山東省泰安市新泰二中2022-2023學年物理高三上期中學業(yè)水平測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列哪一句話可從牛頓第一定律演繹得出A質量是物體慣性的量度B物體的運動需要力來維持C

2、質量一定的物體加速度與合外力成正比D物體有保持原有運動狀態(tài)的特性2、汽車發(fā)動機的額定功率是60kW，汽車的質量為2103kg，在平直路面上行駛，受到的阻力是車重的0.1倍若汽車從靜止出發(fā)，以0.5ms2的加速度做勻加速運動，則出發(fā)50s時，汽車發(fā)動機的實際功率為(取g=10ms2) （ ）A25kWB50kWC60kWD75kW3、如圖所示，將透明長方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個截面，將a、b兩種單色細光束射入到P點，入射角為，若a光折射后恰好射至AD面上，b光從CD面射出，則（ ）A在介質中b光比a光速度大Ba光在介質中的折射率C若要a光束在AD面上發(fā)生全反射，角的范圍應滿足D改變入

3、射角的大小，b光一定可以從AD面射出4、如圖所示,矩形的四個頂點a、b、c、d是勻強電場中的四個點，ab=2bc=2L，電場線與矩形所在的平面平行，已知a點電勢為18 V，b點電勢為10 V，c點電勢為6 V，一質子從a點以速度v0射入電場，v0與ab邊的夾角為45，一段時間后質子經(jīng)過ab的中點e，不計質子重力，下列判斷正確的是 Ad點電勢為12VB質子從a到b電勢能增加了6 eVC電場強度大小為D質子從a到e所用時間為5、假設輪船行駛時，所受阻力與船速成正比。當船以速度v勻速行駛時，發(fā)動機輸出功率為P1；當船以速度2v勻速行駛時，發(fā)動機輸出功率為P2。P1、P2均不超過額定功率。則AP2=

4、2P1 BP2=4P1 CP1=2P2 DP1=P26、如圖所示，輕質彈簧一端固定，另一端與質量為m的圓環(huán)相連，圓環(huán)套在傾斜的粗糙固定桿上，桿與水平面之間的夾角為，圓環(huán)在A處時彈簧豎直且處于原長。將圓環(huán)從A處靜止釋放，到達C處時速度為零。若圓環(huán)在C處獲得沿桿向上的速度v，恰好能回到A。已知AC=L，B是AC的中點，彈簧始終在彈性限度之內，重力加速度為g，則下列敘述錯誤的是( )A下滑過程中，環(huán)受到的合力先減小后增大B下滑過程中，環(huán)與桿摩擦產(chǎn)生的熱量為14mv2C從C到A過程，彈簧對環(huán)做功為mgLsin-14mv2D環(huán)經(jīng)過B時，上滑的速度小于下滑的速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

5、20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個相同的金屬小球，帶電荷量之比為17，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則它們間的庫侖力可能為原來的（）ABCD8、如圖所示，一帶電小球自固定斜面頂端A點以速度水平拋出，經(jīng)時間落在斜面上B點現(xiàn)在斜面空間加上豎直向下的勻強電場，仍將小球自A點以速度水平拋出，經(jīng)時間落在斜面上B點下方的C點不計空氣阻力，以下判斷正確的是A小球一定帶負電B小球所受電場力一定小于重力C小球兩次落在斜面上的速度大小可能不同D小球兩次落在斜面上的速度方向一定相同9、如圖所示，一個長直輕桿兩端分

6、別固定小球A和B，豎直放置，兩球質量均為m，兩球半徑忽略不計，桿的長度為L由于微小的擾動，A球沿豎直光滑槽向下運動，B球沿水平光滑槽向右運動，下列說法正確的是( )AA球下滑過程中的機械能守恒B在A球到達水平滑槽前，A球的機械能先增大后減小C當小球A沿墻下滑距離為L/2時，A球的速度為123gLDA球的機械能最小時輕桿對B球的作用力為零10、如圖所示，水平地面上的物塊在拉力F作用下做勻速直線運動，若使力F與水平面的夾角從0逐漸增大到接近，物塊仍以原來的速度作勻速運動，下列分析正確的是 A地面對物塊的彈力和摩擦力的合力方向不變B地面對物塊的彈力和摩擦力的合力大小不變C拉力F先減小后增大D拉力F一

7、直減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”的實驗圖甲是不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，其示數(shù)為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針所指的標尺刻度，此時彈簧的伸長量l為_cm;本實驗通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關于此操作，下列選項中規(guī)范的做法是_；（填選項前的字母）A逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重B隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重圖丙是該同學描繪的彈簧的伸長量l與彈力F的關系圖線，圖線的AB段明顯

8、偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是_12（12分）某同學在研究性學習中，利用所學的知識解決了如下問題：一輕質彈簧豎直懸掛于某一深度為h=35 cm，且開口向下的小筒中（沒有外力作用時彈簧的下端位于筒內，用測力計可以同彈簧的下端接觸），如圖甲所示，若本實驗的長度測量工具只能測量露出筒外彈簧的長度l，現(xiàn)要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學通過改變l而測出對應的彈力F，作出F-l圖象如圖乙所示，則彈簧的勁度系數(shù)為k= _ N/m，彈簧的原長l0= _ cm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）圖為“嫦娥

9、三號”探測器在月球上著陸最后階段的示意圖.首先在發(fā)動機作用下，探測器受到推力在距月球高度為處懸停（速度為0，遠小于月球半徑）；接著推力改變，探測器開始豎直下降，到達距月面高度為處的速度為，此后發(fā)動機關閉，探測器僅受重力下落至月面.已知探測器總質量為（不包括燃料），地球和月球的半徑比為，質量比為，地球表面附近的重力加速度為，求：（1）月球表面附近的重力加速度大小及探測器剛接觸月面時的速度大??；（2）從開始豎直下降到剛接觸月面時，探測器機械能的變化14（16分）質量為m的汽車以恒定的功率P在平直的公路上行駛，汽車勻速運動的速度為v1，則當汽車以較小的速度v2行駛時，汽車的加速度為多少？15（12分

10、）如圖所示，在xl，y0范圍內有一勻強磁場，方向垂直紙面向里；在xl，y0范圍內有一電場強度為E的勻強電場，方向沿y軸負方向質量為m，電荷量為q的粒子從y軸上的M點由靜止釋放，粒子運動到O點時的速度為v不計粒子重力（1）求O，M兩點間的距離d；（2）a如果經(jīng)過一段時間，粒子能通過x軸上的N點，O，N兩點間的距離為b（bl），求磁感應強度Bb如果粒子運動到O點的同時，撤去電場要使粒子能再次通過x軸，磁感應強度B應滿足什么條件？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：牛頓第一定律又叫慣性定律，一切物體在

11、沒有受到力的作用時，總保持勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)，除非作用在它上面的力迫使它改變這種運動狀態(tài)說明力不是維持物體運動的原因，也沒有提出質量是物體慣性的度量，AB錯誤，D正確，C為牛頓第二定律的內容，C錯誤，考點：考查了對牛頓第一定律的理解點評：切記慣性定律和慣性的區(qū)別；牛頓第一定律說明了兩個問題：它明確了力和運動的關系它提出了慣性的概念2、C【解析】汽車受到的阻力，汽車以0.5ms2的加速度做勻加速運動，解得：，若50s內車是勻加速，則，50s末汽車功率；但汽車發(fā)動機的額定功率是60kW，則50s內車不是勻加速，而是先勻加速后變加速；故出發(fā)50s時，汽車發(fā)動機的實際功率為60kW，選擇C點睛

12、：車輛正常工作時實際功率不允許超過額定功率3、C【解析】A光的折射角大于光的折射角，由折射定律知光的折射率大于光的折射率，由：分析知在介質中光比光速度小，故A錯誤；B光折射后恰好射至面上點，如圖所示。根據(jù)幾何關系可知：光在介質中的折射率為：故B錯誤；C若要光束在面上發(fā)生全反射，則有：得：由得：可知：故C正確；D光的折射率大于光的折射率，由知光的臨界角小于光的臨界角，但不確定光臨界角的范圍，因此，改變入射角的大小，光不一定可以從面射出，故D錯誤。故選C4、D【解析】A. 勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，故有：即：可得點電勢為：故A錯誤；B.，故質子從到電場力做功為：電場力做正功電勢能

13、減小了8eV，故B錯誤；C. 經(jīng)計算可知，點和點的電勢相同，故連點連線為等勢線，由于，故為等腰三角形，點到直線的距離為：由電場強度與電壓的關系可得，電場強度大小為：故C錯誤；D.連線為等勢線，故質子拋出后做類平拋運動，落到點時，垂直于電場線方向的位移為，所需時間為：故D正確。5、B【解析】當船以速度v勻速行駛時,阻力f1=kv,牽引力F1=f1,發(fā)動機輸出功率P1=F1v=kv2當船以速度2v勻速行駛時,阻力f2=k2v,牽引力F2=f2,發(fā)動機輸出功率P2=F22v=k(2v)2=4kv2=4P1，故A、C、D錯誤，B正確。故選：B6、D【解析】圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，初速度為零，到達C處

14、的速度為零，所以圓環(huán)先做加速運動，再做減速運動，所以加速度先減小，后增大，則合力先減小后增大，故A正確；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C過程，運用動能定理列出等式：mgh+Wf-W彈=0，在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運用動能定理列出等式-mgh+W彈+Wf=0-12mv2；解得：Wf=-14mv2，所以產(chǎn)生的熱量為14mv2，故B正確；在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運用動能定理列出等式：-mgh+W彈+Wf=0-12mv2，h=Lsin，解得：W彈=mgLsin-14mv2，故C正確；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程，運用動能定理列出等式mgh+Wf-W彈=1

15、2mvB2-0；研究圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運用動能定理列出等式-mgh+Wf+W彈=0-12mvB2，由于Wf0，所以12mvB212mvB2，則環(huán)經(jīng)過B時，上滑的速度大于下滑的速度，故D錯誤；此題選擇錯誤的選項，故選D。【點睛】能正確分析小球的受力情況和運動情況，對物理過程進行受力、運動、做功分析，是解決問題的根本方法，掌握動能定理的應用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】ABCD設兩金屬球帶異種電荷，電荷量分別為q和-7q，兩者間庫侖力大小為將兩者

16、接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為-3q，庫侖力大小為是原來的；設兩金屬球帶同種電荷，電荷量分別為q、7q，由庫侖定律有將兩者接觸后再放回原來的位置上，兩球所帶電荷量均為4q，庫侖力大小為是原來的，故AB錯誤，CD正確。故選CD。8、ABD【解析】試題分析：不加電場時，小球做平拋運動，加電場時，小球做類平拋運動，根據(jù)，則，因為水平方向上做勻速直線運動，可知t2t1，則ag，可知小球一定帶負電，所受的電場力向上，且小于重力的大小，故A 、B正確因為做類平拋運動或平拋運動時，小球在某時刻的速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于位移方向相同，則小球兩次落在斜面

17、上的速度方向一定相同根據(jù)平行四邊形定則知，初速度相同，則落在斜面上的速度大小相等，故C錯誤，D正確故選ABD考點：平拋運動【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動和類平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，并且要記住平拋運動某時刻的速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，結合運動學公式靈活求解，難度中等9、CD【解析】系統(tǒng)機械能守恒，A的機械能轉化為B的動能，B的動能開始是0，最終還是0，所以A球的機械能先減小后增大。最終A球以一定的豎直速度撞擊橫槽。故AB錯誤；當小球A沿墻下滑距離為L/2時，A球的速度為v1，B球的速度為v2。根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律得：mgL212m

18、v12+12mv22；兩球沿桿子方向上的速度相等，則有：v1cos60=v2cos30。聯(lián)立兩式解得：v1=123gL，故C正確；A球的機械能最小時這是一個瞬間狀態(tài)，是輕桿對B做負功和正功的臨界點，所以作用力為0，故D正確；故選CD。【點睛】該題突破口是系統(tǒng)機械能守恒（墻和地對球的彈力不做功），由繩物模型可知，B的速度沿桿方向的分速度等于桿的速度，越向下運動桿的速度越小，當A剛要到地面時桿的速度為零。即B的速度為零。10、AC【解析】物體受重力、支持力、拉力和摩擦力，因為物體做勻速運動，所以物體所受的滑動摩擦力大小為： ，由此可知摩擦力與支持力的合力與水平方向夾角的正切值為： ，因為不變，所以

19、地面對物塊的彈力和摩擦力的合力方向不變，故A正確；物體作勻速運動， 即重力與拉力的合力一定和摩擦力與支持力的合力等大反向，隨著F與水平面的夾角從0逐漸增大，拉力與重力的合力在變化，所以摩擦力與支持力的合力大小也在變化，故B錯誤；對物體受力分析如圖所示：因為物體勻速運動，水平豎直方向均受力平衡，水平方向： ，豎直方向： ，摩擦力為：Ff=FN，聯(lián)立解得： ，根據(jù)三角函數(shù)知識可知拉力F先減小后增大，故C正確，D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.93cm A 鉤碼重力超過彈簧彈力范圍 【解析】乙的讀數(shù)為13.66cm,則彈簧的伸長量L =13.66cm5.73cm =7.93cm為了更好的找出彈力與形變量之間的規(guī)律，應逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重，A正確；彈簧超出了彈性限度，彈簧被損壞，彈簧的伸長量L與彈力F不成正比12、200 25 【解析】根據(jù)胡克定律寫出F與l的關系式，然