2022-2023學年重慶市合川大石中學物理高三上期中綜合測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,質量為m的物塊始終固定在傾角為的斜面上,下列說法中正確的是A若斜面向上勻速

2、移動距離s ,斜面對物塊沒有做功B若斜面向右勻速移動距離s,斜面對物塊做功mgsC若斜面向左以加速度a移動距離s ,斜面對物塊做功masD若斜面向下以加速度a移動距離s斜面對物體做功m(g+a) s2、如圖所示，質量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上，用水平向左的力F拉著繩的中點O，使AO與豎直方向的夾角為，物體處于平衡狀態(tài)，則拉力F的大小為AF=mgsinBF=mgtanCF=mg/cosDF=mg/tan3、如圖所示,一質量為2 kg的物體放在光滑的水平面上,原來處于靜止狀態(tài),現(xiàn)用與水平方向成60角的恒力F=10 N作用于物體上,歷時5 s,則下列說法正確的是( )A力F對物體的沖量大小為

3、25 NsB力F對物體的沖量大小為50NsC物體的動量變化量為50 kgm/sD物體所受合外力沖量大小為50 Ns4、人用手托著質量為m的小蘋果，從靜止開始沿水平方向運動，前進距離L后，速度為v（物體與手始終相對靜止），物體與手掌之間的動摩擦因數(shù)為，則下列說法正確的是（ ）A手對蘋果的作用力方向豎直向上B蘋果所受摩擦力大小為C手對蘋果做的功為D蘋果對手不做功5、如圖，在勻強電場中，A、B、C、D、E、F位于邊長為2cm的正六邊形的頂點上，勻強電場的方向平行于正六邊形所在的平面已知A、B、D、E的電勢分別為-2V、0V、6V、4V。則下列說法正確的是( )AC點的電勢BA、F間的電勢差CC、F間

4、的電勢差D該勻強電場的場強大小6、如圖所示，晾曬衣服的繩子兩端分別固定在兩根豎直桿的等高點上，繩子的質量及繩與衣架掛鉤間摩擦均忽略不計，原來保持靜止一陣恒定的風吹來，衣服受到水平向右的恒力而發(fā)生滑動，并在新的位置保持靜止(未畫出)則（ ）A兩繩子拉力不再相等 B兩繩子的夾角變小C兩繩對掛鉤合力變小 D兩繩對掛鉤合力可能不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、2015 年 12 月，我國暗物質粒子探測衛(wèi)星“悟空”發(fā)射升空進入高為 5.0102 km 的 預定軌道“悟空”

5、衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星的運動均可視為勻速圓周運動已知地球半徑 R6.4103 km.下列說法正確的是( )A“悟空”衛(wèi)星的線速度比同步衛(wèi)星的線速度大B“悟空”衛(wèi)星的角速度比同步衛(wèi)星的角速度小C“悟空”衛(wèi)星的向心加速度比同步衛(wèi)星的向心加速度小D“悟空”衛(wèi)星的運行周期比同步衛(wèi)星的運行周期小8、如圖所示，桿上通過輕繩連有兩個滑環(huán)A、B，已知它們的質量mA=mB=2.0kg，A與水平桿間動摩擦因數(shù)為0.3，B與豎直桿間光滑接觸，輕繩長L=0.25m現(xiàn)用水平力將A環(huán)緩慢向右拉動，拉動過程中，角由37增大到53，則在這一過程中（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，sin53=0.8，co

6、s53=0.6）A系統(tǒng)增加的內能為0.6JB水平力F大小不變CB的重力勢能增加1.0JDA受到的摩擦力不變9、如圖所示，MN、PQ是傾角為的兩平行光滑且足夠長的金屬軌道，其電阻忽略不計?？臻g存在著垂直于軌道平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B。導體棒ab、cd垂直于軌道放置，且與軌道接觸良好，每根導體棒的質量均為m，電阻均為r，軌道寬度為L，與軌道平行的絕緣細線一端固定，另一端與ab棒中點連接，細線承受的最大拉力Tm=2mgsin 。今將cd棒由靜止釋放，則細線被拉斷時，cd棒的A速度大小是2mgrsinB2L2B速度大小是mgrsinB2L2C加速度大小是2gsin D加速度大小是010、

7、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則（）A當時，A、B都相對地面靜止B當時，A的加速度為C當時，A相對B滑動D無論F為何值，B的加速度不會超過三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某小組做“探究求合力的方法”的實驗時得出如圖所示的圖（F與A、O共線），其中A為固定橡皮條的固定點、O為橡皮條與細繩的結合點（1）以下實驗操作正確是_A BC D（2）圖甲中小齊同學在做“探究求合力的方法”實

8、驗時，可用手拉動_（從A、B、C、D中選）對彈簧秤進行調零（3）該同學在做“探究求合力的方法”的實驗采取了下面哪種常用的研究方法_A、控制變量法 B、等效替代法C、小量放大法 D、建立理想模型法（4）圖乙中_是與合力的真實值（填“F”或“”）（5）在實驗中，采取下列哪些措施可減小實驗誤差_A兩個分力、間夾角必須為90B兩個分力、的大小要適當大些C拉橡皮條的細繩要盡量短一些D實驗前先檢查彈簧測力計的指針是否指零12（12分）某同學用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來探究碰撞過程中的不變量，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽，實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平

9、地面的記錄紙上，留下痕跡重復上述操作10次，得到10個落點痕跡，再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作10次圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的豎直投影點，B球落點痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且在G、R、O所在的平面內，米尺的零點與O點對齊（1）碰撞后B球的水平射程應取為_cm（2）在以下選項中，本次實驗必須進行的測量是_A水平槽上未放B球時，測量A球落點位置到O點的距離B測量A球與B球碰撞后，A球落點位置到O點的距離C測量A球與B球的質量D測量G點相對于水平槽面的高度四、計算題：本題共2小

10、題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，傾角為37的斜面長L=7.6m，在斜面底端正上方的O點將一小球以速度v0=6m/s水平拋出，與此同時釋放在頂端靜止的滑塊，經(jīng)過一段時間后，小球恰好能 夠以垂直斜面的方向擊中滑塊，己知滑塊質量為10kg （小球和滑塊均視為質點，重力加 速度 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。求： （1）拋出點O離斜面底端的高度；（2）滑塊下滑到與小球相遇過程機械能減少多少。14（16分）如圖所示，一質量為MB=6kg的木板B靜止于光滑水平面上，物塊A質量MA=6kg停在B的左

11、端一質量為m=1kg的小球用長為l=0.8m的輕繩懸掛在固定點O上將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與A發(fā)生碰撞后反彈，反彈所能達到的最大高度h=0.2m木塊與小球可視為質點，A、B達到共同速度后A還在木板上，不計空氣阻力，g取10m/s2.（1）球和物塊A碰后瞬間A物塊的速度大?。?）A、B組成的系統(tǒng)因摩擦損失的總的機械能15（12分）如圖所示，長l1m的輕質細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角37.已知小球所帶電荷量q1.0106C，勻強電場的場強E3.0103N/C，取重力加速度g10m/s2，sin 370

12、.6，cos 370.8.求：(1)小球所受電場力F的大小；(2)小球的質量m；(3)將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A物塊和斜面一起豎直向上勻速運動，物塊受力平衡，斜面對物塊的力大小等于物塊的重力mg，方向豎直向上，位移方向也向上，所以W=mgs，故A錯誤；B斜面向右勻速運動，物塊也是勻速運動，受力平衡，斜面對物塊的力等于其重力，方向豎直向上，運動方向（位移矢量）始終與斜面作用力垂直，所以不做功，故B錯誤；C物塊和斜面一起向左以加速度a移動距離s，物塊所受的合

13、力做的功等于mas，物塊受到重力和斜面對物塊的力，所以，重力做的功加上斜面對物塊做的功之和等于mas，又因為重力做功為零，所以斜面對物塊做的功等于mas，故C正確；D物塊和斜面一起豎直向下以加速度a移動距離s，物塊所受的合力做的功等于mas，物塊受到重力和斜面對物塊的力，所以重力做的功加上斜面對物塊做的功之和等于mas，又因為重力做功為mgs，所以斜面對物塊做的功等于mas-mgs，故D錯誤。2、B【解析】分析小球的受力情況，運用合成法或正交分解法進行求解，得到F的表達式；【詳解】以結點O為研究對象受力分析如下圖所示：由題可知，豎直繩的張力等于mg，保持不變；根據(jù)平衡條件可知：，由此兩式可得：

14、，故B正確，ACD錯誤【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用合成方法求解即可，也可運用正交分解3、B【解析】沖量I=Ft，物體所受合外力的沖量等于物體動量的變化【詳解】A、力F對物體的沖量大小I=Ft=105Ns=50Ns，故A錯誤，B正確C、根據(jù)動量定理，物體所受合外力的沖量等于物體動量的變化F合=10N=5N，所以合外力的沖量I合=F合t=55Ns=25Ns，則物體的動量變化量為25kgm/s，故C、D錯誤故選：B【點睛】在求一個力的沖量的時候，不需要將這個力分解到物體的位移方向上，這一點最容易出錯4、C【解析】試題分析：A、手對蘋果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上，故A

15、錯誤B、蘋果的加速度，則摩擦力，故B錯誤C、根據(jù)動能定理得，手對蘋果做功的大小，故C正確，D錯誤考點：本題考查了功的計算；摩擦力的判斷與計算5、D【解析】A.連接、，與、的交點為、；設六邊形的中心點為，如圖所示：由圖可知，與、都垂直，由六邊形的特點可知，則有：因為在勻強電場中將某一線段等分同時就將該兩線段的電勢差等分，可知、的電勢分別是0V、2V、4V，又E點電勢為4V，則點的電勢一定與點相等，為4V，故A錯誤；B.M點電勢為0，B點電勢為零，則點的電勢也是0V，所以有：故B錯誤；C.點、之間的電勢差為：故C錯誤；D.由幾何關系可知：所以電場強度的大小為：故D正確。6、B【解析】衣服原來是受重

16、力和兩個拉力而平衡，受到向右的風力后是四力平衡，兩個繩子的拉力的合力與重力、風力的合力相平衡，故兩個繩子的拉力的合力變大，即繩對掛鉤作用力變大，則兩個繩子的夾角變小，因為是光滑的鉤子，則兩個繩子的拉力仍相等，選項B正確，ACD錯誤，故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A. 同步衛(wèi)星的軌道半徑約為36000km，由題知“悟空”衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑。由萬有引力提供向心力，得：v=GMr，半徑小的速度大，故A正確；B. 由萬有引力提供向心

17、力，得：=GMr3，半徑小的角速度大，故B錯誤；C. 由萬有引力提供向心力，得：a=GMr2，得半徑小的加速度大，故C錯誤；D、由萬有引力提供向心力，得：T=42r3GM，半徑小的周期小，故D正確。故選：AD8、ACD【解析】本題考查整體法和隔離法的理解與應用【詳解】將A、B視作一個整體，對整體進行受力分析，如圖所示，因豎直桿光滑，故B環(huán)不受摩擦力，但B環(huán)要受到豎直桿的彈力，對整體列出平衡方程，豎直方向是有 ，即A受到的水平桿的支持力應該保持不變，另外整體在水平方向的平衡，有，AD在移動過程中，A往右移動的距離應為，A往右移動過程中滑動摩擦力，可得整個過程A所受的滑動摩擦力保持不變，則系統(tǒng)增加

18、的內能為，故A正確；B將B隔離分析，受力分析如下圖豎直方向是有，水平方向是有，從37增大至53，可得逐漸增大，而整個過程中A所受的滑動摩擦力保持不變，由知，拉力F應該逐漸增大，故B錯誤；C由幾何關系知B上升的距離為，則B物體增加的重力勢能為，故C正確；綜上所述，本題正確答案為ACD。9、AD【解析】當cd棒向下運動時，切割產(chǎn)生感應電動勢，感應電流，有沿導軌向上的安培力，ab棒有沿導軌向下的安培力，結合細線的最大拉力求出細線拉斷時所受的安培力大小，抓住ab和cd棒所受的安培力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律求出cd棒的加速度，結合切割產(chǎn)生的感應電動勢公式、閉合電路歐姆定律求出cd棒的速度?！驹斀狻考毦€

19、被拉斷時，拉力達到Tm=2mgsin，根據(jù)平衡條件有Tm=FA+mgsin，可得ab棒所受安培力FA=mgsin，由于兩棒的電流相等，所受安培力大小相等，由FA=BIL，I=E2r，E=BLv，可得cd棒的速度v=2mgrsinB2L2，A正確，B錯誤；對cd棒，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin-FA=ma，得a=0，C錯誤，D正確?！军c睛】對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點是分析安培力作用下導體棒的平衡問題，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現(xiàn)象中的能量轉化問題，根據(jù)動能定理、功能關系等列方程求解。10、BCD【解析】A根據(jù)題意可知，B與地面

20、間的最大靜摩擦力為因此要使B能夠相對地面滑動，A對B所施加的摩擦力至少為A、B間的最大靜摩擦力為故時，A、B都相對地面靜止，A錯誤；BA、B恰好不相對滑動時，根據(jù)牛頓第二定律可知應當滿足且即則當F3mg，A、B將一起向右加速滑動。當時，對A和B整體受力分析有解得故B正確。CD當F3mg時，A、B將以不同的加速度向右滑動，根據(jù)牛頓第二定律有F2mg2maA，解得，故CD正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD C B BD 【解析】(1)1A兩個彈簧秤應盡量和紙面平行，故A錯誤。B用兩個彈簧秤分別鉤住繩套，互成角度地拉橡

21、皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧秤的示數(shù)，其中F1、F2方向夾角不能太小或太大，適當即可故B正確C. 固定橡皮條的固定點和結點位置不能變動，故C錯誤。D只用一只彈簧秤，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧秤的示數(shù)，記下細繩的方向故D正確(2)2使用前要檢查彈簧測力計的指針是否指到零位置如果沒有指在零位置就需要調零調零一般方法是通過移動指針來調零，即調節(jié)圖示中的部件C(3)3 實驗中兩次要求效果相同，故實驗采用了等效替代的方法所以B正確，ACD錯誤(4)4F1、F2合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數(shù)值，

22、由此可知F是F1、F2合力的理論值，F(xiàn)是合力的實驗值；該實驗的實驗目的就是比較F1、F2合力的理論值和實驗值是否相等(5)5 A根據(jù)平行四邊形定則可知夾角太小將會導至合力過大，導致一個彈簧拉時可能超過量程，故夾角不能太小或太大，適當即可故A不符合題意B實驗是通過作圖得出結果，故在不超出量程的情況下為了減小誤差應讓拉力盡量大些故B符合題意C為了準確記下拉力的方向，故采用兩點描線時兩點應盡量距離大一些，故細繩應長些故C符合題意D彈簧秤使用前應先校零，即實驗前先檢查彈簧測力計的指針是否指零故D符合題意12、64.8(64.065.0cm均可) ABC 【解析】（1）由圖乙所示可知，刻度尺分度值為mm，用最小的圓把這些落地點圈起來，其圓心為B的平均落地點，則由圖示可知，碰撞后B球的水平射程應取為64.80cm；（2）小球離開軌道后