2022-2023學(xué)年山東省錦澤技工學(xué)校物理高三上期中監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著質(zhì)量均為2kg的物塊A、B，它們處于靜止?fàn)顟B(tài)，若突然將一個(gè)大小為10N、方向豎直向下的力施加在物塊A上，則此瞬間，A對B的壓力大小為（g=10m/s2）（） A10 NB20 NC

2、25 ND30 N2、下列說法正確的是（ ）A玻爾通過對氫原子模型的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說B根據(jù)放射性元素的半衰期可以確定某個(gè)特定的原子核何時(shí)發(fā)生衰變C太陽釋放出的能量來源于太陽內(nèi)部原子核的裂變D原子核內(nèi)部核子之間距離非常的近，但是，核子之間的核力遠(yuǎn)大于它們之間的萬有引力和庫侖力3、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種重要的思想方法，下列物理量的表達(dá)式不屬于用比值法定義的是（ ）A加速度B功率C速度D電阻4、如圖所示，B木塊沿固定斜面勻減速下滑，此時(shí)將A木塊完全吻合地疊加在B木塊上能保持相對靜止一起下滑，木塊A和B接觸面是水平的，B與斜面和A之間的動摩擦因數(shù)因分別為1和2，斜面傾角為。最大

3、靜摩擦力等于滑動摩擦力，在下滑過程中，則正確的說法是（ ）AA與B一起運(yùn)動時(shí)，B的受力個(gè)數(shù)為4B2(1cos-sin)cos C10可得1tan，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；B單獨(dú)運(yùn)動時(shí)加速度: 1mBgcos-mBgsin=mBa，則a=a，則選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.5、D【解析】A.根據(jù)GMmr2=m42T2r可得T=42r3GM，由題意知量子衛(wèi)星的軌道半徑r1=mR，同步衛(wèi)星的軌道半徑r2=nR，所以同步衛(wèi)星與量子衛(wèi)星的運(yùn)行周期之比為T2T1=r23r13=nR3mR3=n3m3，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.P為地球赤道上一點(diǎn)，P點(diǎn)角速度等于同步衛(wèi)星的角速度，根據(jù)v=r所以同步衛(wèi)星與P點(diǎn)的速度之比為v2vP=r2rP

4、=nRR=n1，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD.根據(jù)GMmr2=mv2r可得v=GMr，所以量子衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的速度之比為v1v2=r2r1=nRmR=nm，又由于v1=nvp，量子衛(wèi)星與P點(diǎn)的速度之比為v1vP=n3m，故D正確，C錯(cuò)誤。6、C【解析】由于A物體保持靜止，所以A物體只受繩的拉力和重力，繩子的拉力等于A的重力，A錯(cuò)；地面受到的壓力等于B的重力，B錯(cuò)；由于B物體與A物體間沒有相互作用力且靜止，所以B物體只受豎直方向的重力和地面對B的支持力，水平方向不存在摩擦力，C對D錯(cuò)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，

5、選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】A在玻璃試管中，如果液體能夠浸潤器壁，液面呈凹形，由于玻璃管中水銀柱表面是凸面，說明水銀不浸潤玻璃，故A正確；B布朗運(yùn)動是懸浮在水中的花粉顆粒的運(yùn)動，是由于受到水分子的撞擊不平衡而發(fā)生的，故反映了水分子的永不停息的無規(guī)則運(yùn)動，故B正確；C1kg0的水的內(nèi)能變成1kg0的冰時(shí)要放出熱量，根據(jù)能量守恒分析可知，1kg0的水的內(nèi)能變成1kg0的冰的內(nèi)能大，故C錯(cuò)誤；D玻璃在熔化過程中溫度為斷升高，可彎曲成不同角度的彎曲玻璃管。說明玻璃是非晶體，故D正確；E達(dá)到飽和汽壓是單位時(shí)間內(nèi)進(jìn)入水中的水分子數(shù)和從水面飛出的水分子數(shù)相同，故E錯(cuò)誤。故選ABD。

6、8、BC【解析】研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，根據(jù)GMmr2=mv2r，解得v=GMr可知軌道半徑越小，線速度越大，故衛(wèi)星在軌道3上的速率小于在軌道1上的速率，A錯(cuò)誤；橢圓軌道2的半長軸大于圓軌道1的半徑，根據(jù)開普勒第三定律a3T2=k，知衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行的周期大于在軌道1上運(yùn)行的周期，B正確；根據(jù)GMmr2=ma得a=GMr2，所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度等于在軌道1上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度，C正確；衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行時(shí)，從P到Q只有萬有引力做功，故機(jī)械能守恒，即經(jīng)過P點(diǎn)的機(jī)械能等于經(jīng)過Q點(diǎn)的機(jī)械能，D錯(cuò)誤9、BC【解析】A.規(guī)定初速度方向?yàn)檎较?，初速度，碰撞后速度?/p>

7、則速度變化量為：負(fù)號表示速度變化量的方向與初速度方向相反，所以碰撞前后小球速度變化量的大小為12m/s，故A錯(cuò)誤， B正確；C.運(yùn)用動能定理研究碰撞過程，由于初、末動能相等，則： 碰撞過程中墻對小球做功的大小W為0，故C正確，D錯(cuò)誤。10、BD【解析】由題意，電場的方向與面ABCD垂直，所以面ABCD是等勢面，A、D兩點(diǎn)的電勢差為0，又因A、A兩點(diǎn)沿電場線的方向有距離，順著電場線方向電勢降低，所以AA兩點(diǎn)間電勢差UAA不為0，A錯(cuò)誤；帶正電的粒子從A點(diǎn)到D電場力不做功，而由DD電場力做正功，B正確；同理，帶負(fù)電的粒子從A點(diǎn)沿路徑ADD移到D點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增大，C錯(cuò)誤；由電場力做功的特

8、點(diǎn)：電場力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置的電勢差有關(guān)，則知帶電的粒子從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，沿對角線A C與沿路徑ABBC電場力做功相同，D正確；故選BD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要掌握：1、只有電場力做功，電荷的電勢能和動能之和保持不變2、只有電場力和重力做功，電勢能、重力勢能、動能三者之和保持不變3、電場力做的正功，等于電勢能的減少量；電場力做負(fù)功，等與電勢能的增加量三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）BC DE （2）0.422 0.420【解析】解：（1）推動小車由靜止開始運(yùn)動，故小車有個(gè)加速過程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動，即在相同的時(shí)間內(nèi)通

9、過的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；碰撞過程是一個(gè)變速運(yùn)動的過程，而A和B碰后的共同運(yùn)動時(shí)做勻速直線運(yùn)動，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計(jì)算碰后共同的速度（2）碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則P1=mAv0=mA=0.40=0.422kgm/s，碰后的總動量P2=mAvA+mBvB=（mA+mB）v2=（mA+mB）=0.60 =0.420kgm/s；12、擋光片中心 繩子有一定的質(zhì)量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運(yùn)動受到空氣阻力等 重力加速度g 【解析】解：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.0120.0mm=0.200mm，所

10、以最終讀數(shù)為：5.5mm+0.200mm=5.700mm（2）需要測量系統(tǒng)重力勢能的變化量，則應(yīng)該測量出擋光片中心到光電門中心的距離，系統(tǒng)的末速度為：，則系統(tǒng)重力勢能的減小量Ep=mgh，系統(tǒng)動能的增加量為：,若系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有：（3）系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功，引起實(shí)驗(yàn)誤差的原因可能有：繩子有質(zhì)量；滑輪與繩子有摩擦；重物運(yùn)動受到阻力作用（4）根據(jù)牛頓第二定律得，系統(tǒng)所受的合力為mg，則系統(tǒng)加速度為：，當(dāng)m不斷增大，則a趨向于g【點(diǎn)評】考查螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，知道誤差產(chǎn)生的原因，掌握整體法在牛頓

11、第二定律中的運(yùn)用四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 5.2m/s(2)432N【解析】(1)以甲、乙、A三者組成的系統(tǒng)為研究對象,可求得甲、乙兩宇航員在空間站外做相對距離不變的同向運(yùn)動的速度；進(jìn)而可求得乙要以多大的速度v(相對于空間站)將物體A推出。(2)對甲根據(jù)動量定理可求得甲與A的相互作用力?！驹斀狻?1)以甲、乙、A三者組成的系統(tǒng)為研究對象,系統(tǒng)動量守恒,以乙的方向?yàn)檎较?則有：(M2+m)v0-M1v0=(M1+M2+m)v1以乙和A組成的系統(tǒng)為研究對象,由動量守恒得：(M2+m)v0=M2v1

12、+mv代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v1=0.4m/s,v=5.2m/s(2)以甲為研究對象,由動量定理得：Ft=M1v1-(-M1v0)代入數(shù)據(jù)解得F=432N答案:(1)5.2m/s；(2)432N14、 (1)v=4m/s (1) 【解析】（1）羽毛球先與筒一起勻加速，加速度大小為a：解得a=10 m/s10.1s末球筒撞擊桌面前瞬間的速度v=at=4 m/s(1) 球筒撞擊桌面后羽毛球做勻減速直線運(yùn)動，設(shè)其加速度大小為a1解得a1=10 m/s1對羽毛球，根據(jù)牛頓第二定律f-mg=ma1解得f=3.5mg所以15、（1）F12N （1）2m/s2 ；4m/s1（3）1s（4）11m/s【解析】（1）對物體A：1mAg=mAa解得：a=2m/s2 對整體：F-2(mA+mB)g=(mA+mB)a 代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出: F=11N 則保持相對靜止 F11N（1）木板受F=16N的水平恒力作用時(shí)木板和木塊產(chǎn)生相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律，對B： F-2(mA+mB)g-1mAg=mBaB對A： 1mAg=mAa代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出: aA=2m/s2 aB=4m/s2 （3）設(shè)物體A經(jīng)時(shí)間t從木板B上滑下，此時(shí)A的位移: x1=12aAt2B的位移: x2=12aBt2 x2-x1=L聯(lián)立以上三式，代