2017年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標ⅱ）（含解析版）

1、第PAGE84頁（共NUMPAGES84頁）2017年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標）一、選擇題：本大題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項是符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分1（6分）如圖，一光滑大圓環(huán)固定在桌面上，環(huán)面位于豎直平面內(nèi)，在大圓環(huán)上套著一個小環(huán)，小環(huán)由大圓環(huán)的最高點從靜止開始下滑，在小環(huán)下滑的過程中，大圓環(huán)對它的作用力（）A一直不做功B一直做正功C始終指向大圓環(huán)圓心D始終背離大圓環(huán)圓心2（6分）一靜止的鈾核放出一個粒子衰變成釷核，衰變方程為+，下列說法正確的是（）A衰變后釷核的動能等于粒子的動能B衰

2、變后釷核的動量大小等于粒子的動量大小C鈾核的半衰期等于其放出一個粒子所經(jīng)歷的時間D衰變后粒子與釷核的質(zhì)量之和等于衰變前鈾核的質(zhì)量3（6分）如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動。若保持F的大小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線運動。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為（）A2BCD4（6分）如圖，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關，此距離最大時，對應的軌道半徑為（重力加速度為g）（）ABCD5（6分）如圖，虛線所示的圓形區(qū)域內(nèi)存在一垂直于紙面的勻強磁場

3、，P為磁場邊界上的一點，大量相同的帶電粒子以相同的速率經(jīng)過P點，在紙面內(nèi)沿不同方向射入磁場，若粒子射入的速率為v1，這些粒子在磁場邊界的出射點分布在六分之一圓周上；若粒子射入速率為v2，相應的出射點分布在三分之一圓周上，不計重力及帶電粒子之間的相互作用，則v2：v1為（）A：2B：1C：1D3：6（6分）如圖所示，海王星繞太陽沿橢圓軌道運動，P為近日點，Q為遠日點，M，N為軌道短軸的兩個端點，運行的周期為T0，若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)M、Q到N的運動過程中（）A從P到M所用的時間等于B從Q到N階段，機械能逐漸變大C從P到Q階段，速率逐漸變小D從M到N階段，萬有引力對

4、它先做負功后做正功7（6分）兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應強度方向與紙面垂直。邊長為0.1m、總電阻為0.005的正方形導線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖（a）所示。已知導線框一直向右做勻速直線運動，cd邊于t=0時刻進入磁場。線框中感應電動勢隨時間變化的圖線如圖（b）所示（感應電流的方向為順時針時，感應電動勢取正）。下列說法正確的是（）A磁感應強度的大小為0.5 TB導線框運動速度的大小為0.5m/sC磁感應強度的方向垂直于紙面向外D在t=0.4s至t=0.6s這段時間內(nèi)，導線框所受的安培力大小為0.1N8（6分）某同學自制的簡易電動機示意圖如圖所示。矩形線圈由一根漆

5、包線繞制而成，漆包線的兩端分別從線圈的一組對邊的中間位置引出，并作為線圈的轉(zhuǎn)軸。將線圈架在兩個金屬支架之間，線圈平面位于豎直面內(nèi)，永磁鐵置于線圈下方。為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動起來，該同學應將（）A左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉B左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉C左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉D左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉三、非選擇題：共174分第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（共129分）9（6分）某同學研究在固定斜面上運動物體的平均速度、瞬時速度和加速度的之間的關系使用的器材

6、有：斜面、滑塊、長度不同的擋光片、光電計時器 圖（a） 圖（b） 圖（c）實驗步驟如下：如圖（a），將光電門固定在斜面下端附近：將一擋光片安裝在滑塊上，記下?lián)豕馄岸讼鄬τ谛泵娴奈恢茫罨瑝K從斜面上方由靜止開始下滑；當滑塊上的擋光片經(jīng)過光電門時，用光電計時器測得光線被擋光片遮住的時間t；用s表示擋光片沿運動方向的長度（如圖（b）所示），表示滑塊在擋光片遮住光線的t時間內(nèi)的平均速度大小，求出；將另一擋光片換到滑塊上，使滑塊上的擋光片前端與中的位置相同，令滑塊由靜止開始下滑，重復步驟、；多次重復步驟利用實驗中得到的數(shù)據(jù)作出t圖，如圖（c）所示完成下列填空：（1）用a表示滑塊下滑的加速度大小，用vA

7、表示擋光片前端到達光電門時滑塊的瞬時速度大小，則與vA、a和t的關系式為= （2）由圖（c）可求得，vA= cm/s，a= cm/s2（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）10（9分）某同學利用如圖（a）所示的電路測量一微安表（量程為100A，內(nèi)阻大約為2500）的內(nèi)阻。可使用的器材有：兩個滑動變阻器R1，R2（其中一個阻值為20，另一個阻值為2000）；電阻箱Rz（最大阻值為99999.9）；電源E（電動勢約為1.5V）；單刀開關S1和S2C、D分別為兩個滑動變阻器的滑片。（1）按原理圖（a）將圖（b）中的實物連線。（2）完成下列填空：R1的阻值為 （填“20”或“2000”）為了保護微安表，開始時將R1

8、的滑片C滑到接近圖（a）中的滑動變阻器的 端（填“左”或“右”）對應的位置；將R2的滑片D置于中間位置附近。將電阻箱Rz的阻值置于2500.0，接通S1將R1的滑片置于適當位置，再反復調(diào)節(jié)R2的滑片D的位置、最終使得接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，這說明S2接通前B與D所在位置的電勢 （填“相等”或“不相等”）將電阻箱Rz和微安表位置對調(diào)，其他條件保持不變，發(fā)現(xiàn)將Rz的阻值置于2601.0時，在接通S2前后，微安表的示數(shù)也保持不變。待微安表的內(nèi)阻為 （結(jié)果保留到個位）。（3）寫出一條提高測量微安表內(nèi)阻精度的建議： 。11（12分）為提高冰球運動員的加速能力，教練員在冰面上與起跑線距離s0和

9、s1（s1s0）處分別設置一個擋板和一面小旗，如圖所示訓練時，讓運動員和冰球都位于起跑線上，教練員將冰球以速度v0擊出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑線的方向滑向擋板：冰球被擊出的同時，運動員垂直于起跑線從靜止出發(fā)滑向小旗訓練要求當冰球到達擋板時，運動員至少到達小旗處假定運動員在滑行過程中做勻加速運動，冰球到達擋板時的速度為v1重力加速度為g求（1）冰球與冰面之間的動摩擦因數(shù)；（2）滿足訓練要求的運動員的最小加速度12（20分）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強電場。自該區(qū)域上方的A點將質(zhì)量為m、電荷量分別為q和q（q0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行

10、于電場的方向射出。小球在重力作用下進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開。已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍。不計空氣阻力，重力加速度大小為g。求（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；（2）A點距電場上邊界的高度；（3）該電場的電場強度大小。三、選考題：請考生從給出的物理題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題計分。物理-選修3-3（15分）13（5分）如圖，用隔板將一絕熱汽缸分成兩部分，隔板左側(cè)充有理想氣體，隔板右側(cè)與絕熱活塞之間是真空?，F(xiàn)將隔板抽開，氣體會自發(fā)擴散至整個汽缸。待氣體達到穩(wěn)定后，緩慢推壓活塞，將氣

11、體壓回到原來的體積。假設整個系統(tǒng)不漏氣。下列說法正確的是（）A氣體自發(fā)擴散前后內(nèi)能相同B氣體在被壓縮的過程中內(nèi)能增大C在自發(fā)擴散過程中，氣體對外界做功D氣體在被壓縮的過程中，外界對氣體做功E氣體在被壓縮的過程中，氣體分子的平均動能不變14（10分）一熱氣球體積為V，內(nèi)部充有溫度為Ta的熱空氣，氣球外冷空氣的溫度為Tb已知空氣在1個大氣壓、溫度為T0時的密度為0，該氣球內(nèi)、外的氣壓始終都為1個大氣壓，重力加速度大小為g。（i）求該熱氣球所受浮力的大??；（ii）求該熱氣球內(nèi)空氣所受的重力；（iii）設充氣前熱氣球的質(zhì)量為m0，求充氣后它還能托起的最大質(zhì)量。物理-選修3-4（15分）15在雙縫干涉實

12、驗中，用綠色激光照射在雙縫上，在縫后的屏幕上顯示出干涉圖樣若要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距，可選用的方法是（）A改用紅色激光B改用藍色激光C減小雙縫間距D將屏幕向遠離雙縫的位置移動E將光源向遠離雙縫的位置移動16一直桶狀容器的高為2l，底面是邊長為l的正方形；容器內(nèi)裝滿某種透明液體，過容器中心軸DD、垂直于左右兩側(cè)面的剖面圖如圖所示容器右側(cè)內(nèi)壁涂有反光材料，其他內(nèi)壁涂有吸光材料在剖面的左下角處有一點光源，已知由液體上表面的D點射出的兩束光線相互垂直，求該液體的折射率2017年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標）參考答案與試題解析一、選擇題：本大題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第1

13、5題只有一項是符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得0分1（6分）如圖，一光滑大圓環(huán)固定在桌面上，環(huán)面位于豎直平面內(nèi)，在大圓環(huán)上套著一個小環(huán)，小環(huán)由大圓環(huán)的最高點從靜止開始下滑，在小環(huán)下滑的過程中，大圓環(huán)對它的作用力（）A一直不做功B一直做正功C始終指向大圓環(huán)圓心D始終背離大圓環(huán)圓心【考點】62：功的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；43：推理法；52B：功的計算專題【分析】小環(huán)在運動過程中，大環(huán)是固定在桌面上的，大環(huán)沒有動，大環(huán)對小環(huán)的作用力垂直于小環(huán)的運動方向，根據(jù)功的定義分析做功情況【解答】解：AB、大圓環(huán)是光滑的，則小環(huán)和大環(huán)之間

14、沒有摩擦力；大環(huán)對小環(huán)的支持力總是垂直于小環(huán)的速度方向，所以大環(huán)對小環(huán)沒有做功，故A正確，B錯誤；CD、小環(huán)在剛剛開始運動時，在大環(huán)的接近頂部運動時，大環(huán)對小環(huán)的支持力背離大環(huán)圓心，小環(huán)運動到大環(huán)的下半部分時，支持力指向大環(huán)的圓心，故CD錯誤。故選：A?！军c評】本題考查了功的兩要素：第一是有力作用在物體上；第二是物體在力的作用下產(chǎn)生位移2（6分）一靜止的鈾核放出一個粒子衰變成釷核，衰變方程為+，下列說法正確的是（）A衰變后釷核的動能等于粒子的動能B衰變后釷核的動量大小等于粒子的動量大小C鈾核的半衰期等于其放出一個粒子所經(jīng)歷的時間D衰變后粒子與釷核的質(zhì)量之和等于衰變前鈾核的質(zhì)量【考點】JA：原子

15、核衰變及半衰期、衰變速度菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；45：歸納法；54O：衰變和半衰期專題【分析】根據(jù)動量守恒定律，抓住系統(tǒng)總動量為零得出兩粒子的動量大小，結(jié)合動能和動量的關系得出動能的大小關系半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變的時間，結(jié)合衰變的過程中有質(zhì)量虧損分析衰變前后質(zhì)量的大小關系【解答】解：AB、一靜止的鈾核放出一個粒子衰變成釷核，根據(jù)系統(tǒng)動量守恒知，衰變后釷核和粒子動量之和為零，可知衰變后釷核的動量大小等于粒子的動量大小，根據(jù)知，由于釷核和粒子質(zhì)量不同，則動能不同，故A錯誤，B正確。C、半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變的時間，故C錯誤。D、衰變的過程中有質(zhì)量虧損，即衰變后粒子與釷核的

16、質(zhì)量之和小于衰變前鈾核的質(zhì)量，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了原子核的衰變，知道半衰期的定義，注意衰變過程中動量守恒，總動量為零，以及知道動量和動能的大小關系3（6分）如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動。若保持F的大小不變，而方向與水平面成60角，物塊也恰好做勻速直線運動。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為（）A2BCD【考點】2G：力的合成與分解的運用；3C：共點力的平衡菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】527：共點力作用下物體平衡專題【分析】拉力水平時，二力平衡；拉力傾斜時，物體勻速運動，依然是平衡狀態(tài)，根據(jù)共點力的平衡條件解題?！窘獯稹拷猓寒斃λ綍r，物體勻速運動，則拉力等于摩

17、擦力，即：F=mg；當拉力傾斜時，物體受力分析如圖，有：f=FNFN=mgFsin可知摩擦力為：f=（mgFsin）f=F代入數(shù)據(jù)為：mg=（mgF）聯(lián)立可得：=故選：C?！军c評】本題考查了共點力的平衡，解決本題的關鍵是把拉力進行分解，然后列平衡方程。4（6分）如圖，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關，此距離最大時，對應的軌道半徑為（重力加速度為g）（）ABCD【考點】43：平拋運動；4A：向心力；6C：機械能守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】32：定量思想；43：推理法；52E

18、：機械能守恒定律應用專題【分析】根據(jù)動能定理得出物塊到達最高點的速度，結(jié)合高度求出平拋運動的時間，從而得出水平位移的表達式，結(jié)合表達式，運用二次函數(shù)求極值的方法得出距離最大時對應的軌道半徑?！窘獯稹拷猓涸O半圓的半徑為R，根據(jù)動能定理得：，離開最高點做平拋運動，有：2R=，x=vt，聯(lián)立解得：x=可知當R=時，水平位移最大，故B正確，ACD錯誤。故選：B。【點評】本題考查了動能定理與圓周運動和平拋運動的綜合運用，得出水平位移的表達式是解決本題的關鍵，本題對數(shù)學能力的要求較高，需加強這方面的訓練。5（6分）如圖，虛線所示的圓形區(qū)域內(nèi)存在一垂直于紙面的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點，大量相同的帶電粒

19、子以相同的速率經(jīng)過P點，在紙面內(nèi)沿不同方向射入磁場，若粒子射入的速率為v1，這些粒子在磁場邊界的出射點分布在六分之一圓周上；若粒子射入速率為v2，相應的出射點分布在三分之一圓周上，不計重力及帶電粒子之間的相互作用，則v2：v1為（）A：2B：1C：1D3：【考點】CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；43：推理法；536：帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】根據(jù)題意畫出帶電粒子的運動軌跡，找出臨界條件角度關系，利用圓周運動由洛侖茲力充當向心力，分別表示出圓周運動的半徑，再由洛倫茲力充當向心力即可求得速度之比?！窘獯稹拷猓涸O圓形區(qū)域磁場的半徑為r，當速度大小為v1時

20、，從P點入射的粒子射出磁場時與磁場邊界的最遠交點為M（圖甲）時，由題意知POM=60，由幾何關系得軌跡圓半徑為R1=；從P點入射的粒子射出磁場時與磁場邊界的最遠交點為N（圖乙）；由題意知PON=120，由幾何關系得軌跡圓的半徑為R2=r；根據(jù)洛倫茲力充當向心力可知：Bqv=m解得：v=故速度與半徑成正比，因此v2：v1=R2：R1=：1故C正確，ABD錯誤。故選：C。【點評】本題考查帶電粒子在磁場中的圓周運動的臨界問題。根據(jù)題意畫出軌跡、定出軌跡半徑是關鍵，注意最遠點時PM的連線應是軌跡圓的直徑。6（6分）如圖所示，海王星繞太陽沿橢圓軌道運動，P為近日點，Q為遠日點，M，N為軌道短軸的兩個端點

21、，運行的周期為T0，若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)M、Q到N的運動過程中（）A從P到M所用的時間等于B從Q到N階段，機械能逐漸變大C從P到Q階段，速率逐漸變小D從M到N階段，萬有引力對它先做負功后做正功【考點】4F：萬有引力定律及其應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；43：推理法；528：萬有引力定律的應用專題【分析】根據(jù)海王星在PM段和MQ段的速率大小比較兩段過程中的運動時間，從而得出P到M所用時間與周期的關系；抓住海王星只有萬有引力做功，得出機械能守恒；根據(jù)萬有引力做功確定速率的變化?！窘獯稹拷猓篈、海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，則PM段的時間小

22、于MQ段的時間，所以P到M所用的時間小于，故A錯誤。B、從Q到N的過程中，由于只有萬有引力做功，機械能守恒，故B錯誤。C、從P到Q階段，萬有引力做負功，速率減小，故C正確。D、根據(jù)萬有引力方向與速度方向的關系知，從M到N階段，萬有引力對它先做負功后做正功，故D正確。故選：CD?！军c評】解決本題的關鍵知道近日點的速度比較大，遠日點的速度比較小，從P到Q和Q到P的運動是對稱的，但是P到M和M到Q不是對稱的。7（6分）兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應強度方向與紙面垂直。邊長為0.1m、總電阻為0.005的正方形導線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行，如圖（a）所示。已知導線框一直向右做勻

23、速直線運動，cd邊于t=0時刻進入磁場。線框中感應電動勢隨時間變化的圖線如圖（b）所示（感應電流的方向為順時針時，感應電動勢取正）。下列說法正確的是（）A磁感應強度的大小為0.5 TB導線框運動速度的大小為0.5m/sC磁感應強度的方向垂直于紙面向外D在t=0.4s至t=0.6s這段時間內(nèi)，導線框所受的安培力大小為0.1N【考點】D9：導體切割磁感線時的感應電動勢；DD：電磁感應中的能量轉(zhuǎn)化菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】32：定量思想；43：推理法；53C：電磁感應與電路結(jié)合【分析】根據(jù)線框勻速運動的位移和時間求出速度，結(jié)合E=BLv求出磁感應強度，根據(jù)感應電流的方向，結(jié)合楞次定律得出磁場的方向。根據(jù)

24、安培力公式得出導線框所受的安培力。【解答】解：AB、由圖象可以看出，0.20.4s沒有感應電動勢，所以從開始到ab進入用時0.2s，導線框勻速運動的速度為：v=，根據(jù)E=BLv知磁感應強度為：B=，故A錯誤，B正確。C、由b圖可知，線框進磁場時，感應電流的方向為順時針，根據(jù)楞次定律得，磁感應強度的方向垂直紙面向外，故C正確。D、在0.40.6s內(nèi)，導線框所受的安培力F=BIL=N=0.04N，故D錯誤。故選：BC?！军c評】本題考查了導線切割磁感線運動，掌握切割產(chǎn)生的感應電動勢公式以及楞次定律，本題能夠從圖象中獲取感應電動勢的大小、方向、運動時間等。8（6分）某同學自制的簡易電動機示意圖如圖所示

25、。矩形線圈由一根漆包線繞制而成，漆包線的兩端分別從線圈的一組對邊的中間位置引出，并作為線圈的轉(zhuǎn)軸。將線圈架在兩個金屬支架之間，線圈平面位于豎直面內(nèi)，永磁鐵置于線圈下方。為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動起來，該同學應將（）A左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉B左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉C左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉D左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉【考點】D8：法拉第電磁感應定律；D9：導體切割磁感線時的感應電動勢菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】12：應用題；21：信息給予題；31：定性思想；43：推理法；53C：電磁感應與電路結(jié)合【分析】線圈中有通電電流時

26、，安培力做功，根據(jù)左手定則判斷安培力做功情況，由此確定能否連續(xù)轉(zhuǎn)動。【解答】解：AD、當左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉或左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉，通電后根據(jù)左手定則可知下邊受到的安培力方向向右，線圈開始轉(zhuǎn)動，在前半周轉(zhuǎn)動過程中，線圈中有電流，安培力做正功，后半周電路中沒有電流，安培力不做功，由于慣性線圈能夠連續(xù)轉(zhuǎn)動，故A、D正確；B、線圈中電流始終存在，安培力先做正功后做負功，但同時重力做負功，因此在轉(zhuǎn)過一半前線圈的速度即減為0，線圈只能擺動，故B錯誤；C、左右轉(zhuǎn)軸不能同時接通電源，始終無法形成閉合回路，電路中無電流，不會轉(zhuǎn)動，故C錯誤。故選：AD。【點評】電動機是利

27、用通電導體在磁場中受力的原理，在轉(zhuǎn)動過程中，分析線圈中電流方向和安培力做功情況是解答本題的關鍵。三、非選擇題：共174分第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（共129分）9（6分）某同學研究在固定斜面上運動物體的平均速度、瞬時速度和加速度的之間的關系使用的器材有：斜面、滑塊、長度不同的擋光片、光電計時器實驗步驟如下：如圖（a），將光電門固定在斜面下端附近：將一擋光片安裝在滑塊上，記下?lián)豕馄岸讼鄬τ谛泵娴奈恢?，令滑塊從斜面上方由靜止開始下滑；當滑塊上的擋光片經(jīng)過光電門時，用光電計時器測得光線被擋光片遮住的時間t；用s表示擋光片沿運動方向

28、的長度（如圖（b）所示），表示滑塊在擋光片遮住光線的t時間內(nèi)的平均速度大小，求出；將另一擋光片換到滑塊上，使滑塊上的擋光片前端與中的位置相同，令滑塊由靜止開始下滑，重復步驟、；多次重復步驟利用實驗中得到的數(shù)據(jù)作出t圖，如圖（c）所示完成下列填空：（1）用a表示滑塊下滑的加速度大小，用vA表示擋光片前端到達光電門時滑塊的瞬時速度大小，則與vA、a和t的關系式為=（2）由圖（c）可求得，vA=52.2cm/s，a=16.3cm/s2（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【考點】M5：測定勻變速直線運動的加速度菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】13：實驗題；23：實驗探究題；32：定量思想；43：推理法；511：直線運動規(guī)律

29、專題【分析】（1）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出擋光片通過光電門過程中中間時刻的瞬時速度，結(jié)合時間公式求出與vA、a和t的關系式（2）結(jié)合與vA、a和t的關系式，通過圖線的斜率和截距求出vA和加速度的大小【解答】解：（1）某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則等于擋光片通過光電門過程中中間時刻的瞬時速度，根據(jù)速度時間公式得：（2）由知，縱軸截距等于vA，圖線的斜率k=，由圖可知：vA=52.2cm/s，a=2k=2cm/s2=16.3cm/s2故答案為：（1）；（2）52.2，16.3【點評】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，對于圖線

30、問題，一般解題思路是得出物理量之間的關系式，結(jié)合圖線的斜率和截距進行求解10（9分）某同學利用如圖（a）所示的電路測量一微安表（量程為100A，內(nèi)阻大約為2500）的內(nèi)阻。可使用的器材有：兩個滑動變阻器R1，R2（其中一個阻值為20，另一個阻值為2000）；電阻箱Rz（最大阻值為99999.9）；電源E（電動勢約為1.5V）；單刀開關S1和S2C、D分別為兩個滑動變阻器的滑片。（1）按原理圖（a）將圖（b）中的實物連線。（2）完成下列填空：R1的阻值為20（填“20”或“2000”）為了保護微安表，開始時將R1的滑片C滑到接近圖（a）中的滑動變阻器的左端（填“左”或“右”）對應的位置；將R2的

31、滑片D置于中間位置附近。將電阻箱Rz的阻值置于2500.0，接通S1將R1的滑片置于適當位置，再反復調(diào)節(jié)R2的滑片D的位置、最終使得接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，這說明S2接通前B與D所在位置的電勢相等（填“相等”或“不相等”）將電阻箱Rz和微安表位置對調(diào)，其他條件保持不變，發(fā)現(xiàn)將Rz的阻值置于2601.0時，在接通S2前后，微安表的示數(shù)也保持不變。待微安表的內(nèi)阻為2550（結(jié)果保留到個位）。（3）寫出一條提高測量微安表內(nèi)阻精度的建議：調(diào)節(jié)R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程。【考點】N6：伏安法測電阻菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】13：實驗題；31：定性思想；46：實驗分析法；535：恒定電

32、流專題【分析】（1）根據(jù)電路原理圖在實物圖上連線；（2）根據(jù)實驗方法確定R1選擇阻值較小或較大的滑動變阻器；為了保護微安表，分析滑片C開始應處的位置；接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，由此分析電勢高低；根據(jù)比例方法確定Rx的值；（3）從減少誤差的方法來提出建議【解答】解：（1）根據(jù)電路原理圖在實物圖上連線，如圖所示：（2）R1選擇20；這是因為滑動變阻器的分壓式接法要求滑動變阻器的最大阻值遠小于負載阻值，滑動變阻器的最大阻值越小，滑片滑動時，電壓變化越均勻，越有利于實驗的進行；故R1=20；為了保護微安表，通過微安表的電流應從零逐漸增大，當滑片C滑到滑動變阻器的最左端時，通過微安表的電流為零

33、所以開始時，滑片C應滑到滑動變阻器的最左端；接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，則微安表兩端的電壓不變，又微安表右端電勢在S2接通前后保持不變，所以說明S2接通前B與D所在位置的電勢相等；設微安表內(nèi)阻為Rx，根據(jù)題意有，解得Rx=2550；（3）為了提高精度，可以調(diào)節(jié)R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程原因是，在微安表的讀數(shù)接近滿量程的情況下，為了使B、D兩點電勢相等而調(diào)節(jié)滑動變阻器R2時，R2滑片的微小偏差將導致微安表指針產(chǎn)生較大偏擺，有利于更精確的調(diào)節(jié)R2；反之，在微安表指針偏擺較小的情況下，R2滑片的微小偏差很難從微安表上顯示出來故答案為：（1）圖見解析；（2）20；左；相等；2550

34、；（3）調(diào)節(jié)R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程【點評】對于實驗題，要弄清楚實驗目的、實驗原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實驗設計、實驗方法都是根據(jù)教材上給出的實驗方法進行拓展，延伸，所以一定要熟練掌握教材中的重要實驗對于實驗儀器的選取一般要求滿足安全性原則、準確性原則和操作方便原則11（12分）為提高冰球運動員的加速能力，教練員在冰面上與起跑線距離s0和s1（s1s0）處分別設置一個擋板和一面小旗，如圖所示訓練時，讓運動員和冰球都位于起跑線上，教練員將冰球以速度v0擊出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑線的方向滑向擋板：冰球被擊出的同時，運動員垂直于起跑線從靜止出發(fā)滑向小旗訓練要求當冰球

35、到達擋板時，運動員至少到達小旗處假定運動員在滑行過程中做勻加速運動，冰球到達擋板時的速度為v1重力加速度為g求（1）冰球與冰面之間的動摩擦因數(shù)；（2）滿足訓練要求的運動員的最小加速度【考點】2G：力的合成與分解的運用；37：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】11：計算題；22：學科綜合題；32：定量思想；43：推理法；522：牛頓運動定律綜合專題【分析】（1）根據(jù)速度位移公式求出冰球的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)的大?。?）抓住兩者運動時間相等得出運動員到達小旗處的最小速度，結(jié)合速度位移公式求出最小加速度【解答】解：（1）對冰球分析，根據(jù)速度位移公式得：，加速度為：a=，根據(jù)牛頓第二

36、定律得：a=g，解得冰球與冰面之間的動摩擦因數(shù)為：（2）根據(jù)兩者運動時間相等，有：，解得運動員到達小旗處的最小速度為：v2=，則最小加速度為：=答：（1）冰球與冰面之間的動摩擦因數(shù)為；（2）滿足訓練要求的運動員的最小加速度為【點評】本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁，難度不大12（20分）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強電場。自該區(qū)域上方的A點將質(zhì)量為m、電荷量分別為q和q（q0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出。小球在重力作用下進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開。已知N離開電場時的速

37、度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍。不計空氣阻力，重力加速度大小為g。求（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；（2）A點距電場上邊界的高度；（3）該電場的電場強度大小?！究键c】AK：帶電粒子在勻強電場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】11：計算題；32：定量思想；43：推理法；531：帶電粒子在電場中的運動專題【分析】（1）抓住兩球在電場中，水平方向上的加速度大小相等，一個做勻加速直線運動，一個做勻減速直線運動，在豎直方向上的運動時間相等得出水平方向時間相等，結(jié)合運動學公式求出M與N在電場中沿水平方向的位移之比；（2）根據(jù)離開電場時動能的大

38、小關系，抓住M做直線運動，得出M離開電場時水平分速度和豎直分速度的關系，抓住M速度方向不變，結(jié)合進入電場時豎直分速度和水平分速度的關系，根據(jù)速度位移公式求出A點距電場上邊界的高度；（3）結(jié)合帶電小球M電場中做直線運動，結(jié)合速度方向得出電場力和重力的關系，從而求出電場強度的大小?！窘獯稹拷猓海?）兩帶電小球的電量相同，可知M球在電場中水平方向上做勻加速直線運動，N球在水平方向上做勻減速直線運動，水平方向上的加速度大小相等，兩球在豎直方向均受重力，豎直方向上做加速度為g的勻加速直線運動，由于豎直方向上的位移相等，則運動的時間相等，設水平方向的加速度大小為a，對M，有：，對N：v0=at，可得，解得

39、xM：xN=3：1。（2、3）設正電小球離開電場時的豎直分速度為vy，水平分速度為v1，兩球離開電場時豎直分速度相等，因為M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍，則有：，解得，因為v1=v0+at=2v0，則=2v0，因為M做直線運動，設小球進電場時在豎直方向上的分速度為vy1，則有：，解得vy1=，在豎直方向上有：，解得A點距電場上邊界的高度h=。因為M做直線運動，合力方向與速度方向在同一條直線上，有：=，則電場的電場強度E=。答：（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比為3：1（2）A點距電場上邊界的高度為；（3）該電場的電場強度大小為。【點評】本題考查了

40、帶電小球在復合場中的運動，理清兩球在整個過程中的運動規(guī)律，將運動分解為水平方向和豎直方向，結(jié)合運動學公式靈活求解。三、選考題：請考生從給出的物理題中任選一題作答.如果多做，則按所做的第一題計分。物理-選修3-3（15分）13（5分）如圖，用隔板將一絕熱汽缸分成兩部分，隔板左側(cè)充有理想氣體，隔板右側(cè)與絕熱活塞之間是真空?，F(xiàn)將隔板抽開，氣體會自發(fā)擴散至整個汽缸。待氣體達到穩(wěn)定后，緩慢推壓活塞，將氣體壓回到原來的體積。假設整個系統(tǒng)不漏氣。下列說法正確的是（）A氣體自發(fā)擴散前后內(nèi)能相同B氣體在被壓縮的過程中內(nèi)能增大C在自發(fā)擴散過程中，氣體對外界做功D氣體在被壓縮的過程中，外界對氣體做功E氣體在被壓縮的

41、過程中，氣體分子的平均動能不變【考點】8F：熱力學第一定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；43：推理法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】抽開隔板時，氣體自發(fā)的擴散，不會對外做功；活塞對氣體推壓，則活塞對氣體做功?！窘獯稹拷猓篈C、抽開隔板時，氣體體積變大，但是右方是真空，又沒有熱傳遞，則根據(jù)U=Q+W可知，氣體的內(nèi)能不變，A正確，C錯誤；BD、氣體被壓縮的過程中，外界對氣體做功，根據(jù)U=Q+W可知，氣體內(nèi)能增大，BD正確；E、氣體被壓縮時，外界做功，內(nèi)能增大，氣體分子平均動能是變化的，E錯誤。故選：ABD。【點評】本題考查了氣體內(nèi)能和理想氣體的三個變化過程，掌握內(nèi)能的方程和理想氣體方

42、程才能使這樣的題目變得容易。14（10分）一熱氣球體積為V，內(nèi)部充有溫度為Ta的熱空氣，氣球外冷空氣的溫度為Tb已知空氣在1個大氣壓、溫度為T0時的密度為0，該氣球內(nèi)、外的氣壓始終都為1個大氣壓，重力加速度大小為g。（i）求該熱氣球所受浮力的大小；（ii）求該熱氣球內(nèi)空氣所受的重力；（iii）設充氣前熱氣球的質(zhì)量為m0，求充氣后它還能托起的最大質(zhì)量?！究键c】99：理想氣體的狀態(tài)方程菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】32：定量思想；43：推理法；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】（i）根據(jù)浮力的公式計算浮力的大小，此時的關鍵是計算外界的氣體密度；（ii）根據(jù)G=Vg計算重力，關鍵是計算氣球內(nèi)部的空氣密度；

43、（iii）根據(jù)平衡條件分析充氣后能托起的最大質(zhì)量。【解答】解：（i）設1個大氣壓下質(zhì)量為m的空氣在溫度為T0時的體積為V0，密度為設溫度為T的體積為VT，密度為（T）=由蓋呂薩克定律得聯(lián)立可得：（T）=氣球受到的浮力為f=（Tb）gV聯(lián)立可得：f=；（ii）根據(jù)（T）=可得（Ta）=，氣球內(nèi)空氣的重力為G=（Ta）gV=gV；（iii）氣球要漂浮在空氣中，則氣球總重力等于冷空氣的浮力，假如還能托起的最大質(zhì)量為m則F=m0g+G+mg所以m=m0答：（i）氣球受到的浮力為：gV；（ii）氣球內(nèi)空氣的重力為gV；（iii）能托起的最大質(zhì)量為m0。【點評】本題考查了理想氣體的特點和平衡問題。對于這種

44、問題，心理上不要懼怕，從一些重要的知識點入手，應用相應的公式即可求解。物理-選修3-4（15分）15在雙縫干涉實驗中，用綠色激光照射在雙縫上，在縫后的屏幕上顯示出干涉圖樣若要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距，可選用的方法是（）A改用紅色激光B改用藍色激光C減小雙縫間距D將屏幕向遠離雙縫的位置移動E將光源向遠離雙縫的位置移動【考點】O4：用雙縫干涉測光的波長菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】31：定性思想；43：推理法；54G：光的干涉專題【分析】根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式，得出影響條紋間距的因素，從而分析判斷【解答】解：根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式知，增大入射光的波長、減小雙縫間距，以及增大屏幕與雙縫的距離，

45、可以增大條紋的間距，由于紅光的波長大于綠光的波長，可知換用紅色激光可以增大條紋間距，故ACD正確，BE錯誤。故選：ACD?！军c評】解決本題的關鍵知道雙縫干涉條紋間距公式，以及知道各種色光的波長大小關系，基礎題16一直桶狀容器的高為2l，底面是邊長為l的正方形；容器內(nèi)裝滿某種透明液體，過容器中心軸DD、垂直于左右兩側(cè)面的剖面圖如圖所示容器右側(cè)內(nèi)壁涂有反光材料，其他內(nèi)壁涂有吸光材料在剖面的左下角處有一點光源，已知由液體上表面的D點射出的兩束光線相互垂直，求該液體的折射率【考點】H3：光的折射定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有【專題】12：應用題；22：學科綜合題；31：定性思想；4C：方程法；54D：光的折射專題

46、【分析】根據(jù)反射定律和折射定律，結(jié)合入射角與折射角、反射角的關系，作出光路圖根據(jù)折射定律以及數(shù)學幾何關系求出瓶內(nèi)液體的折射率【解答】解：設從光源發(fā)出的光直接射到D點的光線的入射角為i1，折射角為1，在剖面內(nèi)做光源相對于鏡面的對稱點C，連接CD，交鏡面與E點，由光源射向E點的光線反射后由ED射向D點，設入射角為i2，折射角為2，如圖；設液體的折射率為n，由折射定律：nsini1=sin1nsini2=sin2由題意：1+2=90聯(lián)立得：由圖中幾何關系可得：；聯(lián)立得：n=1.55答：該液體的折射率為1.55【點評】本題首先要正確作出光路圖，深刻理解折射率的求法，運用幾何知識求入射角與折射角的正弦是

47、解答的關鍵高中物理解題方法專題指導方法專題一：圖像法一、方法簡介 圖像法是根據(jù)題意把抽像復雜的物理過程有針對性地表示成物理圖像，將物理量間的代數(shù)關系轉(zhuǎn)變?yōu)閹缀侮P系，運用圖像直觀、形像、簡明的特點，來分析解決物理問題，由此達到化難為易、化繁為簡的目的 高中物理學習中涉及大量的圖像問題，運用圖像解題是一種重要的解題方法在運用圖像解題的過程中，如果能分析有關圖像所表達的物理意義，抓住圖像的斜率、截距、交點、面積、臨界點等幾個要點，常常就可以方便、簡明、快捷地解題 二、典型應用1把握圖像斜率的物理意義 在v-t圖像中斜率表示物體運動的加速度，在s-t圖像中斜率表示物體運動的速度，在U-I圖像中斜率表示

48、電學元件的電阻，不同的物理圖像斜率的物理意義不同2抓住截距的隱含條件 圖像中圖線與縱、橫軸的截距是另一個值得關注的地方，常常是題目中的隱含條件例1、在測電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，根據(jù)得出的一組數(shù)據(jù)作出U-I圖像，如圖所示，由圖像得出電池的電動勢E=_ V，內(nèi)電阻r=_ . 3挖掘交點的潛在含意 一般物理圖像的交點都有潛在的物理含意，解題中往往又是一個重要的條件，需要我們多加關注如：兩個物體的位移圖像的交點表示兩個物體“相遇”例2、A、B兩汽車站相距60 km，從A站每隔10 min向B站開出一輛汽車，行駛速度為60 kmh(1)如果在A站第一輛汽車開出時，B站也有一輛汽車以同樣大小的速度開

49、往A站，問B站汽車在行駛途中能遇到幾輛從A站開出的汽車?(2)如果B站汽車與A站另一輛汽車同時開出，要使B站汽車在途中遇到從A站開出的車數(shù)最多，那么B站汽車至少應在A站第一輛車開出多長時間后出發(fā)(即應與A站第幾輛車同時開出)?最多在途中能遇到幾輛車?(3)如果B站汽車與A站汽車不同時開出，那么B站汽車在行駛途中又最多能遇到幾輛車?例3、 如圖是額定電壓為100伏的燈泡由實驗得到的伏安特曲線，則此燈泡的額定功率為多大?若將規(guī)格是“100 v、100 W”的定值電阻與此燈泡串聯(lián)接在100 v的電壓上，設定值電阻的阻值不隨溫度而變化，則此燈泡消耗的實際功率為多大? 4明確面積的物理意義 利用圖像的面

50、積所代表的物理意義解題，往往帶有一定的綜合性，常和斜率的物理意義結(jié)合起來，其中v一t圖像中圖線下的面積代表質(zhì)點運動的位移是最基本也是運用得最多的例4、在光滑的水平面上有一靜止的物體，現(xiàn)以水平恒力甲推這一物體，作用一段時間后，換成相反方向的水平恒力乙推這一物體當恒力乙作用時間與恒力甲作用時間相同時，物體恰好回到原處，此時物體的動能為32 J則在整個過程中，恒力甲做功等于多少?恒力乙做功等于多少? 5尋找圖中的臨界條件物理問題常涉及到許多臨界狀態(tài)，其臨界條件常反映在圖中，尋找圖中的臨界條件，可以使物理情景變得清晰例5、從地面上以初速度2v0豎直上拋一物體A，相隔t時間后又以初速度v0從地面上豎直上

51、拋另一物體B，要使A、B能在空中相遇，則t應滿足什么條件? 6把握圖像的物理意義 例6、如圖所示，一寬40 cm的勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向里一邊長為20 cm的正方形導線框位于紙面內(nèi)，以垂直于磁場邊界的恒定速度v=20 cms通過磁場區(qū)域，在運動過程中，線框有一邊始終與磁場區(qū)域的邊界平行取它剛進入磁場的時刻t=0，在下列圖線中，正確反映感應電流隨時問變化規(guī)律的是( )三、針對訓練( )1汽車甲沿著平直的公路以速度v0做勻速直線運動當它路過某處的同時，該處有一輛汽車乙開始做初速為零的勻加速運動去追趕甲車根據(jù)上述的已知條件 A可求出乙車追上甲車時乙車的速度 B可求出乙車追上甲車時乙車所走的

52、路程 C可求出乙車從開始起動到追上甲車時所用的時間 D不能求出上述三者中任何一個( )2在有空氣阻力的情況下，以初速v1豎直上拋一個物體，經(jīng)過時間t1，到達最高點又經(jīng)過時間t2，物體由最高點落回到拋出點，這時物體的速度為v2，則 Av2=v1, t2=t1 Bv2v1, t2t1 Cv2t1 Dv2v1, t2t1( )3、一顆速度較大的子彈，水平擊穿原來靜止在光滑的水平面上的木塊，設木塊對子彈的阻力恒定，則子彈入射速度增大時，下列說法正確的是A、木塊獲得的動能變大 B、木塊獲得的動能變小C、子彈穿過木塊的時間變長 D、子彈穿過木塊的時間不變4、一火車沿直線軌道從靜止發(fā)出由A地駛向B地，并停止

53、在B地A、B兩地相距s，火車做加速運動時，其加速度最大為a1，做減速運動時，其加速度的絕對值最大為a2，由此可以判斷出該火車由A到B所需的最短時間為_.5、一質(zhì)點沿x軸做直線運動，其中v隨時間t的變化如圖(a)所示，設t=0時，質(zhì)點位于坐標原點O處試根據(jù)v-t圖分別在(b)及圖(c)中盡可能準確地畫出： (1)表示質(zhì)點運動的加速度a隨時間t變化關系的a-t圖； (2)表示質(zhì)點運動的位移x隨時間t變化關系的x-t圖 6、物體從某一高度由靜止開始滑下，第一次經(jīng)光滑斜面滑至底端時間為t1，第二次經(jīng)過光滑曲面ACD滑至底端時間為t2，如圖所示，設兩次通過的路程相等，試比較t1與t2的大小關系 7、兩光

54、滑斜面高度相等，乙斜面的總長度和甲斜面的總長度相等，只是由兩部分接成，如圖所示將兩個相同的小球從斜面的頂端同時釋放，不計在接頭處的能量損失，問哪個先滑到底端? 8、A、B兩點相距s，將s平分為n等份今讓一物體(可視為質(zhì)點)從A點由靜止開始向B做加速運動，物體通過第一等份時的加速度為a，以后每過一個等分點，加速度都增加a/n，試求該物體到達B點的速度 9、質(zhì)量m=1 kg的物體A開始時靜止在光滑水平地面上，在第1，3，5奇數(shù)秒內(nèi)，給A施加同向的2 N的水平推力F，在2，4，6偶數(shù)秒內(nèi)，不給施加力的作用，問經(jīng)多少時間，A可完成s=100 m的位移 10、一只老鼠從老鼠洞沿直線爬出，已知爬出速度v的

55、大小與距洞口的距離s成反比，當老鼠到達洞口的距離s1=1m的A點時，速度大小為v1=20cm/s，當老鼠到達洞口的距離s2=2m的A點時，速度大小為v2為多少？老鼠從A點到達B點所用的時間t為多少？例題解析：例1.【解析】 電源的U-I圖像是經(jīng)常碰到的，由圖線與縱軸的截距容易得出電動勢E=1.5 V，圖線與橫軸的截距06 A是路端電壓為080伏特時的電流，(學生在這里常犯的錯誤是把圖線與橫軸的截距06 A當作短路電流，而得出r=E/I短=2.5 的錯誤結(jié)論)故電源的內(nèi)阻為:r=U/I=1.2.例2.【解析】 依題意在同一坐標系中作出分別從A、B站由不同時刻開出的汽車做勻速運動的s一t圖像，如圖

56、所示 從圖中可一目了然地看出：(1)當B站汽車與A站第一輛汽車同時相向開出時，B站汽車的s一t圖線CD與A站汽車的s-t圖線有6個交點(不包括在t軸上的交點)，這表明B站汽車在途中(不包括在站上)能遇到6輛從A站開出的汽車(2)要使B站汽車在途中遇到的車最多，它至少應在A站第一輛車開出50 min后出發(fā)，即應與A站第6輛車同時開出此時對應B站汽車的st圖線MN與A站汽車的s一t圖線共有11個交點(不包括t軸上的交點)，所以B站汽車在途中(不包括在站上)最多能遇到1l輛從A站開出的車(3)如果B站汽車與A站汽車不同時開出，則B站汽車的s-t圖線(如圖中的直線PQ)與A站汽車的s-t圖線最多可有1

57、2個交點，所以B站汽車在途中最多能遇到12輛車例3. 【解析】 由圖線可知：當U=100 V， I=0.32 A, P=UI=1000.32=32 W;定值電阻的阻值R=100 由UL+UR=100 V，得：UL+100I=100 V, I=作該方程的圖線(如圖乙中直線)，它跟原圖線的交點的坐標為：I1=0.29 A，UL1=7l V；此交點就是燈泡的工作點，故燈泡消耗的實際功率：PL1=I1UL120W. 例4. 【解析】這是一道較好的力學綜合題，涉及運動、力、功能關系的問題粗看物理情景并不復雜，但題意直接給的條件不多，只能深挖題中隱含的條件下圖表達出了整個物理過程，可以從牛頓運動定律、運動

58、學、圖像等多個角度解出，應用圖像方法，簡單、直觀 作出速度一時間圖像(如圖a所示)，位移為速度圖線與時間軸所夾的面積，依題意，總位移為零，即0AE的面積與EBC面積相等，由幾何知識可知ADC的面積與ADB面積相等，故0AB的面積與DCB面積相等(如圖b所示)即：（v12t0）= v2t0解得：v2=2v1由題意知, mv22=32J,故 mv12=8J,根據(jù)動能定理有 W1= mv12=8J, W2= m(v22-v12)=24J例5.【解析】在同一坐標系中作兩物體做豎直上拋運動的s-t圖像，如圖要A、B在空中相遇，必須使兩者相對于拋出點的位移相等，即要求A、B圖線必須相交，據(jù)此可從圖中很快看

59、出：物體B最早拋出時的臨界情形是物體B落地時恰好與A相遇；物體B最遲拋出時的臨界情形是物體B拋出時恰好與A相遇故要使A、B能在空中相遇，t應滿足的條件為：2v0/gtt27乙圖中小球先到底端8.vB=913.64 s 10. 10 cm/s ； 7.5s方法二:等效法一方法介紹 等效法是科學研究中常用的思維方法之一，它是從事物的等同效果這一基本點出發(fā)的，它可以把復雜的物理現(xiàn)象、物理過程轉(zhuǎn)化為較為簡單的物理現(xiàn)象、物理過程來進行研究和處理，其目的是通過轉(zhuǎn)換思維活動的作用對象來降低思維活動的難度，它也是物理學研究的一種重要方法 用等效法研究問題時，并非指事物的各個方面效果都相同，而是強調(diào)某一方面的效

60、果因此一定要明確不同事物在什么條件、什么范圍、什么方面等效在中學物理中，我們通常可以把所遇到的等效分為：物理量等效、物理過程等效、物理模型等效等二典例分析 1物理量等效 在高中物理中，小到等效勁度系數(shù)、合力與分力、合速度與分速度、總電阻與分電阻等；大到等效勢能、等效場、矢量的合成與分解等，都涉及到物理量的等效如果能將物理量等效觀點應用到具體問題中去，可以使我們對物理問題的分析和解答變得更為簡捷例l如圖所示，ABCD為表示豎立放在場強為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切A為水平軌道的一點，而且把一質(zhì)量m=100g、帶