2023學(xué)年福建省普通高中高二物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題

2、目要求的。1、某機(jī)械傳動結(jié)構(gòu)的示意圖如圖所示A在前齒構(gòu)輪邊緣上，B點(diǎn)在后齒輪邊緣上，C在后輪邊緣上；前齒輪和后齒輪通過鏈條傳動，后齒輪和后輪固定在一起前齒輪半徑為l0cm，后齒輪半徑為5cm，后輪半徑為30cm在它們勻速轉(zhuǎn)動時(shí)，下列說法正確的是（ ）AA、B兩點(diǎn)角速度相同BA點(diǎn)角速度是C點(diǎn)角速度的一半CA、C兩點(diǎn)的加速度大小相同DB點(diǎn)的轉(zhuǎn)動周期小于C點(diǎn)的轉(zhuǎn)動周期2、關(guān)于下列甲、乙兩電路圖說法正確的是()A甲圖中滑動變阻器R0屬分壓式接法B甲圖中電阻R兩端的電壓能從零開始調(diào)節(jié)C乙圖中滑動變阻器R0屬限流式接法D乙圖中電阻R兩端的電壓能從零開始調(diào)節(jié)3、一帶電油滴在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動軌跡如圖所示，電場

3、方向豎直向下若不計(jì)空氣阻力，則此帶電油滴從a運(yùn)動到b的過程中，能量變化情況為A此帶電油滴帶正電B動能減小，電勢能增加C動能和電勢能總和增加D動能和重力勢能之和增加4、如圖所示，水平地面上有一個(gè)坑，其豎直截面為半圓，O為圓心，AB為沿水平方向的直徑若在A點(diǎn)以初速度v1沿AB方向平拋一小球，小球?qū)糁锌颖谏系淖畹忘c(diǎn)D點(diǎn)；而在C點(diǎn)以初速度v2沿BA方向平拋的小球也能擊中D點(diǎn)已知COD60，則兩小球初速度大小之比v1v2是（小球視為質(zhì)點(diǎn)）A12B13C 2D 35、兩根完全相同的金屬裸導(dǎo)線，如果把其中一根均勻拉長到原來的2倍，把另一根對折后絞起來，則它們的電阻之比為A1:4B1:8C1:16D16:1

4、6、如圖所示，在真空中，兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬小球A和B，相距為r球的半徑比r小得多，A帶電荷量為+4Q，B帶電荷量為-2Q，相互作用的靜電力為F現(xiàn)將小球A和B互相接觸后，再移回至原來各自的位置，這時(shí)A和B之間相互作用的靜電力為F則F與F之比為（ ）A8:3 B8:1 C1:8 D4:1二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示的直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)分布著均勻輻射的電場坐標(biāo)原點(diǎn)與四分之一圓弧的熒光屏間電壓為U；第三象限內(nèi)分布著豎直向下的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E

5、，大量電荷量為q（q0）、質(zhì)量為m的粒子，某時(shí)刻起從第三象限不同位置連續(xù)以相同的初速度v0沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場，若粒子只能從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入第一象限，其它粒子均被坐標(biāo)軸上的物質(zhì)吸收并導(dǎo)走并不影響原來的電場分布，不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用，下列說法正確的是A能打到熒光屏的粒子，進(jìn)入O點(diǎn)的動能必須大于qUB能進(jìn)入第一象限的粒子，在勻強(qiáng)電場中的初始位置分布在一條直線上C到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，到達(dá)O點(diǎn)的速度方向與y軸的夾角越大D若U，熒光屏各處均有粒子到達(dá)而被完全點(diǎn)亮8、我國已經(jīng)禁止銷售100 W及以上的白熾燈，以后將逐步淘汰白熾燈假設(shè)某同學(xué)研究白熾燈得到某白熾燈的UI圖象如圖所示圖象上A

6、點(diǎn)與原點(diǎn)的連線與橫軸成角，A點(diǎn)的切線與橫軸成角，則A白熾燈的電阻隨電壓的增大而減小B在A點(diǎn)，白熾燈的電阻可表示為tan C在A點(diǎn)，白熾燈的電功率可表示為U0I0D在A點(diǎn)，白熾燈的電阻可表示為9、如圖所示的裝置中，木塊B與水平面間的接觸面是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在木塊內(nèi)，將彈簧壓縮到最短，彈簧左端連著墻壁?，F(xiàn)將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對象(系統(tǒng))，則此系統(tǒng)在從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過程中（ ）A動量守恒B動量不守恒C機(jī)械能守恒D機(jī)械能不守恒10、在勻強(qiáng)磁場B的區(qū)域中有一光滑斜面體，在斜面體上放置一根長為L，質(zhì)量為m的導(dǎo)線，當(dāng)通以如圖所示方向的電流后，導(dǎo)線恰能

7、保持靜止，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B可能滿足A方向垂直斜面向上B，方向垂直斜面向下C，方向豎直向下D，方向水平向左三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，是用伏安法測電源電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中所得的路端電壓隨電流變化的圖象。由圖可知。E=_V，r=_。12（12分）下圖為一簡易多用電表的內(nèi)部電路原理圖， 其中 G 為靈敏電流計(jì)，S 為單刀多擲開關(guān)(功能鍵)，表內(nèi) 直流電源的電動勢為 E由圖可知，欲選擇電壓擋大量 程時(shí)，應(yīng)將功能鍵置于_位置；欲測電阻時(shí)，應(yīng) 將功能鍵置于 _位置，欲選擇電流擋大量程時(shí)， 應(yīng)將功能鍵置于_位置(統(tǒng)一填寫數(shù)字序

8、號)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）相距11 km的A、B兩地用兩導(dǎo)線連接，由于受到暴風(fēng)雨的影響，在某處一根樹枝壓在兩根導(dǎo)線上造成故障為查明故障地點(diǎn)，先在A處加12 V的電壓，在B處測得電壓為10 V；再在B處加上12 V電壓，在A處測得電壓為4 V，問故障地點(diǎn)離A處多遠(yuǎn)？14（16分）一個(gè)物體從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，加速度為3m/s2，則物體在第2秒末的速度大小是多少？2秒內(nèi)的位移大小是多少米15（12分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓

9、弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為，整個(gè)裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場中。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的帶電小球在電場力的作用下沿水平軌道向右運(yùn)動，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道通過C點(diǎn)，落至水平軌道。已知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱?，重力加速度大小為g求：(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小；(2)小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度的大小。（結(jié)果保留根號）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：A、AB是用皮帶連接的；故AB兩點(diǎn)線速度相同，因兩點(diǎn)的半徑不同；故兩點(diǎn)的角速度不同；故A錯(cuò)誤；B、B

10、C兩點(diǎn)是共軸轉(zhuǎn)動的，故兩點(diǎn)的角速度相同；由v=r可知，A的角速度是B的角速度的一半；故A角速度是C角速度的一半；故B正確；C、由a=r2可知，設(shè)A點(diǎn)的角速度是，結(jié)合B的分析可知C點(diǎn)的角速度是2，故加速度關(guān)系為：，兩點(diǎn)的加速度大小不同；故C錯(cuò)誤；D、因BC兩點(diǎn)角速度相同，則周期一定相同；故D錯(cuò)誤；故選B2、D【解析】本題考查了滑動變阻器的兩種接法，分壓接法和限流接法，當(dāng)劃片P連線上不連接電阻時(shí)，為限流接法，當(dāng)劃片P上連接電阻時(shí)，為分壓接法，其中分壓接法中電阻R兩端的電壓能從零開始調(diào)節(jié)甲圖中滑動變阻器的劃片P上沒有連接電阻，所以為限流接法，A錯(cuò)誤只要采用分壓接法時(shí)，電阻R兩端才可以從零開始調(diào)節(jié)，B

11、錯(cuò)誤乙圖中滑動變阻器的劃片P上聯(lián)有電阻，所以為分壓接法，電阻R兩端的電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，所以C錯(cuò)誤，D正確，思路拓展：本題的關(guān)鍵是能分辨出什么時(shí)候是分壓接法，什么時(shí)候是限流接法，并且還需理解只要當(dāng)采用分壓接法時(shí)，才能滿足某電阻兩端的電壓從零開始條件3、D【解析】A、由圖可知帶電油滴的運(yùn)動軌跡向上偏轉(zhuǎn)，則其合力方向向上，油滴受到豎直向下的重力和豎直方向的電場力，則知電場力必定豎直向上，與場強(qiáng)方向相反，油滴應(yīng)帶負(fù)電，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、由題意可知，帶電油滴所受重力小于電場力，故從到的運(yùn)動過程中合外力做正功，動能增加，電場力做正功，電勢能減小，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、根據(jù)功能關(guān)系可知，在從到的運(yùn)動過程中只

12、有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變，從到的運(yùn)動過程中重力做負(fù)功，重力勢能增加，因此動能和電勢能之和減?。粡牡降倪\(yùn)動過程中電場力做正功，電勢能減小，因此動能和重力勢能之和增加，故選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤4、D【解析】小球從A點(diǎn)平拋，可得 小球從C點(diǎn)平拋，可得 聯(lián)立解得故選D。點(diǎn)睛：根據(jù)平拋運(yùn)動的豎直位移求出運(yùn)動的時(shí)間，根據(jù)水平位移求出平拋運(yùn)動的初速度從而得出兩球的初速度之比解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，掌握平拋運(yùn)動的運(yùn)動學(xué)規(guī)律5、D【解析】試題分析：兩根完全相同的金屬裸導(dǎo)線，把其中的一根均勻拉長到原來的2倍，長度變?yōu)?倍，

13、截面積變?yōu)楸?，根?jù)電阻定律公式，電阻增加為4倍；另一根對折后絞合起來，長度變?yōu)楸?，截面積變?yōu)?倍，根據(jù)電阻定律公式，電阻增加為倍；故這兩根導(dǎo)線后來的電阻之比為,故選項(xiàng)D正確，選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤考點(diǎn)：電阻定律【名師點(diǎn)睛】電阻定律：導(dǎo)體的電阻R跟它的長度L成正比，跟它的橫截面積S成反比，還跟導(dǎo)體的材料有關(guān)系；公式為；本題關(guān)鍵是根據(jù)電阻定律直接判斷，要注意金屬裸導(dǎo)線體積一定，長度變化后截面積也是改變的6、B【解析】試題分析：根據(jù)庫倫定律F=kqQr2可得：接觸前，兩球間的庫倫力為F=k2Q4Qr2,兩小球完全相同，所以根據(jù)平均分配原則可得，兩小球接觸后，最后都帶上了q=4Q-2Q2=Q,，所以F=kQ2

14、r2=18F,B正確，考點(diǎn)：本題考查了庫倫定律的應(yīng)用點(diǎn)評：當(dāng)兩個(gè)完全相同的小球接觸時(shí)，先進(jìn)行電中和，然后電量再平均分配二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A、從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入第一象限后電場力做負(fù)功，能打到熒光屏的粒子的速度必須大于0，由功能關(guān)系得，即能打到熒光屏的粒子，進(jìn)入O點(diǎn)的動能必須大于qU，故A正確；B、粒子在第三象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，在勻強(qiáng)電場的初始位置分布在一條拋物線上，故B錯(cuò)誤；C、粒子在第三象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，到達(dá)O點(diǎn)的速度方向與y軸的夾角，則有

15、，而初速度相同，到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，到達(dá)O點(diǎn)的速度方向與y軸的夾角越小，故C錯(cuò)誤；D、粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)角，運(yùn)動時(shí)間不同，從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入第一象限速度方向與x軸的夾角不同，所以可以任意夾角進(jìn)入第一象限，若，熒光屏各處均有粒子到達(dá)而被完全點(diǎn)亮，故D正確；故選AD8、CD【解析】由圖示圖象可知，隨電壓增大，通過燈泡的電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻變大，故A錯(cuò)誤；在A點(diǎn)，白熾燈的電阻，故B錯(cuò)誤；在A點(diǎn)，白熾燈的電功率P=U0I0，故C正確；由歐姆定律可知，在A點(diǎn)，白熾燈的電阻，故D正確；故選CD【點(diǎn)睛】本題考查了求燈泡電阻與電功率問題，分析清楚圖象、應(yīng)用歐姆定律與電功率公式即可正確解

16、題9、BD【解析】此系統(tǒng)在從子彈開始射入到彈簧被壓縮至最短的整個(gè)過程中水平方向受到墻壁對系統(tǒng)的向右的作用力，所以系統(tǒng)的動量不守恒；子彈在進(jìn)入木塊的過程中要產(chǎn)生熱能，所以子彈與木塊組成的系統(tǒng)有一定的動能損失，所以系統(tǒng)的機(jī)械能也不守恒，故BD正確，AC錯(cuò)誤。故選BD。【點(diǎn)睛】分析清楚物體運(yùn)動過程、掌握系統(tǒng)動量守恒的條件、機(jī)械能守恒的條件是解題的關(guān)鍵，以及知道當(dāng)系統(tǒng)只有動能和勢能之間相互轉(zhuǎn)化時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒分析清楚運(yùn)動過程即可正確解題。10、BCD【解析】A.外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直斜面向上，導(dǎo)線受到的安培力沿斜面向下，導(dǎo)線受到重力、垂直斜面的支持力和沿斜面向下的安培力，不可能處于平衡

17、狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B.外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直斜面向下，導(dǎo)線受到的安培力沿斜面向上，導(dǎo)線受到重力、垂直斜面的支持力和沿斜面向上的安培力處于平衡狀態(tài)，B正確；C.外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向豎直向下,則物體受到水平向左的安培力、支持力與重力,處于平衡狀態(tài)，則大小，故C正確；D. 外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向水平向左，則物體受到豎直向上的安培力、重力，導(dǎo)線處于平衡狀態(tài)，此時(shí)支持力恰好為零，則，故D正確。故選：BCD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.5 1.0 【解析】12 根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir，當(dāng)I=0

18、時(shí)，U=E，由圖讀出圖線縱軸截距U=E=1.5VU-I圖象的斜率絕對值等于內(nèi)阻r，則12、 (1)5 (2)3 (2)1 【解析】電壓表中靈敏電流計(jì)與大電阻串聯(lián)； 電流表中靈敏電流計(jì)與小電阻并聯(lián)；歐姆表中利用內(nèi)部電源供電，根據(jù)閉合電路歐姆定律可計(jì)算出待測電阻的阻值；【詳解】多用電阻若測電壓，應(yīng)讓表頭與電阻串聯(lián)；由圖可知，與電阻串聯(lián)的接法只有5或4；欲選擇電壓檔大量程時(shí)，應(yīng)將功能鍵置于5位置；要用表頭測電阻，則內(nèi)電路中應(yīng)有電源，由圖可知，只有接3時(shí)才能測電阻；測電流時(shí)應(yīng)使表頭與電阻并聯(lián)，由接1或2時(shí)可以用來測電流；接1時(shí)，R2與表頭串聯(lián)后再與R1并聯(lián)，因此R1相對于表頭及串聯(lián)電阻更要小，故測量的量程更大四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1 km【解析】設(shè)A處到故障處兩段導(dǎo)線的總電阻是R1，距離為sA，乙到故障處兩段導(dǎo)線的總電阻是R2，距離為sB，大樹的電阻是R1A處加電壓12V時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路中電壓和電阻成正比，故B處加電壓12V時(shí)，有： 由得： 根據(jù)電阻定律，電阻與長度成正比，則得： 故障發(fā)生處離A地的距離為：sA=sAB=11km=1km點(diǎn)睛：此題考