2023學年黑龍江省牡丹江市一中物理高二第一學期期中綜合測試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某實驗小組在一次研究電磁感應的試驗中，先后以速度v和3v勻速把一單匝正方形線圈拉出如圖所示的有界勻強磁場區(qū)域，在先后拉出磁場的過程中()A線圈中的感應電流之比B線圈中的

2、感應電流之比C通過線圈某截面電荷量之比D通過線圈某截面電荷量之比2、兩個等量異種點電荷位于x軸上，相對原點對稱分布，正確描述電勢隨位置變化規(guī)律的是圖ABCD3、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點下列判斷正確的是A該粒子帶負電B粒子在M點的速度大于N點的速度C粒子在M點的加速度大于N點的加速度D粒子在M點的電勢能大于N點的電勢能4、物理關系式不僅反映了物理量之間的關系，也確定了單位間的關系。如關系式U=IR，既反映了電壓、電流和電阻之間的關系，也確定了V（伏）與A（安）和（歐）的乘積等效。現(xiàn)有物理量單位：m（米）、s（秒）、N（牛）、J

3、（焦）、W（瓦）、C（庫）、F（法）、A（安）、（歐）和T（特），由他們組合成的單位與電壓單位V（伏）等效的是( )AC/F BN/C CCTm/s DTAm5、一根長為L，橫截面積為S的金屬棒，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流I，則自由電子定向運動的平均速率為AneSLmBCD6、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結果兩人向相反方向滑去。已知甲的質量為45kg，乙的質量為50kg。則下列判斷正確的是A甲的速率與乙的速率之比為1：1B甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9：10C甲對乙的沖量大小與乙對甲

4、的沖量大小之比為1：1D甲的動能與乙的動能之比為1： 1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，兩表的示數(shù)情況為（ ）A電壓表示數(shù)增大B電流表示數(shù)減少C兩電表示數(shù)都增大D兩流表示數(shù)都減小8、目前世界上一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的粒子，而從整體來說呈中性)沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷,磁極配置如圖

5、所示，下列說法正確的是( )AA板帶正電B有電流從b經(jīng)用電器流向aC金屬板A、B間的電場方向向上D等離子體發(fā)生偏轉的原因是粒子所受洛倫茲力大于所受電場力9、關于靜電場的電場線，下列說法正確的是（）A電場強度較大的地方電場線一定較密B沿電場線方向，電場強度一定越來越小C沿電場線方向，電勢一定越來越低D電場線一定是帶電粒子在電場中運動的軌跡10、如圖所示，豎直放置的光滑圓軌道被固定在水平地面上，半徑m，最低點處有一小球（半徑比小很多）?，F(xiàn)給小球一水平向右的初速度，則要使小球不脫離圓軌道運動，應當滿足g=10m/s2（）ABm/sCm/sDm/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中

6、指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某學生用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內(nèi)阻時，所用的電路如圖所示，這位同學測得的六組數(shù)據(jù)如下表所示，試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在坐標紙中做出U-I圖線根據(jù)圖線，可知被測電源的電動勢E=_V,內(nèi)阻r=_(結果保留兩位小數(shù))12（12分）有一標有“6V，1.5W”的小燈泡，現(xiàn)描繪小燈泡的伏安特性曲線，提供的器材除導線和開關外，還有：A直流電源6V(內(nèi)阻不計) B直流電流表03A(內(nèi)阻約0.1)C直流電流表0300mA(內(nèi)阻約5)D直流電壓表015V(內(nèi)阻約15k) E滑動變阻器（0-10）F滑動變阻器（0-1k）（1）實驗中電流表應選用_，滑動變阻器應選用_；(

7、用序號表示)（2）在矩形框中畫出實驗電路圖_；（3）將實物圖連線_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖（甲）所示，A、B為兩塊距離很近的平行金屬板（電子通過A、B間的時間可忽略不計），板中央均有小孔一束電子以初動能EKO=120eV，從A板上的小孔O不斷垂直于板射入A、B之間，在B板右側，平行金屬板M、N之間有勻強電場，板長L=210-2m，板間距離d=410-3m，偏轉電壓U1=20V，其右側l =210-2m有一較大的熒光屏，其中(包括延長線)到MN兩板的距離相等；現(xiàn)在A、B間加一個如圖（乙）變化

8、的電壓，在t=0到t=2s時間內(nèi)，A板的電勢高于B板的電勢在U隨時間變化的第一個周期時間內(nèi)（電子的重力忽略不計）：（1）在哪段時間內(nèi)射入的電子，可以從B板上的小孔O射出？（2）在哪段時間內(nèi)射入的電子，能從偏轉電場右側飛出？（3）從偏轉電場右側飛出的電子打在熒光屏上的線段長度是多少？（保留三位有效數(shù)字）14（16分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為，整個裝置處于水平向右的勻強電場中一質量為m、電荷量為q（q0）的帶電小球在電場力的作用下沿水平軌道向右運動，經(jīng)A點沿圓弧軌道通過C點，落至水平軌

9、道；已知小球在C點所受合力的方向指向圓心，且此時小球對軌道的壓力恰好為零，重力加速度大小為g求(1)勻強電場的場強大??；(2)小球到達A點時速度的大??；(3)小球從C點落至水平軌道上的位置與A點的距離15（12分）如圖所示，帶電小球B靜止在無限大的光滑絕緣水平面上，帶同種電荷的小球A從很遠處以初速度v0向B球運動，A的速度始終沿著兩球的連線方向兩球始終未能接觸A、B間的相互作用視為靜電作用已知A、B兩球的質量分別為m1和m1求：（1）A、B兩球相互作用的過程中，它們之間電勢能的最大值（1）A、B兩球最終的速度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項

10、中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB先后以速度v和2v勻速把一單匝正方形線圈拉出有界勻強磁場區(qū)域，根據(jù)E=BLv，知感應電動勢之比2：2，感應電流，則感應電流之比為2：2故A錯誤，B正確。CD根據(jù)，知通過某截面的電荷量之比為2：2故CD錯誤。2、A【解析】試題分析：兩個等量異號電荷的電場線如下圖，根據(jù)“沿電場線方向電勢降低”的原理，從左側無窮遠處向右電勢應升高，正電荷所在位置處最高；然后再慢慢減小，O點處電勢為零，則O點右側電勢為負，同理到達負電荷時電勢最小，經(jīng)過負電荷后，電勢開始升高，直到無窮遠處，電勢為零；故BCD是錯誤的；A正確故選A考點：電場線；電場強度及電勢.【名師點睛】

11、本題中應明確沿電場線的方向電勢降低；并且異號電荷連線的中垂線上的電勢為零；因為其中垂線為等勢面，與無窮遠處電勢相等；此題考查學生應用圖像觀察圖像解決問題的能力.3、D【解析】A、帶電粒子的軌跡向下彎曲,則帶電粒子所受的電場力沿電場線切線向下,則知帶電粒子帶正電,故A錯誤.B、從M到N，電場力做正功,動能增大,速度也增大,故帶電粒子在M點的速度小于在N點的速度.故B錯誤.C、電場線的疏密表示場強大小,由圖知粒子在M點的場強小于N點的場強,在M點的加速度小于N點的加速度.故C錯誤.D、電場力做正功,電勢能減小.所以D選項是正確的.故選D【點睛】帶電粒子的軌跡向下彎曲,則帶電粒子所受的電場力沿電場線

12、切線向下,則知帶電粒子帶正電,由電場線的疏密可判斷場強的大小,再判斷電場力的大小.由帶電粒子的軌跡可判定電場力的方向,確定電場力做功情況,分析電勢能和動能的變化,再分析速度的變化.帶電粒子的動能和電勢能總和守恒.4、A【解析】由U=QC可知，C/F是和電壓單位V等效的，A正確；由F=qE知E=Fq，可知N/C是與電場強度的單位等效的，B錯誤；由F=qvB知，CTm/s是力的單位，是與N等效的，C錯誤；由F=BIL可知，TAm是和力的單位牛頓等效的，D錯誤5、C【解析】由電流的微觀表達式可得，自由電子定向運動的平均速率為故C正確。6、C【解析】甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，以兩人組成的系統(tǒng)為研究

13、對象，以甲的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A錯誤；甲與乙之間的作用力為作用力與反作用力，大小相等，由牛頓第二定律：a=F/m，所以：故B錯誤；甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，所以分離后二者動量大小相等，方向相反。由動量定理：I=mv=P可知，甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1故C正確；動能的表達式：Ekmv2，所以：故D錯誤。故選C。【點睛】該題考查動量、能量的轉化與守恒，題中兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出兩人的速度之比。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全

14、部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】當滑動變阻器的滑片P向a端滑動時，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，路端電壓U=E-Ir增大，電壓表讀數(shù)增大；并聯(lián)部分的電阻增大，分擔的電壓增大，U2增大，流過R2的電流I2增大，電流表的讀數(shù)IA=I-I2，將減小，故AB正確，CD錯誤。8、AD【解析】根據(jù)左手定則知，正電荷向上偏，負電荷向下偏，則A板帶正電故A正確因為B板帶負電，A板帶正電，所以電流的流向為a經(jīng)用電器流向b故B錯誤因為A板帶正電，B板帶負電，所以金屬板間的電場方向向下故C錯誤等離子體發(fā)生偏轉的原因是離子所受洛倫茲力

15、大于所受電場力故D正確故選AD【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道電流在外電路中，由高電勢流向低電勢9、AC【解析】A、電場強度與電場線的密集程度有關電場線越密，電場強度越大；反之則越小，故A正確，BC、沿電場線方向，電勢一定越來越低但電場強度不一定越來越小，比如正電荷的電場線沿電場線電場強度越來越??；沿電場線方向，電勢一定越來越低，故B錯誤C正確; D、電場線并不實際存在，它只是人為的輔助工具，而帶電粒子的運動軌跡是實際存在的，故D錯誤綜上所述本題答案是：AC10、CD【解析】小球不脫離圓軌道時，最高點的臨界情況為解得m/s根據(jù)機械能守恒定律得解得m/s故要使小球做

16、完整的圓周運動，必須滿足m/s；若不通過四分之一圓周小球也不會脫離圓軌道，根據(jù)機械能守恒定律有解得m/s故小球不越過四分之一圓周，必須滿足m/s，所以要使小球不脫離圓軌道運動，v0應當滿足m/s或m/s，故CD正確，AB錯誤。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.48V 0.78 【解析】U-I圖線的截距表示電動勢，斜率表示內(nèi)阻，故電池的電動勢E=1.48V，內(nèi)阻r=UI=1.48-10.63=0.78。12、C E 【解析】(1) 1 2額定電流：故電流表選C；因要求電壓從零開始變化，變阻器用分壓接法，滑動變阻器應選小阻值

17、的E。(2) 3本實驗中要求多測幾組數(shù)據(jù)，故應采用分壓接法；同時因燈泡的內(nèi)阻較小，與電流表內(nèi)阻相差不多，故應采用電流表外接法，故電路圖如圖所示：(3) 4根據(jù)電路圖連接實物圖如圖所示：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）00.6s及1.44s時間內(nèi)的電子能從B板小孔穿出；（2）在2.653.35s時間內(nèi)，從小孔O射入的電子能從偏轉電場右側射出（3）1.3110-3m【解析】（1）設時刻t1，A、B電壓為時，電子到達B孔速度恰好為零，由動能定理得： 解得： 由，得 故：00.6s及1.44s時間內(nèi)的電子能從B板

18、小孔穿出（2）設電子從B板小孔穿出時速度大小為v，動能為Ek，依題意在MN兩板側移量即 解得：對應乙圖電壓時刻t2電壓U2即 從2s開始經(jīng)，A、B兩板間電壓大小為130V：，故：在2.653.35s時間內(nèi)，從小孔O射入的電子能從偏轉電場右側射出（3）從（2）中可知，當乙圖對應電壓U3=時，電子出MN的偏轉位移為 （1） （2）設電子打在屏上距的豎直距離為 （3）聯(lián)立（1）（2）（3）得 同理，從（2）問可知，當乙圖對應電壓時，電子出MN的偏轉位移為，電子打在屏上距的豎直距離為 電子打在屏上線段長度為【點睛】電子先經(jīng)加速電場加速，后經(jīng)偏轉電場偏轉，是常見的問題，本題的難點是加速電壓是周期性變化的，推導出偏轉距離與兩個電壓的關系是關鍵，同時要挖掘隱含的臨界狀態(tài)14、（1）（2）（3）【解析】(1)小球到達點時所受合力的大小為，由力的合成法則，則有：解得勻強電場的場強大?。?2)設小球到達點時的速度大小為，由牛頓第二定律得：解得：小球到達點的速度大小，由動能定理有：解得：(3)小球離開點后，在豎直方向上做初速度不為零的勻加速直線運動，加速度大小為