湖南省長(zhǎng)沙市外國(guó)語(yǔ)初級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理月考試卷含解析

1、湖南省長(zhǎng)沙市外國(guó)語(yǔ)初級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理月考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 為了兒童安全，布絨玩具必須檢測(cè)其中是否存在金屬斷針，可以先將玩具放置在強(qiáng)磁場(chǎng)中，若其中有斷針，則斷針被磁化，用磁報(bào)警裝置可以檢測(cè)到斷針的存在。如圖所示是磁報(bào)警裝置中的一部分電路示意圖，其中RB是磁敏傳感器，它的電阻隨斷針的出現(xiàn)而減小，a、b接報(bào)警器，當(dāng)傳感器RB所在處出現(xiàn)斷針時(shí)，電流表的電流I、ab兩端的電壓U將 AI變大，U變大 BI變小，U變小 CI變大，U變小DI變小，U變大參考答案：C2. 汽車甲沿著平直的公路以速度v0做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

2、當(dāng)它路過某處的同時(shí)，該處有一輛汽車乙開始做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)去追趕甲車，根據(jù)上述的已知條件( )A可求出乙車追上甲車時(shí)乙車的速度B可求出乙車追上甲車時(shí)乙車所走的路程C可求出乙車從開始啟動(dòng)到追上甲車時(shí)所用的時(shí)間 D不能求出上述三者中任何一個(gè)參考答案：A3. 如今家用電器越來(lái)越多，它們?cè)诖龣C(jī)狀態(tài)下也會(huì)耗電。為了節(jié)約電能和用電安全，你將選擇（ ） 切斷長(zhǎng)期不使用的空調(diào)機(jī)的電源 電視機(jī)在不使用時(shí)，不切斷電源 合理使用節(jié)能燈具 盡量避免同時(shí)使用大功率家用電器 A B C D參考答案：答案：C4. 下面列出的是一些核反應(yīng)方程; ; 其中（ ）X是質(zhì)子，Y是中子，Z是正電子X是正電子，Y是質(zhì)子，Z是中子

3、X是中子，Y是正電子，Z是質(zhì)子X是正電子，Y是中子，Z是質(zhì)子參考答案：答案：D 5. （單選）下列關(guān)于物理學(xué)史和物理方法的敘述中，正確的是（）A研究分力與合力的關(guān)系時(shí)運(yùn)用了等效替代的方法B卡文迪許利用扭秤裝置發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律C牛頓通過大量實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證得出了牛頓第一定律D控制變量法是科學(xué)探究多個(gè)量關(guān)系的重要方法參考答案：考點(diǎn)：物理學(xué)史.專題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可解答：解：A、研究分力與合力的關(guān)系時(shí)運(yùn)用了等效替代的方法，故A正確；B、卡文迪許利用扭秤裝置測(cè)量出了萬(wàn)有引力常量，故B錯(cuò)誤；C、牛頓第一定律是邏輯思維的產(chǎn)物，不能用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，故C錯(cuò)誤；D、控制

4、變量法是科學(xué)探究多個(gè)量關(guān)系的重要方法，故D正確；故選：AD點(diǎn)評(píng)：本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. （4分）隨著能量消耗的迅速增加，如何有效的提高能量利用率是人類所面臨的一項(xiàng)重要任務(wù)。如圖是上?！懊髦榫€”某輕軌車站的設(shè)計(jì)方案，與站臺(tái)連接的軌道有一個(gè)小的坡度，從提高能量利用的角度來(lái)看，這種設(shè)計(jì)的優(yōu)點(diǎn)是 。參考答案： 上坡時(shí)，部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能；下坡時(shí)部分重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能。7. 核電池又叫“放射性同位素電池”，一個(gè)硬幣大小的核電池，就可以讓手機(jī)不充電使用5000年. 燃料中钚

5、（）是一種人造同位素，可通過下列反應(yīng)合成：用氘核（）轟擊鈾（）生成镎（NP238）和兩個(gè)相同的粒子X，核反應(yīng)方程是； 镎（NP238）放出一個(gè)粒子Y后轉(zhuǎn)變成钚（），核反應(yīng)方程是 +則X粒子的符號(hào)為 ；Y粒子的符號(hào)為 參考答案：，（2分）； （2分）8. （多選）兩電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷放在x軸上的A、B兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨x變化的關(guān)系圖線如圖所示，其中P點(diǎn)電勢(shì)最低，且APBP，則（） A P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零 B q1的電荷量大于q2的電荷量 C q1和q2是同種電荷，但不一定是正電荷 D 負(fù)電荷從P點(diǎn)左側(cè)移到P點(diǎn)右側(cè)，電勢(shì)能先減小后增大參考答案： 解：A、在P點(diǎn)，x圖線切線

6、斜率為零，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零故A正確 B、P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零，說(shuō)明q1和q2兩點(diǎn)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，由公式E=k，APBP，則q1的電荷量大于q2的電荷量故B正確 C、A到P的電勢(shì)降低，從P到B電勢(shì)升高，則電場(chǎng)線方向A到P，再?gòu)腜到B，則q1和q2是同種電荷，一定是正電荷故C錯(cuò)誤 D、負(fù)電荷從P點(diǎn)左側(cè)移到P點(diǎn)右側(cè)，電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，電勢(shì)能先增大后減小故D錯(cuò)誤故選AB9. 如圖所示為研究光電效應(yīng)的電路圖，對(duì)于某金屬用紫外線照射時(shí)，電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片向右移動(dòng)的過程中，電流表的示數(shù)不可能 _（選填“減小”、“增大”）。 如果改用頻率略低的紫光

7、照射，電流表 _（選填“一定”、“可能”或“一定沒”）有示數(shù)。參考答案：減小 可能 10. 平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，若由于F1的誤差使F1與F2的合力F方向略向左偏，如圖實(shí)所示，但F大于等于F，引起這一結(jié)果的原因可能是F1的大小比真實(shí)值偏_，F(xiàn)1的方向使它與F2的夾角比真實(shí)值偏_參考答案： 大 大11. 右圖為小車做直線運(yùn)動(dòng)的st圖，則小車在BC段做_運(yùn)動(dòng)，圖中B點(diǎn)對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的瞬時(shí)速度大小是_m/s。參考答案：勻速 1.6-2.1 12. 如圖所示，質(zhì)量M=2kg均勻矩形木塊靠在光滑墻上，A點(diǎn)處有固定光滑轉(zhuǎn)動(dòng)軸，AB與水平方向夾角30，CD邊長(zhǎng)為2m，B、D兩點(diǎn)連線與地面平行，一質(zhì)量m=1

8、0kg的小物體若固定在CD邊上且位于A點(diǎn)正上方處，則墻對(duì)木塊的彈力為_N；若將小物體從C點(diǎn)處?kù)o止釋放使其沿CD邊自由下滑，物體與木塊間動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.2，物體維持勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為_s。參考答案：， 1.0813. （4分）某脈沖激光器的耗電功率為2103瓦，每秒鐘輸出10個(gè)光脈沖，每個(gè)脈沖持續(xù)的時(shí)間為108秒，攜帶的能量為0.2焦耳，則每個(gè)脈沖的功率為瓦，該激光器將電能轉(zhuǎn)化為激光能量的效率為 。參考答案：答案： 2103，0.001三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 用下列器材組裝成一個(gè)電路，既能測(cè)量出電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，又能同時(shí)描繪燈泡的伏安特性曲線A電

9、壓表V1（量程6V、內(nèi)阻很大） B電壓表V2（量程3V、內(nèi)阻很大）C電阻箱（阻值099.9） D小燈泡（2A、5W）E電池組（電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r） F開關(guān)一只，導(dǎo)線若干某同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖1實(shí)驗(yàn)時(shí)，電阻箱阻值R變大，則電壓表V1的示數(shù)U1 ，則電壓表V2的示數(shù)U2 （選填“變大”、“變小”或“不變”）每一次操作后，立刻記錄電阻箱阻值R、電壓表V1示數(shù)U1和電壓表V2示數(shù)U2借助測(cè)量數(shù)據(jù)，描繪出電源和燈泡的 UI圖線，如圖2所示以下判斷正確的是 A每個(gè)點(diǎn)的橫坐標(biāo)計(jì)算公式是；I=（ U1U2）：R，其中R、U1、U2都是同一次測(cè)量值B描繪傾斜直線所借助的點(diǎn)的縱坐標(biāo)是每次測(cè)量的電壓表V2示數(shù)U2

10、C描繪曲線借助的點(diǎn)的縱坐標(biāo)是每次測(cè)量的電壓表V2示數(shù)U2D兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時(shí)電阻箱阻值與燈泡阻值相等電池組的內(nèi)阻r= 、交點(diǎn)P處的電池組效率= （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案：變大；變??；AC；1.0；44%；【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)時(shí)，電壓表測(cè)路端電壓，隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大，電壓表示數(shù)增大；燈泡兩端電壓隨滑動(dòng)變阻器阻值增大而減??；根據(jù)電壓表示數(shù)變化確定各電路元件的連接方式，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖根據(jù)對(duì)應(yīng)的圖象以及閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，明確兩圖象的意義；電源的UI圖象與縱軸的交點(diǎn)示數(shù)是電源的電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻由圖象求出兩圖

11、線的交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓與電流，然后根據(jù)閉合電路中內(nèi)外電壓的關(guān)系及歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值；由圖象求出電路電流，然后由P=UI及效率公式求出電池組的效率【解答】解：（1）由電路圖可知，接入電阻變大，則電流減小；路端電壓增大；故電壓表V1的示數(shù)增大；燈泡兩端的電壓減小，故V2示數(shù)減??；（2）A、為了求出對(duì)應(yīng)的電阻值，在使用歐姆定律時(shí)兩電壓表示數(shù)應(yīng)是同一次實(shí)驗(yàn)中所測(cè)量的；故A正確；B、電源的UI圖象是一條傾斜的直線，要測(cè)量對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線應(yīng)根據(jù)V1的示數(shù)來(lái)描繪；故B錯(cuò)誤；C正確；D、兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時(shí)電阻箱阻值的接入電阻應(yīng)為零；故D錯(cuò)誤；故選：AC電源的UI圖象是一條傾斜的直線，由圖

12、象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=4.5V，電源內(nèi)阻r=1.0； 由圖乙所示圖象可知，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，即燈泡電壓UL=2V，此時(shí)電路電流I=2.5A，電源電動(dòng)勢(shì)為：E=Ir+UL+IR滑，即：4.5V=2.5A1+2V+2.0AR滑，得：R滑=0；電池組的效率=100%=100%=100%44%故答案為：變大；變小；AC；1.0；44%；15. （6分）與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器一樣，光電計(jì)時(shí)器也是一種研究物體運(yùn)動(dòng)情況是常用的計(jì)時(shí)儀器。如圖（甲）所示，a、b分別是光電門的激光發(fā)射和接收裝置。現(xiàn)利用如圖（乙）所示的裝置驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”。方法是：在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，通過跨過定滑輪的

13、細(xì)繩與鉤碼相連，連接好1、2兩個(gè)光電門。在圖示位置釋放滑塊后，光電計(jì)時(shí)器記錄下滑塊上的遮光板先后通過兩個(gè)光電門的時(shí)間分別為t1、t2。已知滑塊（含遮光板）質(zhì)量為M、鉤碼質(zhì)量為m、兩光電門間距為s、遮光板寬度為L(zhǎng)（L遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于s）、當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。 （1）計(jì)算滑塊上的遮光板先后通過兩個(gè)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式： v1= ，v2= （用題目中給定的字母表示）（2）本實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式為 （用題目中給定的字母表示）參考答案：答案：（1），；（2） 評(píng)分參考：每空2分，共6分。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示，有一半徑為R的半球形凹槽P，放在光滑的水平地面上，一面緊

14、靠在光滑的墻壁上，在槽口上有一質(zhì)量為m的小球，由靜止釋放，沿光滑的球面滑下，經(jīng)最低點(diǎn)B，又沿球面上升到最高點(diǎn)C，經(jīng)歷的時(shí)間為t，B、C兩點(diǎn)高度差為0.6R。小球到達(dá)C點(diǎn)的速度_；在這段時(shí)間t里，豎直墻對(duì)凹槽的沖量_。參考答案：本題考查了動(dòng)量守恒定律及動(dòng)量定理等相關(guān)知識(shí)點(diǎn)，意在考查考生理解和應(yīng)用能力。(1)小球從A到B的過程中，凹槽P不動(dòng)，對(duì)m有：小球從B到C的過程中，凹槽和球構(gòu)成系統(tǒng)動(dòng)量守恒(水平方向)和機(jī)械能守恒，所以有由解得小球到達(dá)C點(diǎn)的速度。(2)豎直墻對(duì)凹槽的沖量等于系統(tǒng)在水平方向獲得的動(dòng)量，所以有。17. 如圖所示，汽車沿水平路面向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為m的鐵球用輕質(zhì)細(xì)繩拴著吊在

15、豎直的前壁上，細(xì)繩的延長(zhǎng)線通過鐵球的球心O，與豎直方向的夾角=37已知sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度為g，求：（1）當(dāng)鐵球與汽車前壁接觸且相互間的彈力恰好為零時(shí)，汽車的加速度a1；（2）當(dāng)汽車的加速度a2=g時(shí)，汽車前壁對(duì)鐵球的彈力大小F；（3）當(dāng)汽車與鐵球一起運(yùn)動(dòng)的加速度a3=g時(shí)，細(xì)繩的拉力參考答案：考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：（1）通過受力分析利用牛頓第二定律即可求的加速度；（2）由受力分析，利用牛頓第二定律即可求的彈力；（3）通過判斷已知物體脫離車壁，利用牛頓第二定律即可求拉力解答：解：（1）小球受重力、細(xì)線拉力T，合力水

16、平向右，由牛頓第二定律有mgtan=ma1代入數(shù)據(jù)得 （2）小球受力分析如圖，設(shè)細(xì)線拉力為T，同理有Tcosmg=0TsinF=ma2代入數(shù)據(jù)解得 （3）設(shè)細(xì)繩拉力大小T3，方向與豎直的夾角為，由于a3a1，小球已脫離前壁，受重力、細(xì)線拉力T3，則受到水平的合力由牛頓第二定律有 F3=ma3代入數(shù)據(jù)解得 ，=45答：（1）當(dāng)鐵球與汽車前壁接觸且相互間的彈力恰好為零時(shí)，汽車的加速度a1（2）當(dāng)汽車的加速度a2=g時(shí)，汽車前壁對(duì)鐵球的彈力大小F；（3）當(dāng)汽車與鐵球一起運(yùn)動(dòng)的加速度a3=g時(shí)，細(xì)繩的拉力點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了牛頓第二定律，抓住受力分析是關(guān)鍵18. 如圖所示，在xOy平面中第一象限內(nèi)有一點(diǎn)P(4，3)，OP所在直線下方有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，OP上方有平行于OP向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E100V/m。一質(zhì)量m1106kg，電荷量q2103C帶正電的粒子，從坐標(biāo)原點(diǎn)O以初速度v1103m/s垂直于磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度方向與OP垂直并進(jìn)入電場(chǎng)，在經(jīng)過電場(chǎng)中的M點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)時(shí)的動(dòng)能為P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能的2倍，不計(jì)粒子重力。求：(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小