的平面一定與平面,都垂直答案:D解析:對(duì)于A,垂直于平面的平面與平面平行或相交,故A錯(cuò);對(duì)于B,垂直于直線l的直線與平面垂直、斜交、平行或在平面內(nèi),故B錯(cuò);對(duì)于C,垂直于平面的平面與直線l平行或相交,故C錯(cuò);易知D正確.2.設(shè)為平面,a,b為兩條不同的直線,則下列敘述正確的是()A.若a,b,則abB.若a,ab,則bC.若a,ab,則bD.若a,ab,則b答案:

2、B解析:如圖(1),知A錯(cuò);如圖(2)知C錯(cuò);如圖(3),aa,a,ba,知D錯(cuò);由線面垂直的性質(zhì)定理知B正確.3.如圖,在四面體D-ABC中,若AB=CB,AD=CD,E是AC的中點(diǎn),則下列結(jié)論正確的是()A.平面ABC平面ABDB.平面ABD平面BDCC.平面ABC平面BDE,且平面ADC平面BDED.平面ABC平面ADC,且平面ADC平面BDE答案:C解析:因?yàn)锳B=CB,且E是AC的中點(diǎn),所以BEAC.同理有DEAC,于是AC平面BDE.因?yàn)锳C在平面ABC內(nèi),所以平面ABC平面BDE.又因?yàn)锳C平面ACD,所以平面ACD平面BDE,故選C.4.已知l,m,n是三條不同的直線,是不同的

3、平面,則的一個(gè)充分條件是()A.l,m,且lmB.l,m,n,且lm,lnC.m,n,mn,且lmD.l,lm,且m答案:D解析:對(duì)于A,l,m,且lm,如圖(1),不垂直;對(duì)于B,l,m,n,且lm,ln,如圖(2),不垂直;圖(1)圖(2)對(duì)于C,m,n,mn,且lm,直線l沒有確定,則,的關(guān)系也不能確定;對(duì)于D,l,lm,且m,則必有l(wèi),根據(jù)面面垂直的判定定理知,.5.在空間四邊形ABCD中,ADBC,ADBD,且BCD是銳角三角形,則必有()A.平面ABD平面ADCB.平面ABD平面ABCC.平面ADC平面BDCD.平面ABC平面BDC答案:C解析:ADBC,ADBD,BCBD=B,A

4、D平面BDC.又AD平面ADC,平面ADC平面BDC.故選C.6.如圖,已知ABC為直角三角形,其中ACB=90,M為AB的中點(diǎn),PM垂直于ABC所在的平面,則()A.PA=PBPCB.PA=PBPCC.PA=PB=PCD.PAPBPC答案:C解析:M為AB的中點(diǎn),ACB為直角三角形,BM=AM=CM.又PM平面ABC,RtPMBRtPMARtPMC,故PA=PB=PC.7.如圖,在四棱錐P-ABCD中,PA底面ABCD,且底面各邊都相等,M是PC上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),當(dāng)點(diǎn)M滿足時(shí),平面MBD平面PCD.(只要填寫一個(gè)你認(rèn)為正確的條件即可)答案:DMPC(或BMPC)解析:PC在底面ABCD上的射影為

5、AC,且ACBD,BDPC.當(dāng)DMPC(或BMPC)時(shí),即有PC平面MBD,而PC平面PCD,平面MBD平面PCD.8.已知ACB=90,P為平面ABC外一點(diǎn),PC=2,點(diǎn)P到ACB兩邊AC,BC的距離均為3,那么P到平面ABC的距離為.答案:2解析:作PD,PE分別垂直于AC,BC,PO平面ABC.連接CO,OD,知CDPD,CDPO,PDPO=P,CD平面PDO,OD平面PDO,CDOD.PD=PE=3,PC=2,sinPCE=sinPCD=32,PCB=PCA=60.POCO,CO為ACB平分線,OCD=45,OD=CD=1,OC=2.又PC=2,PO=4-2=2.9.設(shè),是空間兩個(gè)不同

6、的平面,m,n是平面及外的兩條不同直線.從“mn;n;m”中選取三個(gè)作為條件,余下一個(gè)作為結(jié)論,寫出你認(rèn)為正確的一個(gè)命題:.(用序號(hào)表示)答案:(或)解析:逐一判斷.若成立,則m與的位置關(guān)系不確定,故錯(cuò)誤;同理也錯(cuò)誤;與均正確.10.(2020全國(guó),文19)如圖,在長(zhǎng)方體ABCD-A1B1C1D1中,點(diǎn)E,F分別在棱DD1,BB1上,且2DE=ED1,BF=2FB1.證明:(1)當(dāng)AB=BC時(shí),EFAC;(2)點(diǎn)C1在平面AEF內(nèi).答案:證明(1)如圖,連接BD,B1D1.因?yàn)锳B=BC,所以四邊形ABCD為正方形,故ACBD.又因?yàn)锽B1平面ABCD,于是ACBB1.所以AC平面BB1D1D

7、.由于EF平面BB1D1D,所以EFAC.(2)如圖,在棱AA1上取點(diǎn)G,使得AG=2GA1,連接GD1,FC1,FG.因?yàn)镈1E=23DD1,AG=23AA1,DD1AA1,所以ED1AG,于是四邊形ED1GA為平行四邊形,故AEGD1.因?yàn)锽1F=13BB1,A1G=13AA1,BB1AA1,所以FGA1B1,FGC1D1,四邊形FGD1C1為平行四邊形,故GD1FC1.于是AEFC1.所以A,E,F,C1四點(diǎn)共面,即點(diǎn)C1在平面AEF內(nèi).11.如圖,在RtABC中,ACB=90,BC=2AC=4,D,E分別是邊AB,BC的中點(diǎn),沿DE將BDE折起至FDE,且CEF=60.(1)求四棱錐F

8、-ADEC的體積;(2)求證:平面ADF平面ACF.答案:(1)解D,E分別是邊AB,BC的中點(diǎn),DE12AC,DEBC,DE=1.依題意,DEEF,BE=EF=2,EFEC=E,DE平面CEF,DE平面ACED,平面ACED平面CEF.作FMEC于M,則FM平面ACED,CEF=60,FM=3,梯形ACED的面積S=12(AC+ED)EC=12(1+2)2=3.四棱錐F-ADEC的體積V=13Sh=1333=3.(2)證法一如圖,取線段AF,CF的中點(diǎn)N,Q,連接DN,NQ,EQ,則NQ12AC,NQDE,四邊形DEQN是平行四邊形,DNEQ.EC=EF,CEF=60,CEF是等邊三角形,E

9、QFC,又DE平面CEF,DEEQ,ACEQ,FCAC=C,EQ平面ACF,DN平面ACF,又DN平面ADF,平面ADF平面ACF.證法二連接BF,EC=EF,CEF=60,CEF是邊長(zhǎng)為2的等邊三角形.BE=EF,EBF=12CEF=30,BFC=90,BFFC.DE平面BCF,DEAC,AC平面BCF.BF平面BCF,ACBF,又FCAC=C,BF平面ACF,又BF平面ADF,平面ADF平面ACF.12.如圖,在直角梯形ABCD中,ADBC,BAD=2,AB=BC=12AD=a,E是AD的中點(diǎn),O是AC與BE的交點(diǎn).將ABE沿BE折起到圖中A1BE的位置,得到四棱錐A1-BCDE.圖圖(1

10、)證明:CD平面A1OC;(2)當(dāng)平面A1BE平面BCDE時(shí),四棱錐A1-BCDE的體積為362,求a的值.答案:(1)證明在題圖中,因?yàn)锳DBC,AB=BC=12AD=a,E是AD的中點(diǎn),BAD=2,所以BEAC,四邊形BCDE為平行四邊形.所以在題圖中,BEA1O,BEOC,BECD,從而BE平面A1OC,又CDBE,所以CD平面A1OC.(2)解由已知,平面A1BE平面BCDE,且平面A1BE平面BCDE=BE,又由(1)知,A1OBE,所以A1O平面BCDE,即A1O是四棱錐A1-BCDE的高.由題圖知,A1O=22AB=22a,平行四邊形BCDE的面積S=BCAB=a2.從而四棱錐A

11、1-BCDE的體積為V=13SA1O=13a222a=26a3,由26a3=362,得a=6.能力提升13.已知兩條不重合的直線m,n和兩個(gè)不重合的平面,有下列命題:若mn,m,則n;若m,n,mn,則;若m,n是兩條異面直線,m,n,m,n,則;若,=m,n,nm,則n.其中正確命題的個(gè)數(shù)是()A.1B.2C.3D.4答案:C解析:若mn,m,則n可能在平面內(nèi),故錯(cuò)誤;m,mn,n.又n,故正確;過直線m作平面交平面于直線c,m,n是兩條異面直線,設(shè)nc=O.m,m,=c,mc.m,c,c.n,c,nc=O,c,n,.故正確;,=m,n,nm,n.故正確.故正確命題有3個(gè),故選C.14.如圖

12、,在斜三棱柱ABC-A1B1C1中,BAC=90,BC1AC,則C1在底面ABC上的射影H必在()A.直線AB上B.直線BC上C.直線AC上D.ABC內(nèi)部答案:A解析:由BC1AC,又BAAC,則AC平面ABC1,因此平面ABC平面ABC1,因此C1在底面ABC上的射影H在直線AB上.15.如圖,在四邊形ABCD中,ADBC,AD=AB,BCD=45,BAD=90,將ABD沿BD折起,使平面ABD平面BCD,構(gòu)成三棱錐A-BCD,則在三棱錐A-BCD中,下列結(jié)論正確的是()A.平面ABD平面ABCB.平面ADC平面BDCC.平面ABC平面BDCD.平面ADC平面ABC答案:D解析:由題意知,在

13、四邊形ABCD中,CDBD.在三棱錐A-BCD中,平面ABD平面BCD,兩平面的交線為BD,所以CD平面ABD,因此有ABCD.又因?yàn)锳BAD,且CDAD=D,所以AB平面ADC,于是得到平面ADC平面ABC,故選D.16.如圖,直線PA垂直于O所在的平面,ABC內(nèi)接于O,且AB為O的直徑,點(diǎn)M為線段PB的中點(diǎn).下列結(jié)論:BCPC;OM平面APC;點(diǎn)B到平面PAC的距離等于線段BC的長(zhǎng).其中正確的是()A.B.C.D.答案:B解析:對(duì)于,因?yàn)镻A平面ABC,BC平面ABC,所以PABC.因?yàn)锳B為O的直徑,所以BCAC.所以BC平面PAC.又PC平面PAC,所以BCPC;對(duì)于,因?yàn)辄c(diǎn)M為線段P

14、B的中點(diǎn),AB為O的直徑,所以O(shè)MPA.因?yàn)镻A平面PAC,OM平面PAC,所以O(shè)M平面PAC;對(duì)于,由知BC平面PAC,所以線段BC的長(zhǎng)即是點(diǎn)B到平面PAC的距離.故都正確.17.如圖,在ABC中,D,E分別為AB,AC的中點(diǎn),O為DE的中點(diǎn),AB=AC=25,BC=4.將ADE沿DE折起到A1DE的位置,使得平面A1DE平面BCED,F為A1C的中點(diǎn),如圖.圖圖(1)求證:EF平面A1BD;(2)求證:平面A1OB平面A1OC;(3)在線段OC上是否存在點(diǎn)G,使得OC平面EFG?說(shuō)明理由.答案:(1)證明取線段A1B的中點(diǎn)H,連接HD,HF.因?yàn)樵贏BC中,D,E分別為AB,AC的中點(diǎn),所

15、以DEBC,DE=12BC.因?yàn)镠,F分別為A1B,A1C的中點(diǎn),所以HFBC,HF=12BC,所以HFDE,HF=DE,所以四邊形DEFH為平行四邊形,所以EFHD.因?yàn)镋F平面A1BD,HD平面A1BD,所以EF平面A1BD.(2)證明在ABC中,因?yàn)镈,E分別為AB,AC的中點(diǎn),AB=AC,所以AD=AE.所以A1D=A1E.又O為DE的中點(diǎn),所以A1ODE.因?yàn)槠矫鍭1DE平面BCED,且A1O平面A1DE,平面A1DE平面BCED=DE,所以A1O平面BCED.因?yàn)镃O平面BCED,所以COA1O.在OBC中,BC=4,易知OB=OC=22,所以COBO.因?yàn)锳1OBO=O,所以CO

16、平面A1OB.因?yàn)镃O平面A1OC,所以平面A1OB平面A1OC.(3)解在線段OC上不存在點(diǎn)G,使得OC平面EFG.假設(shè)在線段OC上存在點(diǎn)G,使得OC平面EFG.連接GE,GF,則必有OCGF,且OCGE.在RtA1OC中,由F為A1C的中點(diǎn),OCGF,得G為OC的中點(diǎn).在EOC中,因?yàn)镺CGE,所以EO=EC,這顯然與EO=1,EC=5矛盾.所以在線段OC上不存在點(diǎn)G,使得OC平面EFG.高考預(yù)測(cè)18.在四棱錐P-ABCD中,ABCD,AB=12DC=1,BP=BC=2,PC=2,AB平面PBC,F為PC的中點(diǎn).(1)求證:BF平面PAD;(2)求證:平面ADP平面PDC;(3)求四棱錐P-ABCD的體積.答案:(1)證明取PD的中點(diǎn)E,連接EF,AE.因?yàn)镕為PC的中點(diǎn),所以EF為PDC的中位線,即EFDC且EF=12DC.又ABCD,AB=12CD,所以ABEF且AB=EF.所以四邊形ABFE為平行四邊形,所以BFAE.又AE平面PAD,BF平面PAD